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    浙江专用2020版高考数学大一轮复习 第三章导数及其应用 第2讲 导数在研究函数中的应用 第2课时导数与函数的极值最值练习(含解析)

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    浙江专用2020版高考数学大一轮复习 第三章导数及其应用 第2讲 导数在研究函数中的应用 第2课时导数与函数的极值最值练习(含解析)

    1、第2课时 导数与函数的极值、最值 基础达标1(2019宁波质检)下列四个函数中,在x0处取得极值的函数是()yx3;yx21;y|x|;y2x.ABCD解析:选D.中,y3x20恒成立,所以函数在R上递增,无极值点;中y2x,当x0时函数单调递增,当x0时函数单调递减,且y|x00,符合题意;中结合该函数图象可知当x0时函数单调递增,当x0时函数单调递减,且y|x00,符合题意;中,由函数的图象知其在R上递增,无极值点,故选D.2函数y在0,2上的最大值是()ABC0D解析:选A.易知y,x0,2,令y0,得0x1,令y1,所以函数y在0,1上单调递增,在(1,2上单调递减,所以y在0,2上的

    2、最大值是y|x1,故选A.3设函数f(x)ax2bxc(a,b,cR)若x1为函数f(x)ex的一个极值点,则下列图象不可能为yf(x)图象的是()解析:选D.因为f(x)exf(x)exf(x)(ex)f(x)f(x)ex,且x1为函数f(x)ex的一个极值点,所以f(1)f(1)0;选项D中,f(1)0,f(1)0,不满足f(1)f(1)0.4函数f(x)x3bx2cxd的大致图象如图所示,则xx等于()ABCD解析:选C.函数f(x)的图象过原点,所以d0.又f(1)0且f(2)0,即1bc0且84b2c0,解得b1,c2,所以函数f(x)x3x22x,所以f(x)3x22x2,由题意知

    3、x1,x2是函数的极值点,所以x1,x2是f(x)0的两个根,所以x1x2,x1x2,所以xx(x1x2)22x1x2.5已知函数f(x)x33x29x1,若f(x)在区间k,2上的最大值为28,则实数k的取值范围为()A3,)B(3,)C(,3)D(,3解析:选D.由题意知f(x)3x26x9,令f(x)0,解得x1或x3,所以f(x),f(x)随x的变化情况如下表:x(,3)3(3,1)1(1,)f(x)00f(x)极大值极小值又f(3)28,f(1)4,f(2)3,f(x)在区间k,2上的最大值为28,所以k3.6已知函数f(x)k,若x2是函数f(x)的唯一一个极值点,则实数k的取值范

    4、围为()A(,eB0,eC(,e)D0,e)解析:选A.f(x)k(x0)设g(x),则g(x),则g(x)在(0,1)内单调递减,在(1,)内单调递增所以g(x)在(0,)上有最小值,为g(1)e,结合g(x)与yk的图象可知,要满足题意,只需ke,选A.7已知函数yf(x)x33ax23bxc在x2处有极值,其图象在x1处的切线平行于直线6x2y50,则f(x)的极大值与极小值之差为_解析:因为y3x26ax3b,所以y3x26x,令3x26x0,则x0或x2.所以f(x)极大值f(x)极小值f(0)f(2)4.答案:48设f(x)ln x,g(x)f(x)f(x),则g(x)的最小值为_

    5、解析:对f(x)ln x求导,得f(x),则g(x)ln x,且x0.对g(x)求导,得g(x),令g(x)0,解得x1.当x(0,1)时,g(x)0,函数g(x)ln x在(0,1)上单调递减;当x(1,)时,g(x)0,函数g(x)ln x在(1,)上单调递增所以g(x)ming(1)1.答案:19(2019台州市高三期末考试)已知函数f(x)x23xln x,则f(x)在区间,2上的最小值为_;当f(x)取到最小值时,x_解析:f(x)2x3(x0),令f(x)0,得x或x1,当x,1时,f(x)0,x1,2时,f(x)0,所以f(x)在区间,1上单调递减,在区间1,2上单调递增,所以当

    6、x1时,f(x)在区间,2上的最小值为f(1)2.答案:2110(2019义乌模拟)已知函数f(x)ln xnx(n0)的最大值为g(n),则使g(n)n20成立的n的取值范围为_解析:易知f(x)的定义域为(0,)因为f(x)n(x0,n0),当x时,f(x)0,当x时,f(x)0,所以f(x)在上单调递增,在上单调递减,所以f(x)的最大值g(n)fln n1.设h(n)g(n)n2ln nn1.因为h(n)10,所以h(n)在(0,)上单调递减又h(1)0,所以当0nh(1)0,故使g(n)n20成立的n的取值范围为(0,1)答案:(0,1)11已知函数f(x)ax2bln x在点A(1

    7、,f(1)处的切线方程为y1.(1)求实数a,b的值;(2)求函数f(x)的极值解:(1)f(x)的定义域是(0,),f(x)2ax,f(1)a1,f(1)2ab0,将a1代入2ab0,解得b2.(2)由(1)得f(x)x22ln x(x0),所以f(x)2x,令f(x)0,解得x1,令f(x)0,解得0x0,解得x1,令f(x)0,解得2x1,所以f(x)在(,2)上单调递增,在(2,1)上单调递减,在(1,)上单调递增,所以当x1时,f(x)取得极小值,且f(x)极小值f(1)1,选择A.2(2019浙江东阳中学期中检测)设函数f(x)ex(2x1)axa,其中a1,若存在唯一的整数x0,

    8、使得f(x0)0,则a的取值范围是_解析:设g(x)ex(2x1),yaxa,由题意存在唯一的整数x0,使得g(x0)在直线yaxa的下方,因为g(x)ex(2x1),所以当x时,g(x)时,g(x)0,所以当x时,g(x)min2e,当x0时,g(0)1,g(1)e0,直线yaxa恒过(1,0),斜率为a,故ag(0)1,且g(1)3e1aa,解得a1.答案:a0在3,)上恒成立,所以f(x)在3,)上为增函数,故a0符合题意当a0时,由函数f(x)的定义域可知,必须有2ax10对x3恒成立,故只能a0,所以2ax2(14a)x(4a22)0在3,)上恒成立令函数g(x)2ax2(14a)x(4a22),其对称轴为x1,因为a0,所以10,所以00),则h(x)12x,所以当0x0,从而函数h(x)在(0,1)上为增函数,当x1时,h(x)0,所以bxh(x)0,因此当x1时,b取得最大值0.8


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