1、2018 年年(全国全国 1 卷卷)逐题仿真练逐题仿真练 题号 14 15 16 17 18 考点 动能和动量 动力学图象 库仑定律及受力 分析 动生和感生电 动势 运动分解及动 能定理 题号 19 20 21 22 23 考点 电磁感应及 安培定则 双星问题 电场性质的理解 测劲度系数 电学实验 二、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一 项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分) 14(2019 江西南昌市下学期 4 月第二次模拟)用水平力拉一物体，使物体在水平地面上
2、由静 止开始做匀加速直线运动，t1时刻撤去拉力 F，物体做匀减速直线运动，到 t2时刻停止其 速度时间图象如图 1 所示，且 ，若拉力 F 做的功为 W1，冲量大小为 I1；物体克服摩擦 阻力 Ff做的功为 W2，冲量大小为 I2.则下列选项正确的是( ) 图 1 AW1 W2；I1I2 BW1I2 CW1 W2；I10；在 MN 右侧区域存在一与导轨垂直、磁感 应强度大小为 B0、方向垂直纸面向里的匀强磁场t0 时刻，金属棒从 MN 处开始，在水平 拉力 F 作用下以速度 v0向右匀速运动金属棒与导轨的电阻及摩擦均可忽略则( ) 图 4 A在 tt1时刻穿过回路的总磁通量为 B0Lv0t1
3、B通过电阻 R 的电流不是恒定电流 C在 t 时间内通过电阻的电荷量为kSB0Lv0 R t D金属棒所受的水平拉力 F 随时间均匀增大 答案 C 解析 根据题意可知，MN 左边的磁场方向与右边的磁场方向相同，那么总磁通量即为金属 棒左侧两种磁通量之和，则在 tt1时刻穿过回路的总磁通量为 12kt1SB0v0t1L， 故 A 错误； 根据法拉第电磁感应定律得 E t ， 结合闭合电路欧姆定律得 IE R kSB0Lv0 R ， 故通过电阻 R 的电流为恒定电流，B 错误；t 时间内通过电阻的电荷量为 qIt R kSB0Lv0 R t，故 C 正确；金属棒所受的安培力大小 FAB0ILkSB
4、0Lv0B0L R ；根据平衡条 件得，水平拉力大小等于安培力大小，即为 FkSB0Lv0B0L R ，故拉力 F 是一个恒量，故 D 错误 18 (2019 东北三省三校第二次联合模拟)如图 5 所示， 竖直平面内固定两根足够长的细杆 L1、 L2，两杆不接触，且两杆间的距离忽略不计两个小球 a、b(视为质点)质量均为 m，a 球套 在竖直杆 L1上，b 杆套在水平杆 L2上，a、b 通过铰链用长度为 L 的刚性轻杆连接，将 a 球 从图示位置由静止释放(轻杆与 L2杆夹角为 45 )，不计一切摩擦，已知重力加速度为 g.在此 后的运动过程中，下列说法中正确的是( ) 图 5 Aa 球和 b
5、 球所组成的系统机械能不守恒 Bb 球的速度为零时，a 球的加速度大小也为零 Cb 球的最大速度的大小为2 2gL Da 球的最大速度的大小为2gL 答案 C 解析 a 球和 b 球组成的系统没有外力做功，只有 a 球和 b 球的动能和重力势能相互转换， 因此 a 球和 b 球的机械能守恒，A 错误；设轻杆 L 和水平杆 L2的夹角为 ，由运动关联可知 vbcos vasin ，则 vbva tan ，可知当 b 球的速度为零时，轻杆 L 处于水平位置且与杆 L2 平行，则此时 a 球在竖直方向只受重力 mg，因此 a 球的加速度大小为 g，B 错误；当杆 L 和 杆 L1第一次平行时，球 a
6、 运动到最下方，球 b 运动到 L1和 L2交点位置，球 b 的速度达到最 大，此时 a 球的速度为 0，因此由系统机械能守恒有 mg( 2 2 LL)1 2mvb 2，解得 v b 2 2gL，C 正确；当轻杆 L 和杆 L2第一次平行时，由运动的关联可知此时 b 球的速度 为零，由系统机械能守恒有 2 2 mg L1 2mva 2，解得 v a 2gL，此时 a 球具有向下的加速度 g，故此时 a 球的速度不是最大，a 球将继续向下做加速度减小的加速运动，到加速度为 0 时 速度达到最大，D 错误 19(2019 北京市东城区二模)图 6 甲所示是工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流
7、 探伤技术的原理图其原理是用通电线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的 改变，从而获得物件内部是否断裂及位置的信息如图乙所示的是一个由带铁芯的线圈 L、 开关 S 和电源连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈 L 上且使铁芯穿过其中，闭合 开关 S 的瞬间，套环将立刻跳起对以上两个实例的理解正确的是( ) 图 6 A涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳环实验演示了自感现象 B能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料 C金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中接的是直流电 D以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以都是恒压直流电源 答案 BC 解析 涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物
8、件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的 改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变， 套环中会产生感应电流，会跳动，属于演示楞次定律，故 A 错误无论是涡流探伤技术，还 是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生需在金属导体内，故 B 正确金 属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中 会感应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环 的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故 C 正确，D 错误 20(2019 辽宁省重点协作体模拟)某国际研究小组借助于智利的天文
9、望远镜，观测到了一组 双星系统，它们绕两者连线上的某点 O 做匀速圆周运动此双星系统中质量较小成员能“吸 食”另一颗质量较大星体表面物质，导致质量发生转移，假设在演变的过程中两者球心之间 的距离保持不变，则在最初演变的过程中( ) A它们之间的万有引力发生变化 B它们做圆周运动的角速度不断变大 C质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大 D质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小 答案 AC 解析 设双星质量分别为 M1、M2，两者球心之间的距离为 L，圆周运动半径分别为 r1、r2， 它们之间的万有引力为 FGM1M2 L2 ，距离 L 不变，M1与 M2之和不变，其乘积 M1M2
10、变化， 则它们的万有引力发生变化，A 正确；依题意，双星系统绕两者连线上某点 O 做匀速圆周运 动， 周期和角速度相同， 由万有引力定律及牛顿第二定律： GM1M2 L2 M12r1， GM1M2 L2 M22r2， r1r2L，联立解得 M1M2 2L3 G ，M1r1M2r2，则双星的质量比等于它们做圆周运动半径 的反比，故质量较大的星体因质量减小，其轨道半径将增大，又角速度不变，故线速度也增 大，B、D 错，C 对 21(2019 山东济宁市第二次摸底)电子在电场中仅受电场力作用运动时，由 a 点运动到 b 点 的轨迹如图 7 中虚线所示图中一组平行等距实线可能是电场线，也可能是等势线下
11、列说 法正确的是( ) 图 7 A若 a 点的电势比 b 点低，图中实线一定是等势线 B不论图中实线是电场线还是等势线，电子在 a 点的电势能都比 b 点小 C若电子在 a 点动能较小，则图中实线是电场线 D如果图中实线是等势线，则电子在 b 点电势能较大 答案 CD 解析 若图中实线是电场线，根据粒子运动轨迹可以判断，电子所受电场力水平向右，则电 场线向左，a 点电势比 b 点低，所以若 a 点的电势比 b 点低，图中实线可能是电场线，A 错 误若图中实线是电场线，根据 A 选项的分析，电场线向左，a 的电势小于 b 的电势，根据 电势能 Ep(e)，电子在电势低的位置电势能大，所以电子在
12、a 点的电势能大于 b 点电势 能，B 错误若电子在 a 点动能小，说明由 a 到 b 加速，如果图中实线是电场线，结合 A 选 项的分析，方向向左，电子受力向右，加速，a 点动能小，C 正确如果图中实线是等势线， 则电场线与等势线垂直，根据电子运动轨迹可以判断电子受力竖直向下，所以由 a 到 b 电场 力做负功，b 点动能小，电势能大，D 正确 22 (5 分)(2019 广东深圳市 4 月第二次调研)某实验小组要测量轻弹簧的劲度系数， 实验装置 如图 8a.将弹簧悬挂在固定铁架台上，毫米刻度尺竖直固定在弹簧旁，在弹簧下端挂上钩码， 多次改变钩码质量 m，读出钩码静止时固定在挂钩上的指针对应
13、的刻度尺示数 l.当钩码质量 为 200 g 时， 指针位置如图 b 所示 用所测数据在 ml 坐标系描点如图 c.取 g9.8 m/s2.回答 下列问题： 图 8 (1)图 b 中指针对应的刻度尺示数为_ cm： (2)在图 c 中将钩码质量为 200 g 时所对应的数据点补上，并作出 ml 图线； (3)根据图线算出弹簧的劲度系数为_ N/m(结果保留三位有效数字) 答案 (1)18.50(18.4818.52 均可) (2)如图所示 (3)23.524.8 解析 (1)由题图可知，刻度尺的分度值为 0.1 cm，则读数为 18.50 cm，误差范围 0.02 cm 均 可，即答案在 18
14、.4818.52 cm 之间均可； (2)钩码质量为 200 g 时对应的弹簧长度为 18.50 cm，图象如图所示 (3)根据 kF l 可知，弹簧的劲度系数 kF l mg l 0.39.8 22.5010.5010 2 N/m24.5 N/m(答案在 23.524.8 之间均可) 23(10 分)(2019 广东深圳市 4 月第二次调研)LED 灯的核心部件是发光二极管某同学欲测 量一只工作电压为 2.9 V 的发光二极管的正向伏安特性曲线，所用器材有：电压表(量程 3 V， 内阻约 3 k)，电流表 (用多用电表的直流 25 mA 挡替代，内阻约为 5 )，滑动变阻器(0 20 )，电
15、池组(内阻不计)，电键和导线若干他设计的电路如图 9(a)所示回答下列问题： 图 9 (1)根据图(a)，在实物图(b)上完成连线； (2)调节变阻器的滑片至最_端(填“左”或“右”)，将多用电表选择开关拨至直流 25 mA 挡，闭合电键； (3)某次测量中，多用电表示数如图(c)，则通过二极管的电流为_ mA； (4)该同学得到的正向伏安特性曲线如图(d)所示由曲线可知，随着两端电压增加，二极管的 正向电阻_(填“增大”“减小”或“不变”)；当两端电压为 2.9 V 时，正向电阻为 _ k(结果保留两位有效数字)； (5)若实验过程中发现，将变阻器滑片从一端移到另一端，二极管亮度几乎不变，电
16、压表示数 在 2.72.9 V 之间变化，试简要描述一种可能的电路故障：_. 答案 (1)连线如图所示 (2)左 (3)15.816.2 (4)减小 0.150.16 (5)连接电源负极与变阻器的导线断路 解析 (1)根据多用电表红黑表笔的接法“红进黑出”可知，黑表笔接二极管，红表笔接滑动 变阻器，滑动变阻器采用分压式接法，则连线如图： (2)为保护电路，开关闭合前需将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，即最左端； (3)多用电表所选量程为 25 mA， 则电流表读数为160 10 mA16.0 mA(答案在 15.816.2 范围内 均可)； (4)IU 图象中，图线斜率表示电阻的倒数，由题图可知，随着电压的增加，斜率逐渐增大， 则二极管的电阻逐渐减小；当两端电压为 2.9 V 时，电流表示数为 19.0 mA，则电阻大小为 R 2.9 V 0.019 A0.15 k(答案在 0.150.16 范围内均可)； (5)由于二极管的正向电阻约为 0.15 k，远大于滑动变阻器的最大阻值，因此若实验中，将 变阻器滑片从一端移到另一端，二极管亮度几乎不变，电压表示数在 2.72.9 V 之间变化， 则有可能是滑动变阻器与二极管串联，导致电路中总电阻较大，总电流较小，所以电压表的 示数变化较小，故故障可能是连接电源负极与变阻器的导线断路
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