1、书书书 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? O & F 7? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? # $ ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 槡? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 槡? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? # - B C ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?
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6、6 小题，每小题 4 分，710 小题全部选对得 4 分，选对不全得 2 分， 有选错或不答的得 0 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B D B C BD BD BCD AD 11 （6 分）(1)0.850(2 分) (2). B d t (2 分) ， 2 22 11 () 2 BA d g h tt =(2 分) 12 （9 分）（1）负接线柱(2 分)； 1 (2 分) （2）电压表的读数不变（或V的读数不变） (2 分) ；b(2 分) ；电压表的读数（或 R1、电流表内阻之和与电流表读数的乘积。）(1 分) 13 （14 分）解析： (1)M 板
7、 (或上极板)带正电（2 分） ； 撤去磁场后，粒子是从 M 板 (或上极板)边缘飞出（1 分） 。 (2)带电粒子在两板间匀速运动 0 x qv Bq E=(2 分) U E d =(2 分) 解得 0 x U B dv = (1 分) (3)去掉磁场，恰好从右板边缘射出，做类平抛运动， 水平：2d=v0t(2 分) 竖直： 2 1 22 y d a t=(1 分)， y EqUq a mdm =(1 分) 联立解得比荷 2 0 4 vq mU =(2 分) 14 （19 分）解析： (1) C 刚滑上 A 时，设 C 的加速度为 aC，AB 加速度相同，设为 aAB, A 对 B 作用力
8、FAB 运用牛顿运动定律： 对 C： CCC m gm a=(分) 对 AB 整体： CAB () AB m gmma=+(分) 2 对 B： ABABB Fm a=(分) 可得： 2 C 5/am s=(分)； AB 5NF=(分) (2) C 刚离开 A 时，A 与 B 速度相等,设为 vAB，由动量守恒定律： 0ABAB () CCC m vm vmmv=+(2 分) 代入数据，得 vAB=1m/s 设板长为 l，由功能关系可得： 222 CABAB0 111 () 222 CCC m glm vmmvm v=+(2 分) 代入数据，得木板 A 的长度 l=0.8m(1 分) （说明：用
9、牛顿运动定律结合，运动学公式做对，也可给分： 对 C： 22 0 2 C C c vv s a =(1 分) 对 AB： 2 AB AB AB 2 v s a =(1 分) 又： AB1AB va t=(1 分) C0C 1 vva t=(1 分) 可得： CAB s -sl =0.8m(1 分)） （3） 设 C 达到轨迹最大高度 h ，此时，无论 C 是否离开 B，只有水平速度且与 B 相等， 设为 vx；C 刚滑上 B 时，B 的速度 BAB 1m/svv=。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律可得： BCX () CCB m vmvmmv+=+(1 分) 222 BC
10、X 111 () 222 CCBC m vmvmmvm gh+=+(1 分) 代入数据得：vx=3m/s (1 分) h=0.15mR=0.1m, (1 分) 故 C 会从的上方脱离。vx即是轨迹最高点的速度，也是 C 脱离 B 时速度的水平分量。 解法一：设刚离开时 C 速度为 C v 对 C，从刚离开 B 到轨迹最高点过程，运用机械能守恒定律： 22 CX 11 ) 22 CCC m vm vm g hR =+（(分) 代入数据得： C 10/vm s =(1 分) 3 解法二：对 C 滑入 B 到刚离开，系统机械能守恒定律可得： 2222 1111 2222 CCBBCCBxC m vm
11、 vm vm vm gR+=+(分) 代入数据得： C 10/vm s =(1 分) 当 C 物体滑出后， 水平速度仍与 B 相同， 又会返回 B， 从 B 最下方向离开， 设速度为 C v 。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律： BBBBCCCC m vm vm vm v +=+ (1 分) B 2222 BBB 1111 2222 C CCC m vm vm vm v +=+(1 分) 代入数据，解得： C 2m/vs =(1 分) 15 （1） （4 分）增加（1 分） 、正功（1 分） 、=（1 分） 、从外界吸收（1 分） （2） （8 分）(1)第一次打入气体后
12、，篮球内气体压强变为 p1，根据玻马定律有： 00010 1 () 15 p VVpV+= (2 分) 解得： 10 16 15 pp=(2 分) (2)篮球内气体压强 1.5p0 ，经等温过程，在 p0压强下的体积： 0000 1.5p Vp V= (2 分) 00 1.5VV= 连续打入 15 次后，打入气体质量占总质量比 0 0 0 0 15 m 15 40% 1.515 15 V V V V m V V = = + + (2 分)（计算公式正确 1 分，结果 1 分） （其它方法正确同样给分。计算打入 15 次的气体，在 1.5p0下的体积：由 0 0 00 151.5 15 V pp
13、V= (2 分)，得： 00 2 3 VV = ， 则 0 0 00 2 m 3 40% 2 3 V m VV V VV = = + + (2 分)） 4 16 （1） （4 分） 8 3 （1 分） 、 4 3 （1 分） 、下（1 分） 、增大（1 分） （2） （8 分） (1)根据 1 sinC n =（2 分） 代入数据，解得：30C =（1 分） (2)由于临界角为 30，且 3 3 AOR=，可知圆弧最右侧 M 点是一个临界点如图，即满足： sinsin AOR CMAO = （1 分） 解得：60MAO = 故-C-18090AOMAMO = （1 分） 所以光线在M点发生全反射；当光线射向另一个临界点 N 时，由正弦定理 sinsin AOR CNAO = （1 分） 可得 120NAO = 所以： 180C30NOANAO = （1 分） 综上所述，入射点在圆弧 MN之间时入射角大于临界角 C，会发生全反射，光线无法射出， 故圆弧上光线无法射出部分即圆弧 MN对应的圆心角 903060MONMOANOA = （1 分）
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