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    2022届高考北师大版数学(理)一轮复习学案:8.6 抛物线

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    2022届高考北师大版数学(理)一轮复习学案:8.6 抛物线

    1、第六节 抛物线 命题分析预测 学科核心素养 从近五年的考查情况来看,抛物线的定义、标准方程、几何 性质以及直线与抛物线的位置关系是高考的命题热点,常以 选择题和填空题的形式出现,直线与抛物线的位置关系常以 解答题的形式出现 本节主要考查考生的转化与化 归思想的运用,提升考生数学 运算、直观想象核心素养 授课提示:对应学生用书第 181 页 知识点一 抛物线的定义 满足以下三个条件的点的轨迹是抛物线: (1)在平面内; (2)动点到定点 F 的距离与到定直线 l 的距离相等; (3)定点不在定直线上 温馨提醒 抛物线的定义中易忽视“定点不在定直线上”这一条件,当定点在定直线上时,动点的轨迹 是过

    2、定点且与直线垂直的直线 1抛物线 y28x 上到其焦点 F 距离为 5 的点 P 有( ) A0 个 B1 个 C2 个 D4 个 解析:设 P(x1,y1) ,则|PF|x125,y218x1,所以 x13,y1 2 6故满足条件的点 P 有两个 答案:C 2 (易错题)设抛物线 y28x 上一点 P 到 y 轴的距离是 4,则点 P 到该抛物线焦点的距离是 _ 解析:抛物线 y28x 的准线方程 x2,因为点 P 到 y 轴的距离为 4,所以点 P 到准线的距 离为 6,由抛物线定义知点 P 到焦点的距离为 6 答案:6 知识点二 抛物线的标准方程和几何性质 标准方程 y22px (p0)

    3、 y22px (p0) x22py (p0) x22py (p0) p 的几何意义:焦点 F 到准线 l 的距离 图形 顶点 O(0,0) 对称轴 x 轴 y 轴 焦点 F p 2,0 F p 2,0 F 0,p 2 F 0,p 2 离心率 e1 续表 准线方程 xp 2 xp 2 yp 2 yp 2 范围 x0,yR x0,yR y0,xR y0,xR 开口方向 向右 向左 向上 向下 焦半径(其中 P(x0,y0) ) |PF|x0p 2 |PF|x0 p 2 |PF|y0p 2 |PF|y0 p 2 温馨提醒 抛物线焦点弦的几个常用结论 设 AB 是过抛物线 y22px(p0)的焦点 F

    4、 的弦, 若 A(x1,y1) ,B(x2,y2) ,则: (1)x1x2p 2 4 ,y1y2p2 (2)弦长|AB|x1x2p 2p sin2( 为弦 AB 的倾斜角) (3)以弦 AB 为直径的圆与准线相切 (4)通径:过焦点垂直于对称轴的弦长等于 2p 1 (易错题)抛物线 yax2的准线方程是 y1,则 a 的值为( ) A1 4 B1 4 C4 D4 解析:由题意知抛物线的标准方程为 x21 ay,所以准线方程 y 1 4a1,解得 a 1 4 答案:B 2过点 P(2,3)的抛物线的标准方程是( ) Ay29 2x 或 x 24 3y By29 2x 或 x 24 3y Cy29

    5、 2x 或 x 24 3y Dy29 2x 或 x 24 3y 解析:设抛物线的标准方程为 y2kx 或 x2my,代入点 P(2,3) ,解得 k9 2,m 4 3, 所以 y29 2x 或 x 24 3y 答案:A 3过抛物线 y24x 的焦点的直线 l 交抛物线于 P(x1,y1) ,Q(x2,y2)两点,如果 x1x26, 则|PQ|_ 解析: 抛物线 y24x 的焦点为 F (1, 0) , 准线方程为 x1 根据题意可得, |PQ|PF|QF| x11x21x1x228 答案:8 授课提示:对应学生用书第 182 页 题型一 抛物线的标准方程及几何性质 1 (2021 宜春联考)已

    6、知抛物线 C:y22px(p0)的焦点为 F,点 M 是抛物线 C 上一点, 圆 M 与 y 轴相切,且被直线 xp 2截得的弦长为 2p,若|MF| 5 2,则抛物线的方程为( ) Ay24x By22x Cy28x Dy2x 解析:设圆 M 与 y 轴相切于点 N,直线 xp 2与圆 M 交于 A,B 两点,如图所示,设 M(x0, y0) ,则|MN|MA|MB|x0,|AB| 2p,所以 2 2 p 2 x0p 2 2 x20,解得 x03 4p,由抛物 线的定义知,|MF|x0p 2,因为|MF| 5 2,所以 5 2 3 4p 1 2p,即 p2,所以抛物线方程为 y 2 4x 答

    7、案:A 2已知抛物线 C:y28x 的焦点为 F,准线为 l,P 是 l 上一点,Q 是直线 PF 与 C 的一个交 点,若FP 4FQ ,则|QF|( ) A7 2 B5 2 C3 D2 解析:因为FP 4FQ ,所以|PQ| |PF| 3 4如图,过 Q 作 QQl,垂足为 Q,设 l 与 x 轴的交点为 A,则|AF|4,所以|PQ| |PF| |QQ| |AF| 3 4所以|QQ|3,根据抛物线定义可知|QQ|QF|3 答案:C 3 (2021 辽宁五校联考)抛物线 C:y24x 的焦点为 F,N 为准线上一点,M 为 y 轴上一点, MNF 为直角,若线段 MF 的中点 E 在抛物线

    8、 C 上,则MNF 的面积为( ) A 2 2 B 2 C3 2 2 D3 2 解析:如图所示,不妨设点 N 在第二象限,连接 EN,易知 F(1,0) ,因为MNF 为直角, 点 E 为线段 MF 的中点,所以|EM|EF|EN|,又 E 在抛物线 C 上,所以 ENl,E 1 2, 2 , 所以 N(1, 2) ,M(0,2 2) ,所以|NF| 6,|NM| 3,所以MNF 的面积为3 2 2 答案:C 4 (2020 高考全国卷)设 O 为坐标原点,直线 x2 与抛物线 C:y22px(p0)交于 D, E 两点,若 ODOE,则 C 的焦点坐标为( ) A 1 4,0 B 1 2,0

    9、 C (1,0) D (2,0) 解析:法一:抛物线 C 关于 x 轴对称,D,E 两点关于 x 轴对称可得出直线 x2 与抛 物线的两交点的坐标分别为(2,2 p) , (2,2 p) 不妨设 D(2,2 p) ,E(2,2 p) , 则OD (2,2 p) ,OE (2,2 p) 又ODOE,OD OE 44p0,解得 p1, C 的焦点坐标为 1 2,0 法二:抛物线 C 关于 x 轴对称,D,E 两点关于 x 轴对称ODOE,D,E 两点横、 纵坐标的绝对值相等不妨设点 D(2,2) ,将点 D 的坐标代入 C:y22px,得 44p,解得 p1,故 C 的焦点坐标为 1 2,0 答案

    10、:B 1求抛物线方程的三个注意点 (1)当坐标系已建立时,应根据条件确定抛物线方程属于四种类型中的哪一种 (2)要注意把握抛物线的顶点、对称轴、开口方向与方程之间的对应关系 (3)要注意参数 p 的几何意义是焦点到准线的距离,利用它的几何意义来解决问题 2运用抛物线几何性质的技巧 涉及抛物线几何性质的问题常结合图形思考,通过图形可以直观地看出抛物线的顶点、对称 轴、开口方向等几何特征,体现了数形结合思想解题的直观性 题型二 抛物线的定义及应用 与抛物线定义相关的最值问题常涉及距离最短、距离和最小等等常见的命题角度有: (1)焦点与定点距离之和最小问题; (2)点与准线的距离之和最小问题; (3

    11、)焦点弦中距离 之和最小问题 考法(一) 焦点与定点距离之和最小问题 例 1 (2021 赣州模拟)若点 A 的坐标为(3,2) ,F 是抛物线 y22x 的焦点,点 M 在抛物 线上移动时,使|MF|MA|取得最小值的 M 的坐标为( ) A (0,0) B 1 2,1 C (1, 2) D (2,2) 解析 过 M 点作准线的垂线,垂足是 N(图略) ,则|MF|MA|MN|MA|,当 A,M,N 三点共线时,|MF|MA|取得最小值,此时 M(2,2) 答案 D 考法(二) 点与准线的距离之和最小问题 例 2 (2021 邢台摸底)已知 M 是抛物线 x24y 上一点,F 为其焦点,点

    12、A 在圆 C: (x1) 2(y5)21 上,则|MA|MF|的最小值是_ 解析 依题意,由点 M 向抛物线 x24y 的准线 l:y1 引垂线,垂足为 M1(图略) ,则有 |MA|MF|MA|MM1|,结合图形可知|MA|MM1|的最小值等于圆心 C(1,5)到 y 1 的距离再减去圆 C 的半径,即等于 615,因此|MA|MF|的最小值是 5 答案 5 考法(三) 焦点弦中距离之和最小问题 例 3 已知抛物线 y24x,过焦点 F 的直线与抛物线交于 A,B 两点,过 A,B 分别作 y 轴垂 线,垂足分别为 C,D,则|AC|BD|的最小值为_ 解析 由题意知 F(1,0) ,|AC

    13、|BD|AF|FB|2|AB|2,即|AC|BD|取得最小值时 当且仅当|AB|取得最小值, 依抛物线定义知当|AB|为通径, 即|AB|2p4 时为最小值, 所以|AC| |BD|的最小值为 2 答案 2 与抛物线有关的最值问题的两个转化策略 (1) 将抛物线上的点到准线的距离转化为该点到焦点的距离, 构造出“两点之间线段最短”, 使问题得解 (2)将抛物线上的点到焦点的距离转化为到准线的距离,利用“与直线上所有点的连线中垂 线段最短”原理解决 题组突破 1已知直线 l1:4x3y60 和直线 l2:x1,则抛物线 y24x 上一动点 P 到直线 l1和直 线 l2的距离之和的最小值是_ 解

    14、析:由题可知 l2:x1 是抛物线 y24x 的准线,设抛物线的焦点 F 为(1,0) ,则动点 P 到 l2的距离等于|PF|,则动点 P 到直线 l1和直线 l2的距离之和的最小值即为焦点 F 到直线 l1: 4x3y60 的距离,所以最小值是|406| 5 2 答案:2 2 (2021 上海虹口区模拟)已知点 M(20,40) ,抛物线 y22px(p0)的焦点为 F若对 于抛物线上的任意点 P,|PM|PF|的最小值为 41,则 p 的值等于_ 解析:过点 P 作抛物线准线的垂线,垂足为 D,则|PF|PD|根据点 M 与抛物线的位置分类 讨论,当点 M(20,40)位于抛物线内时,

    15、如图(1) ,|PM|PF|PM|PD| 当点 M,P,D 共线时,|PM|PF|的值最小 由最小值为 41,得 20p 241,解得 p42 当点 M(20,40)位于抛物线外时,如图(2) ,当点 P,M,F 共线时,|PM|PF|的值最小 由最小值为 41,得 402 20p 2 2 41,解得 p22 或 58 当 p58 时,y2116x,点 M(20,40)在抛物线内,故舍去 综上,p42 或 22 答案:42 或 22 题型三 直线与抛物线的位置关系 例 (2019 高考全国卷)已知曲线 C:yx 2 2,D 为直线 y 1 2上的动点,过 D 作 C 的两 条切线,切点分别为

    16、A,B (1)证明:直线 AB 过定点; (2)若以 E 0,5 2 为圆心的圆与直线 AB 相切,且切点为线段 AB 的中点,求四边形 ADBE 的 面积 解析 (1)证明:设 D t,1 2 ,A(x1,y1) , 则 x212y1 因为 yx,所以切线 DA 的斜率为 x1,故 y11 2 x1tx1 整理得 2tx12y110 设 B(x2,y2) ,同理可得 2tx22y210 故直线 AB 的方程为 2tx2y10 所以直线 AB 过定点 0,1 2 (2)由(1)得直线 AB 的方程为 ytx1 2 由 ytx 1 2, yx 2 2 可得 x22tx10 于是 x1x22t,x

    17、1x21, y1y2t(x1x2)12t21, |AB| 1t2|x1x2| 1t2 (x1x2)24x1x22(t21) 设 d1,d2分别为点 D,E 到直线 AB 的距离, 则 d1 t21,d2 2 t21 因此,四边形 ADBE 的面积 S1 2|AB|(d1d2)(t 23) t21 设 M 为线段 AB 的中点,则 M t,t21 2 因为EM AB ,而EM (t,t22) ,AB 与向量(1,t)平行, 所以 t(t22)t0,解得 t0 或 t 1 当 t0 时,S3;当 t 1 时,S4 2 因此,四边形 ADBE 的面积为 3 或 4 2 直线与抛物线相交问题处理规律

    18、(1)凡涉及抛物线的弦长、弦的中点、弦的斜率问题时都要注意利用根与系数的关系,避免 求交点坐标的复杂运算解决焦点弦问题时,抛物线的定义有广泛的应用,而且还应注意焦 点弦的几何性质 (2)对于直线与抛物线相交、相切、中点弦、焦点弦问题,以及定值、存在性问题的处理, 最好是作出草图,由图像结合几何性质做出解答并注意“设而不求”“整体代入”“点差 法”的灵活应用 (3)对于抛物线 x22py 的切线问题,常结合导数的几何意义求解切线的斜率由 yx 2 2p得 k yx0 p 对点训练 设 A,B 为曲线 C:yx 2 4上两点,A 与 B 的横坐标之和为 4 (1)求直线 AB 的斜率; (2)设

    19、M 为曲线 C 上一点,C 在 M 处的切线与直线 AB 平行,且 AMBM,求直线 AB 的方 程 解析: (1)设 A(x1,y1) ,B(x2,y2) , 则 x1x2,y1x 2 1 4,y2 x22 4,x1x24, 于是直线 AB 的斜率 ky1y2 x1x2 x1x2 4 1 (2)由 yx 2 4,得 y x 2设 M(x3,y3) ,由题设知 x3 21,解得 x32,于是 M(2,1) 设直 线 AB 的方程为 yxm,故线段 AB 的中点为 N(2,2m) ,|MN|m1|将 yxm 代 入 yx 2 4得 x 24x4m0当 16(m1)0,即 m1 时,x 1,22

    20、2 m1从而|AB| 2|x1x2|4 2(m1)由题设知|AB|2|MN|,即 4 2(m1)2(m1) ,解得 m 7所以直线 AB 的方程为 yx7 抛物线几何性质应用中的核心素养 直观想象抛物线几何性质的创新应用 例 (2021 合肥调研)设抛物线 C:y22px(p0)的焦点为 F,斜率为 k 的直线过 F 交 C 于点 A,B,AF 2FB,则直线 AB 的斜率为( ) A2 2 B2 3 C 2 2 D 2 3 解析 法一:由题意知 k0,F p 2,0 ,则直线 AB 的方程为 yk xp 2 ,代入抛物线方程 消去 x,得 y22p k yp20不妨设 A(x1,y1) (x

    21、10,y10) ,B(x2,y2) ,因为AF 2FB, 所以 y12y2又 y1y2p2,所以 y2 2 2 p,x2p 4,所以 kAB 2 2 p0 p 4 p 2 2 2根据对 称性可得直线 AB 的斜率为 2 2 法二:如图,过 A,B 分别作准线的垂线,垂足分别为 D,E,设直线 AB 交准线于 M,由抛 物线的定义知|AF|AD|,|BF|BE|,结合AF 2FB,知|BE|1 2|AD| 1 3|AB|,则 BE 为AMD 的中位线,所以|AB|BM|,所以|BE|1 3|BM|,所以|ME| |BM|2|BE|22 2|BE|,所以 tanMBE|ME| |BE|2 2, 即

    22、此时直线AB的斜率为2 2, 根据对称性可得直线AB的斜率为 2 2 答案 C 求解此类问题有两种方法:一是利用条件坐标化解决,注意几何性质的运用;二是数形结合 充分利用平面几何性质,结合定义转化求解,注意向量的工具作用 对点训练 (2021 惠州调研)已知 F 是抛物线 C:y2x2的焦点,N 是 x 轴上一点,线段 FN 与抛物线 C 相交于点 M,若 2FM MN ,则|FN|( ) A5 8 B1 2 C3 8 D1 解析:法一:因为抛物线 C:y2x2,所以 F 0,1 8 ,抛物线 C 的准线方程为 y1 8如图, 过点 M 作抛物线准线的垂线, 交 x 轴于点 A, 交抛物线 C 的准线于点 B, 则 MAOF, 所以|MA| |OF| |MN| |FN|因为 2FM MN ,所以|MA|2 3 1 8 1 12,|MF|MB| 1 12 1 8 5 24,|FN|3|FM| 5 8 法二:因为抛物线 y2x2,所以 F 0,1 8 设 N(x0,0) ,则由 2FM MN ,可得 M 1 3x0, 1 12 , 代入抛物线方程,得 1 122 1 3x0 2 ,解得 x203 8,则|FN| |ON|2|OF|2 3 8 1 64 5 8 答案:A


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