2021年广东省佛山市南海区中考物理模拟试卷（一）含答案解析

1、第 1 页，共 25 页 2021 年广东省佛山市南海区中考物理模拟试卷（一）年广东省佛山市南海区中考物理模拟试卷（一） 1. 下列利用不可再生能源发电的是() A. 风力发电 B. 潮汐发电 C. 太阳能发电 D. 核能发电 2. 下列有关声现象的说法正确的是() A. 街头设置噪声监测仪可以控制噪声 B. 古筝发出的乐音是由琴弦的振动产生的 C. 医用 B型超声波诊断仪只是传递能量 D. 拨动的钢尺振动得越快，发出声音的响度越大 3. 如图所示，是闪电产生的电流通过避雷针的示意图(已知云层带正电)。则下列说法中正确的是() A. 闪电发生时，创造了电荷 B. 闪电发生前避雷针也带正电 C.

2、 图中的电流方向是从云层到避雷针 D. 闪电发生时，云层失去了原子核 4. 如图所示，下面四幅图中所涉及的物理知识描述正确的是() 第 2 页，共 25 页 A. 小许将自制气压计从一楼拿到六楼，观察到玻璃管内的水柱会逐渐降低 B. 将一端带橡皮膜的玻璃管插入水中，可探究液体压强的大小与深度的关系 C. 吹气时管中水柱会上升，利用了流体在流速大的地方压强大的知识 D. 骆驼具有宽大的脚掌可减小对地面的压力 5. 下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是() A. 用电热水壶烧水 B. 利用太阳能热水器烧水 C. 在饮料中放入冰块，饮料变凉 D. 摩托车发动机发动一段时间后，排气管热得发烫 6.

3、 如图所示，在“测量小石块的密度“的实验中，正确的做法或测量数据是() A. 调节天平平衡的过程中，发现指针如图甲所示，则应将游码向右调节 B. 利用天平测得小石块的质量为 48.8 C. 用量筒测得小石块的体积为 40mL D. 实验过程不能先测石块的体积，后测石块的质量，否则测出石块的密度会偏大 第 3 页，共 25 页 7. 小灯泡1和2分别标有“63.6”、“8V8W”，将1和2分别采用如题 7 图甲、乙所示的方式连接在同一电源上，闭合开关 S后，1和2都能发光，不考虑灯丝电阻的变化，在电路安全工作情况下，下列说法正确的是() A. 甲图中1比2更亮 B. 1的电阻丝更粗 C. 甲、乙

4、两图中1消耗的电功率之比为 81：25 D. 乙图中1与2两端电压之比为 4：5 8. 根据实际情况填写适合的单位： 一瓶怡宝矿泉水的体积为 500_； 中学生质量约为4.5 104_；家庭一只电饭锅的额定功率是0.45_。 9. 端午节是我国的传统节日，这一天全国各地端午浓情，粽叶飘香。煮粽子时，人们在远处就会闻到粽子的香味，这是_现象；当煮粽子的水烧开后，可以将火调小些，这是因为_；小海的妈妈在厨房煮粽子，她揭开锅盖，一股“白气“扑面而来，“白气“是水蒸气_(选填物态变化名称)形成的。 10. 电动机是利用_(选填“电流的磁效应”、 “磁场对电流的作用”或“电磁感应现象”)工作的。 如图所

5、示，如果要改变电动机的转动方向，则需要改变_的方向。当线圈转至平衡位置时，线圈不受力的作用，但线圈由于_会继续转动，从而越过平衡位置。 11. 如图所示，身高1.40的冬冬同学站在平面镜前 2m处。若她后退0.5，镜中像的高度_(选填“大于“、“小于“或“等于“)1.40；将一块和镜面一样大的木板放在镜子后面0.5处，她_(选填“能“或“不能“)在镜中看到自己的像。 太阳光通过教室的窗户照射在地面上不会形成圆形光斑， “大孔不成像“是因为光的_成的。 第 4 页，共 25 页 12. 如图甲所示，小海用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速直线滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的

6、图象。 第 1次木块的速度_第 2次木块的速度； 若第 1次的拉力为1.5，则木块受到的摩擦力_1.5；第 2次木块受到的拉_1.5。(选填“”“ 2， 由 =2可得1 2，所以1的电阻丝更细，故 B 错误； C、甲图中两灯泡并联接入电路，1的电功率可表示为： =21=210， 乙图中两灯泡串联接入电路，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，串联电路各处电流相等， 由电功率公式的变形 = 2可得1的电功率可表示为： = (1:2)21= (10:8)2 10 =2181810， 则甲、乙两图中1消耗的电功率之比为：=2102101818=8125，故 C正确； D、乙图中两灯泡串联接入电路，由串联

7、电路分压原理可知：12=12=108=54，故 D 错误。 故选：C。 小灯泡1和2分别标有“63.6”、“8V8W”，由 =2可得两灯泡的电阻， A、甲图中两灯泡并联接入电路，根据并联电路电压特点结合 =2可得电阻小的灯泡更亮； B、导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，在材料和长度相等的情况下，电阻越小其横截面积越第 14 页，共 25 页 大； C、甲图中两灯泡并联接入电路，由 =2可表示1的电功率， 乙图中两灯泡串联接入电路，根据欧姆定律、串联电路特点结合电功率公式的变形 = 2可表示1的电功率，进一步计算甲、乙两图中1消耗的电功率之比； D、乙图中两灯泡串联接入电路，由串联电路

8、分压原理可知乙图中1与2两端电压之比。 本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，综合性强。 8.【答案】mL g kW 【解析】解：一瓶怡宝矿泉水的体积为 500mL；中学生质量约为4.5 104；家庭一只电饭锅的额定功率是0.45。 故答案为：mL；g；kW。 首先要对题目中涉及的几种物理量有个初步的了解，结合对生活实际的认识，填入符合生活实际的答案。 此题考查对生活中常见物理量的估测， 结合对生活的了解和对物理单位的认识， 填入符合实际的单位即可。 9.【答案】扩散 水沸腾后温度保持不变 液化 【解析】解：(1)煮粽子时，人们在远处就会闻到粽子的香味，是分子运动

9、的结果，属于扩散现象； (2)煮粽子的水烧开后，可以将火调小些，因为水沸腾后温度保持不变； (3)“白气”是水蒸气遇冷液化形成的。 故答案为：扩散；水沸腾后温度保持不变；液化。 (1)不同物质的分子相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动； (2)液体沸腾的特点：温度达到沸点，不断吸热，温度保持沸点温度不变； (3)物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。 本题以端午节煮粽子为题考查相关的物理知识，属于基础知识的考查，注重了物理和生活的联系。 10.【答案】磁场对电流的作用 电流或磁场 惯性 【解析】解：(1)电动机里是线圈，工作特点

10、是当给电动机通电时，电动机就会转动，电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。 (2)电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关，故如果要改变电动机的转动方向时，可采用的方法有：改变电流的方向或改变磁场的方向。 (3)当线圈转至平衡位置时，线圈不受力的作用，但线圈由于惯性会继续转动，从而越过平衡位置。 第 15 页，共 25 页 故答案为：磁场对电流的作用；电流或磁场；惯性。 (1)电动机的工作原理：通电线圈在磁场中受力转动，即磁场对电流的作用。 (2)电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关，故据此可得出改变电动机转动方向的方法。 (3)一切物体都具有惯性。 本题考查了电动机

11、的原理、 影响电动机线圈的转动方向的因素等知识的理解和应用， 属于基础知识的考查。 11.【答案】等于 能 直线传播 【解析】解：(1)根据平面镜成像的特点可知，像和物体的大小相同，她后退0.5，镜中像的高度变，依然等于她的身高； 由于平面镜成的像是虚像，所以在镜后放一物体并不妨碍光的反射，同时也不会妨碍成像，故这时她仍能在镜中看到自己的像； (2)大孔不成像的原因是由于光的直线传播，形成与大孔形状相同的光斑。 故答案为：等于；能；直线传播。 (1)平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等； (2)大孔不

12、成像的原因是由于光的直线传播，形成与大孔形状相同的光斑。 本题考查了平面镜成像的原因和特点。平面镜成像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成，是人的主观感觉形成，镜面后方是没有实际光线的，成的是虚像，所以在镜后放一物体并不妨碍光的反射，同时也不会妨碍成像。 12.【答案】= 【解析】解：(1)由图乙知，两次的路程、时间图线都是过原点的直线，可知第 1 次和第 2次都是做匀速直线运动，并且在相同时间内第一次通过的路程较大，所以速度较大； (2)从图像上可以看出，木块两次都是做匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以木块受到的拉力和摩擦力相等，若第 1次的拉力为1.5，则木块受到的摩

13、擦力等于1.5； 木块的运动速度虽然不同，但前后两次受到的拉力和摩擦力都是一对平衡力。由于木块对水平板的压力不变， 接触面的粗糙程度不变， 所以木块受到的摩擦力不变， 则第 2 次木块受到的拉力等于摩擦力等于1.5； 故答案为：；=；=。 (1)分析物体运动时的路程、时间图像，确定物体的运动状态； (2)根据木块两次的运动状态，结合影响滑动摩擦力大小的因素、利用二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系。 此题考查了学生对二力平衡条件的掌握及对路程时间图像的分析，同时涉及到了有关影响摩擦力的大小因第 16 页，共 25 页 素。要结合物体受力与运动状态的关系分析，根据平衡力的知识和对图像的理解来解决

14、此题。 13.【答案】变大 变小 变小 【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量1两端的电压；油量表串联接入电路中，为电流表； 当油面上升时，1接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据 =可知，电路中的电流变大，即油量表的示数变大； 因为 = ，所以两端的电压变大，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以1两端的电压变小，即电压表的示数变小； 根据 =可知，电压表与电流表的比值为1接入电路的电阻，阻值变小，比值变小。 故答案为：变大；变小；变小。 由图可知，该电路为串联电路，电压表测量1两端的电压；油量表串联接入电路中，为电流表； 当油量发生生变化时，浮标随之

15、运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和两端的电压变化， 根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化， 进而求出电压表与电流表比值的变化。 本题考查欧姆定律及滑动变阻器在生活中的应用， 要通过对图的分析得出仪器的原理， 再由物理规律求解。 14.【答案】401 104 【解析】解： (1)由图可知， = 2，绳子自由端移动距离 = 2 = 2 0.5 = 1； 拉力做功：， 工人做功的功率： ； (2)因力的作用是相互的，则人受到绳子的拉力也为 200N， 地面受到的压力： ， 受力面积 = 2 2002= 4002= 400 10;42，

16、 此时工人对地面的压强： 。 故答案为：40；1 104。 第 17 页，共 25 页 (1)由图可知， = 2， 拉力端移动距离 = 2， 利用 = 求拉力做的总功， 再利用 =求工人做功功率； (2)地面受到的压力等于人的重力减去拉力，求出受力面积，再利用 =求此时工人对地面的压强。 本题考查了功的公式、功率公式压强公式的应用，要知道在使用滑轮组提升重物时人对地面的压力等于人的重力减去拉力。 15.【答案】 【解析】 【分析】 根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再作出平面镜的位置。 根据光由水中斜射进入空气中

17、时的折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角画出折射光线。 作光路图时一定要注意：反射光线、折射光线都应与入射光线分居法线两侧，注意角度的变化，法线要用虚线，要用箭头标出光的传播方向。 【解答】先使入射光线和反射光线相交，然后作出反射光线和入射光线的角平分线，即为反射时的法线，再过反射点垂直法线作出平面镜； 反射光线与水面交于点 O，过 O点垂直水面画出折射时的法线，在法线右侧的空气中画出折射光线，注意折射角大于入射角，如图所示： 16.【答案】解：过 O 点作阻力2的垂线，即为阻力2对支点 O的力臂2； 动力最小，即动力臂最长，动力的方向应该向下，连接支点 O与动力的作用点 A 即为最长力臂，

18、过动力的作用点作垂线就得到施加的最小动力1； 如下图所示： 第 18 页，共 25 页 【解析】根据杠杆平衡的条件，11= 22，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。 根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。 17.【答案】解：根据安全用电原则可知，带保险丝的一端应与火线连接，中间一条导线应与零线连接，接

19、电水壶外壳的一条导线应与地线连接，如下图所示： 【解析】对于三线插头和三孔插座的连接，带保险丝的线应与火线连接，才能起到保护作用，另一条与零线连接，才能形成通路，地线应与电水壶的金属外壳连接。 三条线的连接都有它特定的作用， 绝不可以随意连接， 搞清保险丝的保护作用和地线的保护作用及其原理，才能理解为什么要这样连接。 18.【答案】2.452.4318.6 410水和冰的比热容不同 【解析】 解： (1)图1中刻度尺1cm又分为10个小刻度， 故分度值为1mm； 物块起始端对应的刻度值为2.00，末端与4.45刻度对齐，物块长度为4.45 2.00 = 2.45； 图 1中电压表的量程是 3V

20、，分度值是0.1，电压表示数是2.4； 电能表最后一位是小数位，单位是 ，电能表的示数为318.6 ； (2)本题探究的是晶体的熔化规律时，故需要记录 a的温度；温度计的分度值为1，此时温度计的示数为4； 读图丙可知，冰从开始熔化到完全熔化持续的时间为15min 5min = 10min； 在图丙所示中，AB 段与 CD段的倾斜程度不同，这是因为水和冰的比热容不同，相同质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同。 故答案为：(1)2.45；2.4；318.6；(2)a；4；10；水和冰的比热容不同。 第 19 页，共 25 页 (1)刻度尺的最小刻度值(或叫分度值)为相邻的刻度线表示的长度；

21、使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从 0 刻度线量起，起始端没从 0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 先确定电压表的量程与最小分度值，由电压表指针位置读出电压表示数； 电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表， 上面有五个数字窗口， 最后一位是小数位， 单位是 ； (2)探究的是晶体的熔化规律时，需要记录晶体的温度；对温度计进行读数时，要观察温度计的量程和分度值； 从图象中找出开始熔化和结束熔化的时间，可确定熔化的持续时间；知道水和冰的比热容不同，相同质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同。 本题考查了一

22、些测量仪器的读数方法以及晶体的熔化实验，难度不大。 19.【答案】液体密度 a、b、d、e 金属块碰到容器底 7.21.25 103 【解析】解：(1)只选择器材 cdef，可以控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，就可以探究“浮力的大小是否与液体的密度有关”； 研究“浮力的大小是否与物体的密度有关”，要控制物体排开液体的体积和液体的密度相同，只改变物体的密度，故只选择器材 a、b、d、e； (2)由表中数据可知，1 6次实验中弹簧测力计的示数逐渐变小，由称重法可知金属块受到的浮力逐渐变大，说明金属块排开液体的体积变大，7 9次实验中弹簧测力计的示数不变，由称重法可知金属块受到的浮力不

23、变，说明金属块全部浸入液体中，金属块所受浮力随深度 h 变化的大致图像如图所示： 实验次序 10 弹簧测力计的示数小于实验次序 9示数，可能金属块碰到容器底，受到向上的支持力，导致弹簧测力计的示数变小； 由表中数据可知金属块的重力 = 1= 9.0；将它浸没在水中时，由第 9次实验数据可知测力计的示数9= 1.8，则此时物体所受浮力为：；第 10 次金属块全部浸入水中，受到的浮力 与第 9 次实验受到的浮力相等，即； 金属块 c的体积 ， 金属块 c的密度 第 20 页，共 25 页 =9.010/7.21043= 1.25 103/3。 故答案为： (1)液体的密度； a、 b、 d、 e；

24、 (2)； 金属块碰到容器底； 7.2； 1.25 103/3。 (1)根据称重法测浮力：，确定要用到测量的工具； 分析器材 c、d、e、f，控制不变的量和变化的量，根据控制变量法可知，可以探究浮力的大小与变化量的关系； 研究“浮力的大小是否与固体的密度有关”，要控制物体排开液体的体积和液体的密度相同，只改变固体的密度，据此确定所用的器材； (2)由称重法得到金属块浸入液体中受到的浮力变化，从而画出浮力和深度的变化图像； 根据称重法得到金属块全部浸入液体中受到的浮力，由阿基米德原理得到金属块的体积，由密度的公式得到金属块的密度。 本题研究浸入液体中的物体受浮力的大小是否跟物体的密度以及浸入液体

25、中的深度有关，考查控制变量法、称重法测浮力、阿基米德原理的运用，综合性较强。 20.【答案】0.4225不发光 0.5 【解析】解：(1)电流表读数需注意电流表量程和分度值，此时电流表使用的是小量程，分度值为0.02，示数为0.4； (2)第一次实验中定值电阻阻值为5。电流为0.4，其两端电压为 = = 5 0.4 = 2，本实验中需保持定值电阻两端电压不变，将5定值电阻换成10定值电阻电压表示数变大，要将电压表示数变为 2V，应将滑动变阻器的滑片 P 向 A 移动； (3)根据串联电路分压规律，当定值电阻阻值为50，其两端电压为 2V时，滑动变阻器阻值最大，此时电路中电流为 =250= 0.

26、04，滑动变阻器两端电压，滑动变阻器阻值1=1=10.04= 25； (4)电压表和电流表连接错误， 电路断路， 小灯泡不发光； 电流表应串联接入电路， 电压表应与小灯泡并联，第 21 页，共 25 页 改正后如图：；根据实验绘制的关系丁图象，当电压为额定电压2.5时，电流为0.2，小灯泡额定功率 = = 2.5 0.2 = 0.5。 故答案为：(1)0.4；(2)2；A；(3)25；(4)不发光；如上图；0.5。 (1)电流表读数需注意电流表量程和分度值； (2)根据第一次实验数据计算出定值电阻两端电压； 本题考查了探究电流与电阻的关系实验及欧姆定律相关计算，难度适中，应熟练掌握。 21.【

27、答案】解：(1)从0到1，汽车的速度为5/，行驶的路程为 AB的长，即 100m。 运动时间为：1=1005/= 20； (2)由图像可知，在 CD段，汽车的功率为 = 50 103 = 5 104，汽车的速度为 = 5/， 由 = 得，汽车受到的牵引力为： =51045/= 1 104； (3)点与 C点的高度差为 168m，即 = 168，装满物资的运输车总重为 10t，即 = 10 = 10000， 汽车的总重力为： = = 10000 10/ = 1 105， 从 B 点到 C 点所做有用功为：， 由图像可知，在 BC段，汽车的功率为，汽车的速度为， 由 = 得，汽车受到的牵引力为：，

28、 从 B 点到 C 点所做总功为：， 运输车从 B点到 C点做功的机械效率为：。 答：(1)1的大小为 20s； (2)运输车从 C点到 D点过程中的牵引力为1 104； (3)运输车从 B点到 C点做功的机械效率为35%。 第 22 页，共 25 页 【解析】(1)利用速度公式变形可求出时间 t。 (2)根据 = 变形可得出汽车受到的牵引力 F。 (3)先求出在斜面上的牵引力，在根据功的计算公式 = 可求出拉力做的功，即总功，根据 = 求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率。 熟练运用计算功、功率、机械效率的公式，准确分析图像中反映的信息，是解答此题的关键。 22.【答案】

29、解： (1)家用电烤炉的额定电压为家庭电路电压： = 220；额定功率： = 800；工作时间： = 5min = 300； 因为电烤炉工作时所消耗的电能全部转化为内能，即 = ， 所以电烤炉正常工作5min放出的热量： = = = 800 300 = 2.4 105； (2)由 = 得： =，电烤炉正常工作时电流：； 正常工作时电阻：； a、b两点间接入一个开关1，开关 S、1均闭合时，电路中只有2工作，1被1短路， 由于1= 2，2=12 =12 60.5 = 30.25； 此时电流： =2=22030.25= 7.27 = 2； 即此时2中电流实正常工作时的 2 倍，由焦耳定律式 = 2

30、； 可知相同时间内2此时的热量是正常工作时的 4 倍，很容易因温度过高而熔断； (3)由图 3 可知，3、4并联，且3= 4；功率： = 800； 3所消耗的功率：3= 33= 12 =12 800 = 400；故3的电阻：3=23=(220)2400= 121。 答：(1)电烤炉正常工作5min，电热丝放出的总热量是2.4 105焦耳； (2)的 a、b两点间接入一个开关1.若开关 S、1均闭合时，电热丝容易因温度过高而熔断； (3)改造后的电烤炉中，3的阻值应为 121 欧姆。 【解析】(1)电热丝放出热量的多少可由焦耳定律计算出； (2)电压一定时，电路中电阻越小，电流越大； (3)当开

31、关 S、1、2均闭合时，两电阻并联，根据功率可计算出电路中的总电流，再根据欧姆定律求出电热丝3连入电路的阻值； 题考查了串联、并联电阻特点和电功率公式的应用，解题的关键是对公式的灵活运用。 23.【答案】同一高度 放大 投影仪 反射 注水 短 第 23 页，共 25 页 【解析】解：(1)将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整它们的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度，是为使烛焰的像成在光屏的中心； (2)由图甲可知，此时物距小于像距，成倒立放大的实像，应用为投影仪； (3)从蜡烛这侧观察却看到像，是蜡烛的光经过凸透镜反射而来的； (4)物距减小后，像距应增大，如果

32、像的位置不变，则凸透镜的焦距要变短，凸透镜的厚度要增加，故此时应注水。 故答案为：(1)同一高度；(2)放大；投影仪；(3)反射；(4)注水；短。 (1)为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度； (2)凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪； (3)从蜡烛这侧观察却看到像，是蜡烛的光经过凸透镜反射而来的； (4)物距减小后，像距应增大，如果像的位置不变，则凸透镜的焦距要变短。 此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要

33、善于总结规律。 24.【答案】运动 力的作用是相互的 电磁波 减小 减小 147 【解析】解：(1)飞机起飞时，以飞机为参照物，航母的位置不断发生变化，因此航母是运动的。战斗机的发动机向后喷气，气体给战斗机一个作用力，使战斗机高速飞行，说明力的作用是相互的； (2)航母上的雷达发现敌方的军事目标，是利用了电磁波； (3)挂弹的舰载机从跑道上起飞后，航母的质量减小、速度不变，动能减小，高度不变，重力势能减小，所以机械能减小； 挂弹的舰载机从跑道上起飞后，航母的质量减小，根据物体漂浮条件知，浮力减小。由阿基米德原理原理可知，舰底离水面深度的变小，由液体压强公式 = 可知，舰底所受海水的压强将减小；

34、 (4)航母最高航速 = 54/ = 15/航行时， = ， =1.4710815/= 9.8 106； 在这种状态下匀速航行150 = 150000 = 1.5 105，需要的机械能 = = 9.8 106 1.5 105 = 1.47 1012； 航母发动机的效率 = 25%，因此需要重油放出的热量 =1.47101225%= 5.88 1012； 由 = 可知， 需要完全燃烧重油的质量 =5.8810124.0107/= 1.47 105 = 147。 故答案为：(1)运动；力的作用是相互的；(2)电磁波；(3)减小；减小；(4)147。 第 24 页，共 25 页 (1)在研究机械运动

35、时，假定不动的物体叫参照物判断一个物体相对于那一个物体在运动，就要看这个物体相对于那个物体位置发生变。力的主要是相互的； (2)电磁波可以传递信息，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的； (3)物体的机械能等于物体的电能和势能的总和， 动能与质量和速度有关， 质量越大， 速度越大， 动能越大；重力势能与高度和质量有关，质量越大，高度越高，重力势能增大；根据阿基米德原理判断舰底离水面深度的变化，利用物体在液体中的压强 = 解题； (4)知道航母最高航速，利用 = 求此时的牵引力；知道行驶的距离，利用 = 计算航母做的有用功；根据效率公式求燃料完全燃烧放出的热量(总能量)，再利用 =

36、求至少需要燃烧重油的质量； 本题以航母为题考查了相关的物理知识，综合性很强，计算量比较大，具有一定的难度。 25.【答案】电压表 7.2280 【解析】解：(1)由图可知，表分别与电阻0、1并联为电压表，表与电阻串联为电流表， 此时0与1串联，电压表 1测0两端的电压，电压表 3测1两端的电压，电流表 2测电路中的电流， 由图甲可知，当飞行的高度增大时，1的阻值增大，电路的总电阻增大， 电源电压不变，由 =可知，电路中的电流减小，即电流表 2 的示数减小； 由 = 可知，0两端的电压减小，即电压表 1的示数减小； 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，1两端的电压增大，即电压表 3 的示数

37、增大， 综上可知，要使高度表示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应该选用电压表安装在的位置； (2)闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端为 N极； 若电源电压恒为 12V，根据可知，电路中总电阻最小时，总功率最大。 从图丁可知，当无人机的飞行速度为280/，R 的最小电阻为10， 已知0的阻值为10，此时电路中总电阻， 故电路的最大电功率为，此时无人机的飞行速度为280/； (3)设发动机的转速为 n，飞机速度为 v， 根据题意得：(为比例系数，下同) 飞机水平匀速直线飞行时，获得的输出功率为：， 设效率为，则， 即 = 13. 而飞机速度与发动机转速成

38、正比，所以 = 2. 则转速为： =2. 把代入整理得 =1232，(123是一个定值，设为新的比例函数) 第 25 页，共 25 页 可见，飞机所受阻力 f与飞机速度 v 的平方成正比，即：f 与 v 满足二次函数关系，图象为开口向上的抛物线，故选 D。 故答案为：(1)电压表；(2)；7.2；280；(3)。 (1)根据电压表与被测电路元件并联、 电流表与被测电路元件串联判断电表的类型， 然后判断出两电阻串联，根据图甲读出飞行的高度增大时1的阻值变化， 根据欧姆定律可知电路中电流的变化和0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知1两端的电压变化，然后根据题干要求确定高度表的类型和位置； (2)闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端的极性； 若电源电压恒为 12V，根据可知，电路中总电阻最小时，总功率最大。 从图丁可知，当无人机的飞行速度为280/，R的最小电阻为10，已知0的阻值为10，得出此时电路中总电阻，根据可得出电路的最大电功率； (3)由于在效率一定时，其耗油的总功率与转速的立方成正比，而行驶速度与发动机转速成正比，再由 = = 判断所受阻力 f与飞机速度 v的关系图线。 本题考查了电表的正确使用和电路的动态分析、电功率公式的应用等知识，是一道综合计算题。