2022年江苏省镇江市中考一模物理试卷（含答案解析）

1、20222022 年江苏省镇江市中考一模物理年江苏省镇江市中考一模物理试卷试卷 一、选择题（本题共一、选择题（本题共 1212 小题，每小题小题，每小题 2 2 分，共分，共 2424 分）分） 1. 我国核聚变实验装置实现了 1.6亿摄氏度运行。“摄氏度”是哪个物理量的单位（ ） A 电流 B. 温度 C. 功率 D. 速度 2. 重敲鼓面发生的声音与轻敲鼓面相比 A. 音调变低 B. 频率变大 C. 响度变大 D. 声速变小 3. 下列说法正确的是（ ） A. 地热能属于不可再生能源 B. 光年是时间的单位 C. 超声波能在真空中传播 D. 原子是由原子核和电子组成的 4. 下列物态变化与

2、露水的形成相同的是（ ） A. 打在枝头的霜 B. 屋檐下的冰凌 C. 山间的云雾 D. 消融的冰雪 5. 下列估计值中，最接近实际的是（ ） A. 一张报纸的厚度约为 0.8mm B. 现在考场中的温度约为 4 C. 自行车正常行驶的速度约为 5km/h D. 人正常呼吸一次的时间约为 4s 6. 下列表示四冲程汽油机处于排气冲程的是（ ） 7. 空间站中的王亚平将吉祥物冰墩墩轻轻抛出，冰墩墩沿着原来的方向匀速前进。下列说法中正确的是（ ） A. 以冰墩墩为参照物，王亚平是静止的 B. 以空间站为参照物，冰墩墩是运动 C. 冰墩墩离开手后能够前进是受到了惯性作用 D. 在空间站中可以用托盘天

3、平测出冰墩墩的质量 8. 真空罩中有一个带正电的泡沫小球 A，该小球静止在竖直放置的塑料板上（小球与板之间无粘合剂） 。由此可判断（ ） A. 塑料板一定带负电 B. 塑料板可能带正电 C. A 对塑料板的压力一定等于 A的重力 D. A 在水平方向上受到平衡力作用 9. 如图所示，蹄形磁铁和铜棒均水平放置。现闭合开关，水平向左移动铜棒，电流表 G 的指针向左偏转，则（ ） A. 若将铜棒换成铝棒，则不能完成该实验 B. 此现象与奥斯特实验现象的原理相同 C. 仅将磁铁水平向右移动，G 的指针向左偏转 D. 仅将磁铁竖直向上移动，G 的指针向左偏转 10. 某小区为加强对人员管控，对电动门控制

4、系统进行了改造，进入人员在满足以下两点之一，电动机方可工作开启电动门：1、体温正常且刷门禁卡；2、体温正常且“刷脸”。用 S1闭合表示体温正常，用 S2闭合表示已刷门禁卡，用 S3闭合表示已“刷脸”。则符合改造要求的电路是（ ） A. B. C. D. 11. 当蜡烛、透镜甲和光屏在图示位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。若保持透镜和光屏位置不变，将透镜甲换为透镜乙后，需将蜡烛向左移动距离 s，方可在光屏上再次成清晰的像。则（ ） A. 透镜甲的焦距等于 20cm B. 透镜乙的焦距大于 10cm C. 蜡烛移动距离 s一定大于 10cm D. 第二次所成的像是放大的实像 12. 如图 1 所示，

5、R1是滑动变阻器，L是小灯泡。闭合开关 S，改变 R1的阻值，两电压表示数与 R1阻值关系图像如图 2所示。则（ ） A. 是 V2示数与 R1阻值关系图线 B. 电路中的电流随 R1的增大而减小 C. R1的阻值变化时，L的阻值不变 D. R1的电功率随其阻值增大而减小 二、填空题（本题共二、填空题（本题共 9 9 小题，每空小题，每空 1 1 分，共分，共 2828 分）分） 13. 图中，木块的长度为_cm。 14. 图中，电流表的示数为_A。 15. 图中，温度计的示数为_。 16. 验钞机是利用_工作的（选填“红外线”或“紫外线”） ；飞机的升力来自于机翼，其下方空气流速慢，空气压强

6、_；医用冷藏盒应该选用导热性_的材料。 17. 如图是轨道器 MRO在 3月 11日拍摄的火星照片，图片显示了“祝融号”10个月里移动的全部轨迹。“祝融号”对火星地面的压力使其表面发生了_，牵引力使“祝融号”的运动状态发生_，“祝融号”的太阳能电池板将太阳能转化为_能。 18. 用量筒测得 11g 醋的体积如图 1所示，醋的密度是_kg/m3；图 2为探究液体内部压强影响因素的装置， 选用水和醋分别进行实验， 并使金属盒处于两种液体中的深度相同， 则用_进行实验时，U形管两侧液面的高度差h较大； 用水进行实验时， 水平移动金属盒， U形管两侧液面的高度差 h_（选填“变大”、“变小”或“不变”

7、） 。 19. 光在空气和水的分界面处同时发生反射和折射的光路如图所示， 其中反射角为_ （选填“1”、“2”、或“3”） ，法线为_（选填“”或“”） ，分界面的_方为水。当入射光线顺时针转动时，反射光线与折射光线的夹角将变_。 20. 如图，在两个相同的烧杯中加入初温和质量相同的液体 1 和液体 2，用相同的酒精灯同时加热时发现液体 1的温度先达到 80，则液体_比热容较小。若 200g 液体 1温度升高 25所需热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗_g 酒精（c液体1=2.1 103J/(kg)， q酒精=3.0 107J/kg） 。若实验中发现液体 2 温度无法达到 80，原因可能是_

8、。 21. 图 1是探究电流与电阻关系的实验电路，电流表和电压表量程分别为“00.6A”、“03V”。电阻 R1两端电压保持恒定，滑动变阻器 R2标有“50 1A”，电源电压恒为 9V。根据图 2所画图像可得结论：保持导体两端_一定，通过导体的电流与导体的电阻成_比。为完成实验并保证电路安全，所选 R1的最大阻值不能超过_。 22. 如图是一款潜水背心。该背心上的气瓶可通过向背心充入或者吸出气体方式控制潜水员上浮或下沉，潜水员在海中匀速上升（不计水的阻力）时，若向气瓶回收气体，潜水员将_（选填“先上浮后下沉”或“立即下沉”） 。防爆阀在背心内气压比背心外气压高出一定数值时会自动打开并放出气体以

9、免背心破裂，以下操作可能会导致防爆阀启动的是_、_（充气太多 一直上浮 一直下沉） 。 23. 图 1是保温箱温度控制电路，当温度低于 30时启动加热，高于 30停止加热，电压 U恒为 12V，电阻 R1为热敏电阻，R2为定值电阻，设热敏电阻阻值随温度变化关系如图 2所示。当温控电路输出电压 8V时，保温箱加热，则 R2=_k；当保温箱处于加热状态时，控制电路每分钟消耗的电能为_J；若保温箱加热时 R1的电功率为 P1，保温箱停止加热时 R1电功率为 P2，则 P1_P2（选填“”、“”、 “=”或“”、“=”或“ . 增加 . 变小 . 不能 【解析】 【详解】 （1）1图 1中装置将需要加

10、热的物质放入试管中，并用水进行加热，这样可以使加热物质受热更加均匀。 2能量转移具有方向性，加热过程中，热量从石棉网传递给烧杯，烧杯不能将热量传递给石棉网，说明能量的转移具有方向性。 （2）3由图像可以看出，AB 段与 CD段的倾斜程度不同，可知升高相同的温度，冰比水用的时间短，由Q=cmt，质量相同的水和冰，升高相同的温度，冰加热时间少，吸热少，故冰的比热容比水的比热容小。 45BC 过程中，物质不断吸热，内能增加，冰逐渐熔化成水，总体积变小。 6BC 过程中， 烧杯内的水沸腾时温度保持不变， 试管内的水虽达到沸点， 但不能继续吸热， 所以不能沸腾。 28. 【答案】 . 木块移动的距离 .

11、 B . 质量 . 速度相同时，物体的质量越大，动能越大 . 不能 . 没有控制被撞物体相同 【解析】 【详解】 （1）1在该实验中我们用到了转换的方法，即将小球动能的大小转化为其对木块做功的多少来比较，即小球推动木块越远，其对木块所做的功就越多，即具有的动能就越大。 2A“比较纸锥下落的快慢”实验中，比较纸锥运动快慢采用相同距离比时间的方法，采用的是控制变量法，故 A 不符合题意。 B“探究影响电流热效应的因素”实验中，比较电阻丝产生热量是通过温度计的示数不同实现的，采用的是转换法，故 B符合题意。 故选 B。 （2）34场景 1、2 中保持小球的高度一定，小球到达斜面底端的速度相同，小球的

12、质量不同，探究的是动能与质量的关系；场景 2 中小球的质量大，推动木块移动的距离远，故可以得出结论：在速度相同时，物体质量越大，具有的动能越大。 （3）56要探究物体动能大小与速度的关系时，要控制小球的质量相同，改变小球的高度，从而改变小球到达斜面底端的速度，且小球滚下来时应该推动相同的物块，才能得出相应的结论，而场景 3 和场景 4 中两小球滚下时撞击不同材料的物块，所以不能够得出正确的结论。 29. 【答案】 . . 左 . . 断路 . 0.39 . . 0.72 . C 【解析】 【详解】 （1）1滑片 P 向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，导线应接在电源负极和滑动变阻器的右下接

13、线柱上，如图所示： （2） 2为保护电路安全， 闭合开关前， 滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大的位置， 即滑片 P 应置于最左端。 （3）34电流表示数一直为零，说明电路出现断路故障；电压表示数一直为 3V，是因为与电压表并联的部分有断路，即导线发生了断路故障。 （4）5如图 2，电压表量程为 03V， 分度值为 0.1V，示数为 1.5V；电流表量程为 00.6A，分度值为0.02A，示数为 0.26A，小灯泡此时功率为 P=UI=1.5V 0.26A=0.39W 6由实验过程可知，滑动变阻器阻值增大时，电路中电流变小，灯泡两端电压变小，灯丝电阻变小。由欧姆定律可知，电路的总电阻变大，所以变阻

14、器阻值变化量大于灯泡的阻值变化量。 （5）7第一步：仅闭合 S1，移动 R1的滑片使电流表的示数为 0.3A，等于灯泡的额定电流，此时灯泡正常发光。第二步：仅闭合 S2，保持滑片位置不变，R2阻值调至 8，电流表的示数为 0.3A，则小灯泡正常发光时的电阻为等于 8，则小灯泡的额定功率为 22(0.3A)80.72WPI R 8A将 R1换成导线，灯泡 L和 R2并联在电源上，无法调节使灯泡正常工作，故 A不符合题意； B将 R2换成导线，只闭合 S1，可以调节 R1使电流表示数为 0.3A，灯泡正常发光，但由于滑动变阻器接入电路的阻值位置，无法测量此时灯泡的电压或电阻，灯泡电功率也就无法测量

15、，故 B 不符合题意； C将 R1换成适当规格的电阻箱，仅闭合 S1，调节 R1的阻值使电流表的示数为 0.3A。仅闭合 S2，R1阻值不变，R2阻值调至 8，电流表的示数为 0.3A，则灯泡电阻等于 8，根据公式 P=I2R即可算出灯泡的额定功率，故 C符合题意； D在实验操作时，如果先闭合 S2，调节 R1使电流表示数为 0.3A，读出电阻箱阻值，当只闭合 S1时，R1保持不变，此时电流表不一定是 0.3A，无法测出灯泡电功率，故 D不符合题意。 故选 C。 30. 【答案】 （1）72J； （2）80%； （3）6N 【解析】 【详解】解： （1）该过程中的有用功 W有=Gh=24N 3

16、m=72J （2）由图知，n=3，绳子自由端被拉下的距离 s=3h=3 3m=9m 拉力做的总功 W总=Fs=10N 9m=90J 滑轮组的机械效率 72J100%100%80%90JWW有总 （3）不计轮轴间摩擦及绳重时，动滑轮重力 G动=3F-G=3 10N-24N=6N 答： （1）该过程中的有用功是 72J； （2）滑轮组的机械效率是 80%； （3）动滑轮的重力是 6N。 31. 【答案】 （1）54km； （2）2000N； （3）18km 【解析】 【详解】解： （1）车沿平直公路以 54km/h 的速度匀速行驶 1h，路程为 54km/h 1h54kmsvt （2）公交车行驶

17、54km消耗 2kg 氢气，每消耗 1kg氢气产生电能为 9 107J，转化的电能为 789 10 J / kg2kg1.8 10 JW 电 来驱动汽车行驶的电能，即牵引力做的功为 7860%18 10 J 60%1.08 10 JWW电牵 由WFs可知，牵引力为 81.08 10 J2000N54 1000mWFs牵牵 公交车沿平直公路匀速行驶，公交车处于平衡状态，合力为零，在水平方向上，公交车牵引力和所受阻力是一对平衡力，大小相等，则公交车所受阻力为2000N。 （3）若将上述过程中充入蓄电池的电能全部用来驱动该车行驶，充电效率为 50%，充入蓄电池的电能为总产生电能的 20%；结合前面可

18、知，总产生电能的 60%能行驶 54km，则总产生电能的 20%可以行驶路程为 154km18km3s 答： （1）汽车匀速行驶的路程为 54km； （2）公交车所受阻力为 2000N； （3） 若将上述过程中充入蓄电池的电能全部用来驱动该车行驶， 该车以 54km/h 的速度行驶的路程为18km。 32. 【答案】 . 小于 . 下 . 50 . 8000Pa . 增大 . C 【解析】 【详解】 （1）1气缸中封闭气体在初始时处于平衡状态，即气缸内压强等于气缸外大气压强，当活塞向上推压硬棒时，气缸体积增大，气缸内压强减小，小于气缸外大气压强。 2当活塞向上推压硬棒时，A点受到向上的压力，根

19、据杠杆原理可知，B 点受到方向相反的力，即 B点受到硬棒向下的压力。 （2） 3根据欧姆定律可得，电路中总电阻为 9V=2000.045AURI总 当 RF受到向下的压力为 100N 时，由图 3可知，此时力敏电阻 RF=150，又力敏电阻 RF与电阻箱串联，由电阻的串联规律可得，此时电阻箱电阻为 F=200-150=50RRR总电阻箱 4当 RF受到向下的压力为 100N 时，即 B点受到向下的压力为 100N，根据杠杆平衡原理可得，A 点受到的压力为 F100N0.4m=80N0.5mOBAOAF lFl 所以气缸受到的压力为 =80NAFF 由FpS可知，此时气缸内气体的压强为 280N

20、8000Pa0.01mFpS 5将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，由于外界大气压强变小，气缸为保持平衡，使活塞向上运动增大气缸体积以减小压强，则使 A点受到向上的压力增大，根据杠杆平衡原理可得，B点受到硬棒向下的压力则增大，力敏电阻的阻值变大，电路中电流变小，气泵向气缸内抽气，所以该装置能控制的最大气压将增大。 6A仅增大电阻箱 R的阻值，导致电路中总电阻增大，总电流变小，气泵向气缸内抽气，所以该装置气缸的气压将增大，故 A 不符合题意； B仅更换电源，使电源电压更小，总电流变小，气泵向气缸内抽气，所以该装置气缸的气压将增大，故不会减小气压，故 B 不符合题意； C仅将支点 O向左移动一段距离，即减小 A点力臂，增大小 B 点的力臂，根据杠杆平衡原理可得，左端A OAB OBF lF l， B点力臂增大，则 B 点受到的压力减小，力敏电阻变小，电流变大，气泵向气缸外抽气，所以该装置气缸的气压将减小，故 C符合题意。 故选 C。