2022年江苏省淮安市洪泽区中考物理模拟试卷（2）含答案解析

1、2022 年江苏省淮安市洪泽区中考物理模拟试卷（年江苏省淮安市洪泽区中考物理模拟试卷（2） 一选择题（共一选择题（共 8 小题，满分小题，满分 16 分，每小题分，每小题 2 分）分） 1. “曾侯乙编钟”是我国战国早期文物。如图所示，全套编钟共 65 件，分 3 层 8 组悬挂在呈曲尺形的铜木结构钟架上，可以旋宫转调。下列说法不正确的是( ) A. 敲击每件钟都会发声，是因为钟在振动 B. 我们能听到的钟声是通过空气传播的 C. 用相同的力敲击不同的钟，我们听到声音的音调不同 D. 无论什么时候，悠扬的钟声都不属于噪声 2. 关于普通中学生，下列估测不符合实际情况的是( ) A. 身体质量约

2、为 60kg B. 身高约为1.65 C. 步行速度约为1.1/ D. 站立时对地面的压强约为1.5 103 3. 如图所示为今年中考体育的四个项目，以下说法正确的是( ) A. 立定跳远-起跳时用力蹬地，是利用了物体间力的作用是相互的 B. 50m 跑-冲过终点的同学不能立刻停下来是因为受到了惯性的作用 C. 引体向上-完成一次引体向上，双臂的拉力始终等于同学的重力 D. 投掷实心球-球在空中飞行至最高点时的动能为零 4. 我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识，下列诗句从物理学的角度解释错误的是( ) A. “绿树阴浓夏日长”中的“阴浓”是光的直线传播形成的 B.

3、 “朝辞白帝彩云间”中的“彩云”是由于光的色散形成的 C. “池水映明月”中的“明月”是由于光的反射形成的虚像 D. “溪深而鱼肥”中的“鱼肥”是由于光的折射形成的实像 5. 蹦床运动逐渐进入了大众生活。下列有关对蹦床者的分析，正确的是( ) A. 下落到与蹦床接触的瞬间时，动能最大 B. 被蹦床弹起的过程中，弹性势能转化为重力势能 C. 从接触蹦床到下落至最低处的过程中，弹性势能转化为动能 D. 在空中上升过程中，动能转化为重力势能 6. 如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中正确的是( ) A. 图甲装置中通电螺线管的 A 端为 N 极 B. 图乙装置，说明电流周围存在着磁场 C

4、. 图丙装置研究的是电流对磁场的作用 D. 图丁装置是电动机的结构原理图 7. 下列利用不可再生能源发电的是( ) A. 风力发电 B. 潮汐发电 C. 太阳能发电 D. 核能发电 8. 如图 1 所示，1是电阻箱，2是定值电阻，闭合开关 S，改变1的阻值，两电压表示数与1关系图像如图 2所示，已知图线和相互平行，则( ) A. 是1示数和1的关系图线 B. 供电设备两端的电压保持不变 C. 电路中电流随1的增大而减小 D. 电路总功率随1的增大而增大 二填空题（共二填空题（共 8 小题，满分小题，满分 22 分）分） 9. 汽车发动机在工作时， 气缸内的气体温度可达到1700 2500.长期

5、以来我国作一直用水作为汽车发动机冷却液，这是因为水的_大。在发动机工作中产生的内能大部分被水吸收，水的温度将_(升高/不变/降低)。目前汽车发动机广泛采用强制循环冷却系统，系统中所用的冷却液即为发动机冷却系中带走高温零件热量的一种工作介质。这项强制规定对冷却液提出了更高的要求，即凝固点要更_，沸点要更_(高/低)。 10. 在如图所示的电路中， 有三个开关1、 2、3，如果仅将开关3闭合， 1、 2断开， 则灯1、 2_ 联；要使两灯并联，应同时闭合开关_；如果将开关1、2、3都闭合，电路处于_状态。 11. 如果家庭电路出现故障，电工师傅一般会用试电笔进行检查，如图电路出现故障，甲、乙两种使

6、用方法中，正确的是_。如图丙所示的三脚插座的第_孔与地线相连。 12. 用充电宝给手机充电过程中，充电宝的能量转化为_能转化为_能；如图是电扇中的一个自动保护装置，当电扇不慎被碰发生倾斜或倾倒时，小球就会向一侧滚动使电路断开，起到保护作用，这个保护装置在电扇电路中的作用相当于_。 13. 如图所示，利用滑轮组匀速拉动水平地面上重为 300N 的物体，在 5 秒钟内使物体匀速运动了 5m，拉力 F的大小为 30N，若物体和地面之间的摩擦力大小为 50N，则 A处的拉力大小为_N，拉力 F的功率是_W，滑轮组的机械效率为_。 14. 电阻1与2的 图像如图所示。当2上的电压为1.5时，2的阻值是_

7、；若将它们并联连接到电压为2.5的电源上，此时电路的总功率为_ W，把它们串联连接到电压为3.5的电源上，电路的总功率为_ W。 15. 丹麦科学家奥斯特通过实验证明：电流具有_效应。电流产生的磁场方向与_有关；通电直导线周围的磁感线分布如图所示，图中小磁针的 a 端是_极。 16. 某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。 额定电压 220V 加热功率 1100W 电机功率 100W 净重 20N 电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线_，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17 ，加热与打浆的时间

8、之比为 3：1，则打好一次豆浆需_ h。 三实验探究题（共三实验探究题（共 6 6 小题，满分小题，满分 2929 分）分） 17. 在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。 (1)实验时，试管里装有适量的_(填“冰块”或“碎冰”)，将试管放入水中加热，这样做的目的是_，而且温度上升较慢，便于记录。 (2)图乙是根据实验记录绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象。 由图象可知： BC段的物质处于_状态，冰熔化过程中在 a点时的内能_ (填“大于”、“小于”或“等于”)在 b 点时的内能，你判断的理由是_。 (3)试管中的冰完全熔化后， 若持续加热， 得到图象中的 DE 段，

9、由此判浙可能是液面上方的气压_(填“高于”或“低于”)1个标准大气压：这段时间内试管中的水_ (填“能”或“不能”)沸腾，原因是_。 18. 如图所示，闭合开关 S，桌面上的条形磁体保持静止不动，电磁铁右侧的小磁针会顺时针转动。请标出： (1)磁感线 a 的方向。 (2)电源右端的极性(用“+”或“-”表示)。 (3)条形磁体左端的极性(用“N”或“S”表示)。 19. 某实验小组想测一块鹅卵石的密度。 (1)将天平放在水平台上，把游码拨至标尺左端零刻度线处，当指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向_ (选填“左”或“右”)调节，直到横梁平衡。 (2)用调好的天平测量鹅卵石的质量，当天平平衡

10、时，砝码质量和游码位置如图乙所示，则鹅卵石的质量为_ g。 (3)在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为 50g。 (4)如图丙所示，使烧杯仍在天平左盘，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时如图丙所示， 鹅卵石的体积为_ 3， 则鹅卵石的密度为_ /3。 (水= 1.0 103/3) 20. 在做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验中： (1)图甲中 A、B、C 三种读取温度计示数的方法，其中正确的是_；图乙中，温度计的示数为_。 (2)图丙是老师根据两组同学每隔 2 分钟记录一次温度的数据，描绘出对应的温度-时间图像。由图像可知水沸腾时的温度为_， 说明此时当地大

11、气压_(选填“大于”、 “小于”或“等于”)1个标准大气压；水温达到沸点后继续加热，水的温度_(选填“升高”或“不变”)。 (3)由图丙可知，两组同学的图像存在差异，请说出一条可能的原因；_。 21. 在“安装直流电动机模型”的实验中：我们首先想到的是磁体间发生相互作用是因为一个磁体放在了另一个磁体的磁场中，那么通电导体周围也存在磁场，磁体会对通电导体产生力的作用吗？ (1)如图所示， 将一根导体 ab置于蹄形磁铁的两极之间， 闭合开关后， 导体运动， 说明磁场对_ 导体有力的作用。 (2)断开开关，将图中磁铁的 N、S 极对调，再闭合开关，会发现导体 ab 的运动方向与对调前的运动方向_ (

12、相同/相反)，说明通电导体在磁场中的受力方向与_ 有关。 (3)断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，会发现导体 ab 的运动方向与对调前的运动方向_ (相同/相反)，说明通电导体在磁场中的受力方向与_ 有关。 (4)如果同时改变磁场方向和电流方向， _ (能/不能)确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。 22. 小明在测定“小灯泡电功率”的实验中， 电源电压恒为 6V， 小灯泡额定电压为2.5、 电阻约为10.滑动变器规格为“601” (1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。 (2)正确连接电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数。则出现上述现

13、象的原因是_，若此时电流表的示数为0.1，则电源电压为_V。 (3)排除故障后，小明移动滑片 P 到某一点时，电压表示数(如图乙)为_V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片 P 向_(/)端移动，使电压表的示数为2.5。 (4)小明移动滑片 P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的 图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_W。 (5)小明同学用几个定值电阻来代替小灯泡做欧姆定律的实验，他选用了5、10、15、20来研究电流和电阻的关系，计算要完成整个探究实验，电压表示数至少为_V。 四解答题（共四解答题（共 1 1 小题，满分小题，满分 1010 分，每小题分

14、，每小题 1010 分）分） 23. 化石能源的逐渐枯竭以及使用时所带来的环境污染问题引起人类社会的共同关注，因此开发和利用新能源成为各个国家的共同课题。如图为全球最大太阳能飞机“阳光动力 2 号”，巡航速度最高可达到90/，机身总重2.3，机翼上装有2702的太阳能电池板，可将20%的太阳能转化为电能。这些电能除了可以为飞机白天飞行提供能源外，还可以在白天给600kg 的锂电池充电，以满足夜间飞行的能源需求。电池充满电时能量密度为0.25( )/。( = 10/) (1)飞机之所以能腾空而起，是因为_。 (2)如果白天有效接收太阳辐射的时间为 10h，太阳每平方米的辐射功率为3 106/(

15、2)，那么 10h可为飞机提供多少电能？ (3)若飞机停在机场时与地面总接触面积为4002，则飞机对地面的压强是多少？ (4)如果飞机以最大的速度匀速巡航时受到的阻力为 300N， 电池充满电后有50%的电能用来克服阻力做功，那么充一次电可以使飞机在晚上飞行多少千米？ 答案和解析答案和解析 1.【答案】D 【解析】解：.敲击编钟时编钟振动发声，说明声音是由于物体的振动而产生的，故 A 正确； B.钟声是通过空气传播到观众耳内的，故 B 正确； C.用相同的力，敲击大小不同的钟能发出声音的高低不同，即音调不同，故 C正确； D.从环保角度出发，即使是乐器发出非常悦耳的声音，但时间和地点不对，也会

16、成为噪声，故 D错误。 故选：D。 (1)声音是由物体的振动产生的； (2)声音的传播需要介质，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播； (3)物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高； (4)从环保角度定义，凡是干扰人们正常的学习、休息和工作的声音以及对人们想要听到的声音起干扰作用的声音都是噪声。 题通过“编钟”考查声音的产生、传播，乐音的响度、音色和音调的区别，噪声的认识，难度不大。 2.【答案】D 【解析】解： A、成年人的质量在 65kg左右，中学生的质量略小，在 60kg左右，故 A不符合题意； B、中学生的身

17、高在1.70左右，故 B 不符合题意； C、正常人步行的速度为1.1/，故 C 不符合题意； D、中学生的质量约 60kg，受到的重力为 600N，也就是对地面的压力是 = 600，走路时一只脚与地面的接触面积为3002左右， 所以对地面的压强大约为 =6006001042= 1 104，故 D符合题意。 故选：D。 估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。 估测不是“瞎猜”，是以我们熟悉的物理数据为标度对研究对象的合理赋值。 3.【答案】A 【解析】解：A、立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对

18、脚产生力的作用，就能向前运动，这是利用了物体间力的作用是相互的，故 A 正确； B、惯性是物体本身固有的一种性质，不能用“受惯性作用”这样的词语表达，故 B错误； C、在上升或下降过程中，由于身体的运动状态不确定，因此无法确定双臂的拉力与同学的重力的关系，故C错误； D、实心球经过最高点时，高度最高，竖直方向的速度为零，但水平方向速度不为零，故动能不为零，故 D错误。 故选：A。 (1)当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的； (2)惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性百米冲线后，由于惯性要保

19、持原来的运动状态不变，继续运动； (3)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体是平衡状态，受平衡力的作用； (4)物体由于运动而具有的能叫动能；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、二力平衡的应用、动能的概念，对概念正确的理解是解题的关键。 4.【答案】D 【解析】 解： A、 “绿树阴浓夏日长”中“浓阴”是树木的影子， 由于光的直线传播， 光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，故 A 正确； B、 “朝辞白帝彩云间， 千里江陵一日还”中的“彩云”是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分

20、成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故 B正确； C、“池水映明月”中的“明月”属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，故 C正确； D、看到水中的鱼是光的折射现象形成的鱼的虚像，故 D 错误。 本题选错误的，故选：D。 (1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的； (2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的； (3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水

21、里的鱼比实际位置浅等都是光的折射形成的。 此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。 5.【答案】D 【解析】解：A、刚与蹦床接触时，运动员受到合力向下，速度增大，当重力和弹力相等，合力为零时，速度最大，动能最大，故 A错误； B、运动员被蹦床弹起的过程中，小孩离开蹦床前，动能增大，蹦床的弹性势能减小，是弹性势能转化为动能；离开蹦床后，小孩的重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，故 B 错误； C、运动员从接触蹦床到下落到最低处的过程中，速度最终减小为 0，动能减小，同时高度变小，重力

22、势能变小，蹦床的弹性形变变大，弹性势能增大，是动能和重力势能转化为弹性势能，故 C错误； D、运动员在空中上升的过程中，质量不变，速度变小，动能减小，同时其高度变大，重力势能增大，所以动能转化为重力势能，故 D正确。 故选：D。 (1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 (2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 (3)弹性势能大小的影响因素：弹性形变的程度。物体弹性形变的程度越大，弹性势能越大。 解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况。 6.【答案】B 【解析】解： A、图甲装

23、置中，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的 B 端为 N 极，A 端为 S 极，故 A错误； B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故 B正确； C、图丙装置中有电源，当闭合开关时，通电金属棒在磁场中会受到力的作用而运动，是研究磁场对电流的作用，故 C错误； D、该装置中没有电源，线圈在磁场中转动时，电路中会产生感应电流，这是电磁感应现象，则图丁装置是发电机的结构原理图，故 D错误； 故选：B。 (1)利用安培定则判断通电螺线管磁场的极性； (2)通电导体周围存在着磁场； (3)通电导体在磁场中受力而运动。

24、 (4)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电。 物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。 7.【答案】D 【解析】核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；风能、潮汐能、太阳能可以源源不断地得到，是可再生能源，所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故 D正确，ABC 错误。 故选：D。 分析：能够源源不断地从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。 本题主要考查学生对可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握、难度不大。 8.【答案】D

25、 【解析】 【分析】 由图可知，该电路为串联电路，电压表1测量1两端的电压，电压表2测量的是电源的电压； (1)根据电压表的连接方式分析； (2)根据电压表2示数的变化特点分析； (3)根据串联电路的电压关系分析2两端电压的变化，然后根据欧姆定律分析电流的变化； (4)根据 = 分析总功率的变化。 本题考查了电路的动态分析，明确电源电压的变化是解题的关键。 【解答】 A、根据电路图可知，当电阻1的阻值为 0时，其两端的电压也为 0，根据图 2可知，是1示数和1的关系图线，故 A 错误； B、图 2中的是电压表2示数和1的关系图线，根据图线可知，当1增大时，电压表2示数也是增大的，由于电压表2测

26、量的是电源电压，所以供电设备两端的电压是改变的，故 B 错误； C、根据串联电路的电压关系可知，2两端电压等于2示数与1示数的差值，由于图线和相互平行，则2示数与1示数的差值保持不变，即2两端电压保持不变，根据 =可知，电路中的电流保持不变，故 C错误； D、1增大时，电源电压变大，电路中的电流不变，根据 = 可知，电路总功率变大，故 D 正确。 故选：D。 9.【答案】比热容 升高 低 高 【解析】解：汽车发动机上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水比热容大的性质，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，致冷效果最好； 在发动机工作中产生的内能大部分被的水吸收，水的内能变

27、大，温度将升高； 发动机在工作时，发动机的温度很高，冷却液要有较高的沸点，使得冷却液不容易沸腾；为了使发动机在低温的环境下能够使用，冷却液的凝固点要低一些。 故答案为：比热容；升高；低；高。 水的比热容最大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多； 物体吸收热量，内能变大，温度升高； 根据发动机工作的环境分析温度的高低。 本题考查了水的比热容的大小及其应用，属于基础知识。 10.【答案】串 1、2 短路 【解析】解：当开关3闭合，1、2断开时，电流从电源正极流来，依次流过1、开关3、2回到负极，所以灯1、2串联； 当开关1、2闭合，3断开时，电流从电源正极开关分支，一支经过

28、1、2，另一支经过1、2；然后两支汇合共同回到负极，所以灯1、2并联。 当同时闭合1、2、3时，形成了电源短路，这种电路是不允许的。 故答案为：串；1、2；短路。 (1)串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极； (2)电源短路是指用导线直接将电源两端相连，这种电路是不允许的。 解决此题型的关键是结合串并联电路的特点，根据题目中的开关组合判断电路的连接情况。 11.【答案】甲 3 【解析】解： 甲图的使用方法是正确的，手接触笔尾金属体；乙图的使用方法是错误的，测电笔接触火线或零线，氖管都不发光； 三脚插座要求，

29、左零右火上接地，由图丙知，第 3孔是与地线相连的，这样可防止用电器外壳带电时造成触电事故的发生。 故答案为：甲；3。 (1)正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线。手千万不要接触笔尖金属体。 (2)三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，与用电器金属外壳相连，来防止触电。 本题考查了测电笔的正确使用和三孔插座的接线要求，属安全用电中常识题。 12.【答案】化学 电 开关 【解析】解：充电宝给手机充电时，充电宝能提供电能，相当于电路中的电源，消耗了化学能，转化为了电能； 由图知，当电扇没有倾斜时，能够正常工作，说明电路是通路状态；当电扇发生倾斜或倾

30、倒时，小球就会向一侧滚动使电路断开，风扇不能工作，处于断路状态，说明小球能够控制风扇的工作状态，相当于开关。 故答案为：化学；电；开关。 充电宝给手机充电时，相当于电源，据此分析能量的转化； 电路包括四部分：电源、用电器、开关及导线。 此题考查的是电路各元件的作用、电能的转化，读懂题意是解答的关键。 13.【答案】50;60;83.3% 【解析】解：(1)物体在水平地面上做匀速运动，则此时 A 处绳子的拉力与物体与地面之间的摩擦力是一对平衡力， 物体和地面之间摩擦力为 = 50， 处的拉力大小为= = 50； (2)由图可知， = 2， 绳端移动的距离： 绳= 物= 2 5 = 10， 拉力做

31、的总功： 总= 绳= 30 10 = 300， 拉力 F的功率： =总=3005= 60， 有用功： 有= 物= 50 5 = 250， 滑轮组的机械效率： =有总 100% =250300 100% 83.3%。 故答案为：50；60；83.3%。 (1)物体在水平地面上做匀速运动，则此时 A 处绳子的拉力与物体与地面之间的摩擦力是一对平衡力，知道物体和地面之间摩擦力的大小，从而可以计算出 A处的拉力大小； (2)由图可知， 滑轮组由 2 段绳子与动滑轮相连， = 2， 根据绳= 物求出绳端移动的距离， 根据 = 绳求出拉力做的总功，根据 =求出拉力 F 的功率，根据 = 物求出有用功，利用

32、 =有总 100%求出滑轮组的机械效率。 此题主要考查了滑轮组绳子拉力的计算以及滑轮组的机械效率，在计算过程中，要注意弄清哪些力是平衡力，那些是有用功，那些是总功，不要被多余的条件所迷惑。 14.【答案】101.750.7 【解析】解：(1)电阻2的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过的电流跟它两端所加电压不成正比。 当2= 1.5时，通过它的电流2= 0.15，由欧姆定律可得： 2=22=1.50.15= 10； (2)电阻1的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。 当1= 1时，通过它的电流1= 0.2，由欧姆定律可得： 1=11=10.

33、2= 5； 将它们并联连接到两端电压为2.5的电路中时，由图象中可知：2电流为0.2， 通过1的电流： 1 =1=2.55= 0.5， 并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流是： = 2 + 1 = 0.2 + 0.5 = 0.7， 此时电路的总功率： = = 2.5 0.7 = 1.75； (3)把它们串联连接到电压为3.5的电源上，因串联电路中各处电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以由图像可知，当电路中的电流是0.2时，1= 1；2 = 2.5；总电压为3.5，电路的总功率为： = 1= 3.5 0.2 = 0.7。 故答案为：10；1.75；0.7。 (1)由图象可知，

34、通过2的电流与它两端所加电压不成正比，则2阻值是变化的。由欧姆定律计算2的电阻值； (2)并联电路各支路两端的电压相等， 通过2的电流可通过图象直接读出， 电阻1的 图象是一条过原点的直线，根据欧姆定律计算1的阻值，进一步计算其两端电压为2.5时的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流，根据电功率公式计算电路消耗的功率； (3)将它们串联连接到电压为3.5的电源上时通过它们的电流相等，根据图像读出通过1两端电压和2两端的电压之和为3.5时通过电路的电流，利用 = 计算电路的电功率。 本题考查图象的分析能力，欧姆定律、并联电路特点、串联电路特点、电功率公式的灵活运用，注意掌握图象中的图线表示的物

35、理意义，并会从中读取数据。 15.【答案】磁 电流方向 S 【解析】解：奥斯特发现了电流的磁效应；电流周围的磁场方向与电流的方向有关； 通电直导线周围的磁感线是以直导线为中心的一系列的同心圆，磁感线是闭合的曲线；图中小磁针的 a 端的指向与磁感线的方向相反，故为小磁针的 S 极。 故答案为：磁；电流方向；S。 通电导线能产生磁场，并且磁场方向与电流方向有关。用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向；小磁针静止时 N 极的指向为该点的磁场方向。 此题考查了奥斯特实验和通电直导线周围的磁感线情况，要认真分析图形，找出有用的信息。 16.【答案】电阻小 0.2

36、 【解析】解：电热管与导线串联，通过它们的电流 I 和通电时间 t相等，因为导线的电阻远小于电热管的电阻，由焦耳定律 = 2可知导线上产生的热量少； 由题知，加热与打浆的时间之比为 3：1，设打浆时间为打浆= ，则加热时间为加热= 3，总的工作时间为总= 4，由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17 ； 由 =得： = 加热加热+ 打浆打浆，即0.17 = 1.1 3 + 0.1 ， 解得： = 0.05，则打好一次豆浆需要的时间：总= 4 = 4 0.05 = 0.2。 故答案为：电阻小；0.2。 电热管和导线串联，通过的电流相等，通电时间相同，利用焦耳定律 = 2分析； 由题

37、知，加热与打浆的时间之比为 3：1，设加热时间为 3t，则打浆时间为 t，总的加热时间 4t；由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为 = 加热加热+ 打浆打浆，据此求出 t，进而求出打好一次豆浆需要时间。 本题主要考查电功率公式、吸热公式的灵活运用、焦耳定律的应用，题目难度不大。 17.【答案】(1)碎冰；使冰块受热均匀；(2)固液共存；小于；物质吸收热量，内能变大；(3)低于；不能；由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。 【解析】解：(1)探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里应装有适量的碎冰，在加热过程中，碎冰受热均匀，并且变化比较慢，

38、便于记录实验温度； (2)冰是晶体，由图象可知 BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态；物质吸收热量，内能变大，故 a点的内能小于 b点的内能； (3)由图可知，此时水的沸点为98，小于标准气压下的沸点100，说明液面上方的气压低于 1 个标准大气压； 由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。 故答案为：(1)碎冰；使冰块受热均匀；(2)固液共存；小于；物质吸收热量，内能变大；(3)低于；不能；由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。 学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图

39、象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的。 18.【答案】解：(1)闭合开关 S，电磁铁右侧的小磁针会顺时针转动，说明通电螺线管周围的磁感线从右端出发，回到左端，可以判断通电螺线管的左端是 S极，右端是 N 极，a磁感线方向如图。 (2)通电螺线管的左端是 S极，右端是 N极，根据安培定则可以判断电流从通电螺线管的左端进入，从右端流出，可以判断电源的左端是正极，右端是负极，如图。 (3)磁感线从左端进入螺线管，可以判断条形磁体的右端是 N极，左端是 S极，如图。 【解析】首先根据小磁针的转动方向判断通电螺线管的磁极，根据通电螺线管的磁极判断电路方向，根据磁感线 a判断条形磁体的磁极。 知道

40、螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线中的任意一者，都可以根据磁感线特点和安培定则判断另外几者。 19.【答案】右 19.88.82.25 103 【解析】解：(1)托盘天平指针向左偏，应将平衡螺母向右调，使天平水平平衡； (2)鹅卵石的质量= 15 + 4.8 = 19.8； (4)鹅卵石排开水的质量= 58.8 50 = 8.8，石= 排=8.81.0/3= 8.83， =19.88.83=2.25/3= 2.25 103/3。 故答案为：(1)右；(2)19.8；(4)8.8，2.25 103/3。 (1)托盘天平调平原则指针“左偏右调，右偏左偏”； (2)鹅卵石的质量=砝码的质量

41、+游码对应的刻度值，注意游码读数要读左边刻度线； (4)鹅卵石的体积=排开水的体积，根据密度公式计算鹅卵石密度； 本题考查托盘天平的使用和密度的计算，属于基础知识考查。 20.【答案】(1)；96；(2)99；小于；不变；(3)水的质量不同 【解析】 【分析】 (1)温度计在读数的时候，视线应该和温度计内的液柱上表面相平。温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面所指示的来读数。 (2)根据图像及水沸腾时的特点判断出水的沸点；根据沸点与气压的关系进行解答。 (3)同样的装置，水温上升的快慢不同，可以考虑水的多少是不同的。 此题是“探究水沸腾时温度变化特点”的实验，考查了学生对温度计的

42、使用及读数，水沸腾特点及沸点的概念。 【解答】 (1)温度计的正确读数方法是视线应该和温度计内液柱上表面相平。即上述三种情况中，A 属于俯视，即读出的数据会偏大， C是仰视， 即读数会偏小。 即只有 B是正确的。 图中温度计的分度值为1， 故其读数为96； (2)由图像知，水在沸腾过程中温度保持99不变，所以水沸腾时的温度为99；由于沸点低于 1标准大气压下的沸点，所以当时气压低于 1标准大气压；水沸腾的特点是吸收热量，但温度不变； (3)观察图丙中的图像可知，两组同学水升温的快慢不同，产生这种差异的原因可能是两次实验中水的质量不同。 21.【答案】(1)通电；(2)相反；磁场方向；(3)相反

43、；电流方向；(4)不能。 【解析】 解： (1)将一根导体 ab 置于蹄形磁铁的两极之间， 未闭合开关前， 电路中没有电流， 导体静止不动，闭合开关后，电路中有电流，导体运动，说明磁场对通电导体有力的作用； (2)断开开关，将图中磁铁的 N、S极对调，磁场方向改变，再闭合开关，电流方向不变，会发现导体 ab的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向有关； (3)断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，导体中电流方向改变，磁场方向不变，会发现导体 ab 的运动方向与对调前的运动方向相反，说明通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向有关。 (4)如果同时改变磁

44、场方向和电流方向，通电导体在磁场中受力方向不变，不能确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。 故答案为：(1)通电；(2)相反；磁场方向；(3)相反；电流方向；(4)不能。 (1)磁场对通电导体有力的作用； (2)(3)(4)改变电流的方向或磁场的方向都可以改变通电导体的受力方向，从而使其运动方向不同，若电流的方向和磁场的方向都同时改变，不可以改变通电导体的受力方向。 此题主要考查了探究电动机工作原理的实验中，基本原理的掌握、实验中故障的分析与解决、实验的改进方法等，有一定综合性，是我们应该详细了解的。 22.【答案】灯泡短路；6；2.2；B；0.5；1.5 【解析】解：(1)小灯泡额定电压

45、为2.5，电阻约为10，灯正常工作时电流： =2.510= 0.25， 电流表选用小量程与灯串联，如下所示： (2)闭合开关，电流表有示数， 说明电路为通路，电压表无示数， 发现灯泡不亮，则出现上述现象的原因是：灯泡短路了； 因正确连接电路后，闭合开关，则变阻器连入电路中的电阻最大，滑= 60，因灯短路，故电路中只有变阻器，根据欧姆定律 =，电源电压： = = 0.1 60 = 6； (3)灯在额定电压下正常发光， 图中电压选用小量程， 分度值为0.1， 示数为2.2， 小于灯的额定电压2.5，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻

46、大小，故滑片向 B 移动，直到电压表示数为额定电压； (4)灯在额定电压下正常发光，由图丙知，灯的额定电压下的电流为0.2，则灯的额定功率： = = 2.5 0.2 = 0.5； (5)设电压表示数为表， 则变阻器的电压为 表， 根据分压原理：表表=滑定， 即 表 1 =滑定， - 由知，因实验中，电压表示数保持不变，电源电压为定值，故式左边为定值，右边也为定值，故变阻器连入电路中的电阻随定值电阻的增大而增大，当定值电阻为定= 20时-， 变阻器连入电路中的最大电阻为滑= 60-， 将代入得： 表= 1.5， 故他选用了5、10、15、20来研究电流和电阻的关系，计算要完成整个探究实验，电压表

47、示数至少为1.5，选 B。 故答案为：(1)如上图所示；(2)灯泡短路；6；(3)2.2；B；(4)0.5；(5)1.5。 (1)由欧姆定律求出灯正常发光时的电流，确定电流表量程与灯串联； (2)闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，根据电压表无示数，发现灯泡不亮确定故障原因； 为保护电路，连接电路时，变阻器连入电路中的电阻最大，分析电路的连接，根据欧姆定律求电源电压； (3)灯在额定电压下正常发光，根据图乙中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向； (4)灯在额定电压下正常发光，由图丙知找到灯的额定电压下的电流，根据 = 求灯的额

48、定功率： (5)研究电流与电阻的关系时，要保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律结合分压原理，分析要完成整个探究实验，电压表示数至少为多少。 本题定“小灯泡电功率”，考查电路的连接、故障的分析、操作过程、对器材的要求、控制变量法的应用及串联电路的规律及欧姆定律的运用，最后一问难度大。 23.【答案】飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力 【解析】解：(1)飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流

49、过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力； (2)太阳每平方米的辐射功率为3 106/( 2)，则 10h 接收的太阳能为： = 3 106/( 2) 10 2702= 8.1 109； 将20%的太阳能转化为电能，则电能为： = = 8.1 109 20% = 1.62 109； (3)飞机停在机场时对地面的压力等于其重力，则产生的压强为： =230010/0.042= 5.75 105； (4)锂电池的质量为 600kg，电池充满电时能量密度为0.25( )/，电池充满电后有50%的电能用来克服阻力做功，则所做的有用功为： = 600 0.25( )/ 50

50、% = 75 = 2.7 108； 飞机坐匀速直线运动，牵引力等于阻力，即 = = 300； 根据 = 可知，飞机飞行的距离为： =2.7108300= 9 105 = 900。 答：(1)飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力； (2)如果白天有效接收太阳辐射的时间为 10h，太阳每平方米的辐射功率为3 106/( 2)，那么 10h 可为飞机提供1.62 109电能； (3)若飞机停在机场时与地面总接触面积为4002，则飞机对地面的压强是5.75 105；