2019年广东省茂名市高州市高考物理二模试卷（含答案解析）

1、第 1 页，共 13 页2019 年广东省茂名市高州市高考物理二模试卷一、单选题（本大题共 10 小题，共 30.0 分）1. 下列说法中正确的是 ( )A. 只有体积很小或质量很小的物体才可以看作质点B. 在单向直线运动中，物体的位移就是路程C. 有摩擦力一定有弹力D. 物体受到的几个共点力的合力一定大于每一个分力【答案】C【解析】解：A、体积小、质量小的物体不一定能看成质点，关键看物体的形状和大小在所研究的问题中能否忽略。故 A 错误。B、位移是矢量，在单向直线运动，位移的大小等于路程，不能说位移就是路程。故B 错误。C、摩擦力产生的条件是：接触面粗糙、有弹力、有相对运动或相对运动的趋势。

2、所以有摩擦力必有弹力。故 C 正确。D、根据平行四边形定则，知合力可能比分力小，可能比分力大。故 D 错误。故选：C。当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点 当物体做单向直线.运动时，位移的大小等于路程 摩擦力产生的条件中必须有弹力 根据平行四边形定则判. .断合力于分力的大小关系本题考查了力的合成、质点、位移和路程等基础知识点，比较简单，学生很容易掌握2. 关于运动和力的关系，下列说法正确的是 ( )A. 当物体所受合外力不变时，运动状态一定不变B. 当物体所受合外力为零时，速度大小一定不变C. 当物体运动轨迹为直线时，所受合外力一定为零D. 当物体速度为零时，所受合外力

3、一定为零【答案】B【解析】解：A、根据牛顿第二定律，当物体所受合外力不变时，加速度也不变，由于有加速度，物体的速度一定改变，故 A 错误；B、根据牛顿第二定律，当物体所受合外力为零时，物体的加速度也为零，故速度不变，故 B 正确；C、当物体运动轨迹为直线时，如果做匀速直线运动，合力为零，如果做变速运动，物体所受合外力一定不为零，故 C 错误；D、当物体的速度为零时，加速度不一定为零，故合力不一定为零，如竖直上抛运动的最高点，故 D 错误；故选：B。运动状态的特征物理量是速度，根据牛顿第二定律讨论合力与加速度的关系，再结合运动学公式分析速度变化情况本题关键在于：物体依靠惯性运动，物体的速度不需要

4、力来维持，力是改变速度的原因，即力是产生加速度的原因3. 一物体受三个共点力的作用，可能使物体做匀速直线运动的是 ( )A. 、 、 B. 、 、1=1 2=7 3=9 1=8 2=2 3=11C. 、 、 D. 、 、1=7 2=1 3=5 1=10 2=10 3=1第 2 页，共 13 页【答案】D【解析】解：使物体做匀速直线运动，即物体受到的合力零。A、1N 和 7N 的合力的范围是 ，9N 不在这个范围内，合力不可能为零，所68以 A 错误；B、8N 和 2N 的合力的范围是 ，11N 不在这个范围内，合力不可能为零，610所以 B 错误；C、7N 和 1N 的合力的范围是 ，5N 不

5、在这个范围内，合力不可能为零，68所以 C 错误；D、10N 和 10N 的合力的范围是 ，1N 在这个范围内，合力可以为零，所020以 D 正确；故选：D。两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角 时合力最180小，并且 ，判断第三个力是否在范围内即可判断总合力是否为|12|1+2零当这三个共点力的方向都相同的时候，合力最大，当其中任何两个力的合力与第三个力大小相等方向相反的时候，合力为零4. 如图所示，在水平桌面上叠放着木块 P 和 Q，水平力 F 推动两个木块做匀速运动，下列说法中正确的是 ( )A. P 受 3 个力，Q 受 3 个力 B. P 受 3 个力，Q

6、受 4个力C. P 受 2 个力，Q 受 5 个力 D. P 受 4 个力， Q 受 6 个力【答案】C【解析】解：在水平推力的作用下，物体 P、Q 一起匀速滑动，则对 P 受力分析：重力与支持力。对于 Q 受力分析：重力、地面支持力、 P 对 Q 的压力、水平推力、地面给 Q 的滑动摩擦力。因此 P 受到二个力，Q 受到五个力。故 C 正确；ABD 错误；故选：C。用水平力 F 推 Q，使 P、Q 两木块一起沿水平桌面匀速滑动，对各自进行受力分析，分别从重力、弹力、摩擦力等三个角度去分析 对于摩擦力要分静摩擦力与滑动摩擦.力考查学会受力分析，通常从重力、弹力、摩擦力角度去分析，同时强调受力的

7、研究对象5. 质量为 1kg 的物体在 xoy 平面上做曲线运动，在 y 方向的速度图象和 x 方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是 ( )A. 质点初速度的方向与合外力方向相同B. 质点所受的合外力为 6NC. 质点的初速度为 4/D. 2s 末质点速度大小为 6/【答案】C第 3 页，共 13 页【解析】解：A、质点 y 方向的分运动时匀加速直线运动，分加速度沿 y 方向。x 方向做匀速直线运动，加速度为零。则知质点的合力沿 y 轴方向，而初速度方向不在 y 轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不同。故 A 错误。B、x 轴方向的加速度 ，质点的合力 故 B 错误。=62=3/2 合

8、=3.C、x 轴方向初速度为 ，y 轴方向初速度 ，质点的初速度=082=4/ =0大小 ，故 C 正确。0=2+2=4/B、2s 末质点速度应该为 ，故 D 错误；=2+2=62+42/=213/故选：C。根据速度图象判断物体在 x 轴方向做匀加速直线运动，y 轴做匀速直线运动 根据位移.图象的斜率求出 y 轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度 质点的合力一定，.做匀变速运动 轴的合力为零 根据斜率求出 x 轴方向的合力，即为质点的合力 合力沿. . .x 轴方向，而初速度方向既不在 x 轴，也不在 y 轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直能从图象中获取尽量多的信息是解决图象问

9、题的关键，对于矢量的合成应该运用平行四边形法则，注意右图是位移与时间图象6. 关于地球同步通讯卫星，下述说法正确的是 ( )A. 地球同步通讯卫星的轨道是唯一的 赤道上方一定高度处( )B. 它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间C. 同步通讯卫星上的物体处于超重状态D. 它可以通过北京的正上方【答案】A【解析】解：A、根据 ，因为 T 一定值，所以 r 也为一定值，所以同步卫星=422距离地面的高度是一定值，卫星距离地球的高度约为 36000 km，运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道。故 A 正确。B、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度。而同步卫星的轨道半径要

10、大于近地卫星的轨道半径，根据 的表达式可以发现，同步卫星=运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故 B 错误。C、同步通讯卫星上的物体处于完全失重状态，故 C 错误。D、根据引力提供向心力做匀速圆周运动，因此同步通讯卫星必须在赤道平面，故 D错误。故选：A。了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球相同。物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心。地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度。7. 宇宙飞船正在离地面高 的轨道上做匀速圆周运动，飞船内一弹簧秤下悬挂=地一质量为 m

11、的重物，g 为地面处重力加速度，则弹簧秤的读数为 ( )A. mg B. C. D. 012 14【答案】D第 4 页，共 13 页【解析】解：宇宙飞船正在离地面高 的轨道上做匀速圆周运动，万有引力充当=地向心力，故物体处于完全失重状态，弹簧示数为 0。故选：D。宇宙飞船万有引力充当向心力，物体处于完全失重状态此题关键要知道飞船绕地球做匀速圆周运动时，处于完全失重状态，一切弹力为零8. 如图所示，大小相同的力 F 作用在同一个物体上，物体分别沿光滑水平面、粗糙水平面、光滑斜面、竖直方向运动一段相等的距离 s，已知力 F 与物体的运动方向均相同则上述四种情景中都相同的是 ( )A. 拉力 F 对

12、物体做的功 B. 物体的动能增量C. 物体加速度的大小 D. 物体运动的时间【答案】A【解析】解：A、根据功的计算公式 可知 F、 S、 相同，故功相同，A 正= 确；B、根据动能定理知 ，只拉力做功相同，其他力做功不同，故动能增量不同，合 =故 B 错误；C、根据 知只有拉力 F 同，加速度不一定相同，故 C 错误；合 =D、根据 知加速度不相同，t 不相同，故 D 错误；=122故选：A。根据功的计算公式 可知做功情况；根据动能定理可知动能变化；根据牛顿=第二定律可知加速度大小；根据匀变速直线运动规律可知时间此题考查对功的计算公式 、动能定理、牛顿第二定律、匀变速直线运动规=律等，注意公式

13、中的符号含义即可解得9. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为 m、2m和 3m 的三个木块，其中质量为 2m 和 3m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为 现用水平拉力 F 拉其中一.个质量为 3m 的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是 ( )A. 质量为 2m 的木块受到四个力的作用B. 当 F 逐渐增大到 T 时，轻绳刚好被拉断C. 当 F 逐渐增大到 时，轻绳还不会被拉断1.5D. 轻绳刚要被拉断时，质量为 m 和 2m 的木块间的摩擦力为23【答案】C【解析】解：质量为 2m 的木块受到重力、质量为 m 的木块的压力、 m 对其作用的向后的摩擦力

14、，轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故 A 错误；对整体，由牛顿第二定律可知， ；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，=6轻绳中拉力为 由此可知，当 F 逐渐增大到 2T 时，轻绳中拉力等于 T，轻=3=2.绳才刚好被拉断，选项 B 错误；C 正确；第 5 页，共 13 页轻绳刚要被拉断时，物块加速度 ，质量为 m 和 2m 的木块间的摩擦力为=3，故 D 错误。=3故选：C。采用隔离法分析 2m 可得出其受力的个数；再对整体分析可得出整体的加速度与力的关系；再以后面两个物体为研究对象可得出拉力与加速度的关系，则可分析得出 F 与T 的关系本题重点在于研究对象的选择，以及正确的受力分析，

15、再由整体法与隔离法分析拉力之间的关系10. 如图所示，一个箱子放在水平地面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆上套着一个环，箱和杆的质量为 M，环的质量为m，已知环沿着杆以加速度 a 加速下滑 则此时箱对(430故 A 正确，B 错误；C、D、对小球 A 受力分析，受重力和拉力，拉力不做功，故小球 A 机械能守恒，由于重力势能的系统性，故也可以说小球 A 与地球组成的系统机械能守恒，故 C 正确，D错误；故选：AC。对小球 A 受力分析，受重力和拉力，拉力不做功，故小球 A 机械能守恒；下摆过程中，拉力逐渐变大，再对 B 物体受力分析，得出摩擦力的变化情况本题关键是根据机械能守恒的条件判断机械能是否

16、守恒；静摩擦力随外力的变化而变第 8 页，共 13 页化，通过受力分析，根据共点力平衡条件分析16. 如图 1，长木板 A 放在光滑的水平面上，质量为 的另一物体 B 以水平速=2度 滑上原来静止的长木板 A 的表面，由于 A、B 间存在摩擦，之后0=2/A、B 速度随时间变化情况如图 2 所示，则下列说法正确的是 ( )A. 木板获得的动能为 2J B. 系统损失的机械能为 2JC. 木板 A 的最小长度为 1m D. A、B 间的动摩擦因数为 0.1【答案】BCD【解析】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为 ，A 、B 组成的系统动=1/量守恒，以 B 的初速度方向为正方向，由动量守恒

17、定律得： ，0=(+)解得： ，木板 A 的质量为 ，木板获得的动能为：=2 =2，故 A 错误。=122=12212=1B、系统损失的机械能 ，代入数据解得： ，故 B 正=1220122122 =2确；C、由图得到： 内 B 的位移为 ，A 的位移为01 =12(2+1)1=1.5，木板 A 的最小长度为 ，故 C 正确。=1211=0.5 =1D、由图示图象可知，B 的加速度： ，负号表示加速度的方向，=121=1/2由牛顿第二定律得： ，代入解得， ，故 D 正确。= =0.1故选：BCD。由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板 A 的质量，根据 求=122解木板获得的动能

18、 根据斜率求出 B 的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数.根据“面积”之差求出木板 A 的长度 根据系统克服摩擦力做功求解系统损失的机械. .能本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力17. 下列叙述中正确的是 ( )A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增加而增加C. 对于一定质量的理想气体，温度升高时，压强可能减小D. 已知水的密度和水的摩尔质量，则可以计算出阿伏加德罗常数E. 扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动【答案】BCE【解析】解：A、布朗

19、运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，是由于其周围液体分子的碰撞形成的，故布朗运动是液体分子无规则热运动的反映，但并不是液体分子的无规则运动。故 A 错误。第 9 页，共 13 页B、当分子力表现为引力时，分子距离增大时，分子引力做负功，分子势能增加。故B 正确。C、对于一定质量的理想气体，由理想气体状态方程可知，若温度升高时，体积同时增大，且体积增大的比值大于温度升高的比值；则压强减小；故 C 正确；D、已知水的密度和水的摩尔质量，只能求出水的摩尔体积，求不出阿伏加德罗常数。故 D 错误。E、扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动；故 E 正确；故选：BCE。布朗运动是固

20、体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映 当分子力表现为引力时，.分子势能随分子间距离的增加而增加 气体压强如何变化，可根据气态方程分析 已知水. .的密度和水的摩尔质量，只能求出水的摩尔体积，求不出阿伏加德罗常数 扩散现象说.明分子在做无规则运动本题考查热力学的一些基本知识，要注意重点掌握布朗运动、理想气体状态方程及阿伏加德常数等内容，并能正确应用三、实验题探究题（本大题共 2 小题，共 14.0 分）18. 如图甲所示实验装置，可以测量滑块经过斜面底端的瞬时速度。用游标卡尺测量挡光片的宽度 d，示数如图乙所示，可读得 _cm；(1) =让装有挡光片的滑块从斜面上端由静止释放，测得它经过光

21、电门时挡光片的挡(2)光时间为 ，则滑块经过斜面底端时的速度 _ 保留二位有效数0.002 = /(字 ；挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直 如图丙 ，则速度) ( )的测量值比真实值偏_ 填“大”或“小”，档光片足够长 。( )若测得滑块下滑高度为 h，水平位移为 x，则可得出滑块与斜面间的动摩擦因(3)数 _ 用符号 h、v、x 和重力加速度 g 表示 。= ( )【答案】 小 1.025.1222【解析】解： 主尺读数为 10mm，游标读数是 ，故最后读数为：(1) 20.1=0.2。10+0.2=10.2=1.02用滑块通过的平均速度来代替瞬时速度大小，有：(2)挡光片

22、平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直，=0.01020.002=5.1/当通过光电门时，使得时间变长，然而在求瞬时速度时，仍用挡光片的宽度与变长的时间的比值，导致瞬时速度变小，则速度的测量值比真实值偏小；设下滑位移为 l，(3)根据速度 位移公式有：2=2根据牛顿第二定律有：= 其中 ，= =第 10 页，共 13 页联立 解得： 。=222故答案为： ； ，小； 。(1)1.02(2)5.1 (3)222游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，注意不需要估读；(1)由于木块通过光电门的时间很短，因此可以用其通过的平均速度来代替瞬时速度大(2)小，当未与斜面垂直，导致通过光电门时，时

23、间变长，即可分析测量值与真实值的关系；根据牛顿第二定律写出出表达式，即可求出摩擦因数的大小。(3)解决本题的关键是掌握游标卡尺的读数方法，主尺读数加上游标读数，注意不需要估读；熟练应用牛顿第二定律以及运动学公式解决实验问题，注意挡光片的不垂直斜面，导致通过的时间变长是解题问题的关键。19. 在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用 M 表示，盘及盘中砝码的质量用 m 表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计时器打上的点计算出当 M 与 m 的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘(1)及盘中砝码受到的重力如图 为甲同学根据测量数据

24、作出的 aF 图线，说明实验存在的问题是(2) ()_乙、丙同学用同一装置做实验 画出了各自得到的 aF 图线如图 所示，两个同(3) . ()学做实验时的哪一个物理量取值不同？_【答案】 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够 两小车及车上砝码的总质量不同【解析】解： 以整体为研究对象有(1) =(+)解得 ，=+以 M 为研究对象有绳子的拉力 ，=+显然要有 必有 ，故有 ，即只有 时才可以认为绳对小= += 车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力图 B 中图象与横轴的截距大于 0，说明在拉力大于 0 时，加速度等于 0，说明物体(2)所受拉力之外的其他力的合力大于 0，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不

25、足由图可知在拉力相同的情况下 ，(3) 乙 丙根据 可得 ，即 图象的斜率等于物体质量的倒数，且 故两人= = 乙 (2) (3)码的总质量不同要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求(1)第 11 页，共 13 页出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M 为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有 时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力图 B 中图象与横轴的截距大于 0，说明在拉力大于 0 时，加速度等于 0，即合外力(2)等于 0图象的斜率等于物体的质量，故斜率

26、不同则物体的质量不同(3)只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握四、计算题（本大题共 3 小题，共 37.0 分）20. 如图所示，航空母舰上的水平起飞跑道长度 一架质量为 kg=160. =2.0104的飞机从跑道的始端开始，在大小恒为 N 的动力作用下，飞机做匀=1.2105加速直线运动，在运动过程中飞机受到的平均阻力大小为 飞机可视=2104.为质点，取 求：=10/2.飞机在水平跑道上运动的加速度大小；(1)若航空母舰静止不动，飞机加速到跑道末端时速度大小；(2)若航空母舰沿飞机起飞的方向以 匀速运动，

27、飞机从始端启动到跑道末端(3) 10/离开，这段时间内航空母舰对地位移大小【答案】解： 飞机在水平跑道上运动时，竖直方向受力平衡，水平方向受到动力 F(1)与阻力 作用，设加速度大小为 a，由牛顿第二定律可得：代入数据得： = 1=5.0/2由运动学公式可知： ，(2) 2=2代入数据得 飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小为：=2=25160/=40/若航空母舰沿飞机起飞的方向以 匀速运动，对于飞机，有：(3) 10/，1=0+122对于航空母舰有： ，2=0由几何关系有： 12=即有： ，122=代入数据解得： =2=21605 =8因此飞机离开航空母舰时，航空母舰的对地位移大小为： 2=0=

28、108=80答： 飞机在水平跑道运动的加速度大小为 ；(1) 5.0/2若航空母舰静止不动，飞机加速到跑道末端时速度大小为 (2) 40/这段时间内航空母舰对地位移大小为 80m(3)【解析】 知道飞机的受力情况，可根据牛顿第二定律求出飞机在水平跑道上运动的(1)加速度大小根据匀变速直线运动的速度位移公式，求出飞机加速到跑道末端时的速度大小(2)根据飞机和航空母舰的位移之差等于航空母舰的跑道的长度，结合运动学公式求出(3)运动的时间，从而求出这段时间内航空母舰对地位移大小第 12 页，共 13 页本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，要注意运动学公式

29、中位移的参照物必须对地面21. 如图所示，AB 为固定在竖直平面内的 光滑圆弧轨道，轨道的 B 点与水平地面相14切，其半径为 质量为 m 的小球由 A 点静止释放，求：.小球滑到最低点 B 时，小球速度 v 的大小；(1)小球刚到达最低点 B 时，轨道对小球支持力 的大小；(2) 小球通过光滑的水平面 BC 滑上固定曲面，恰达最高点 D，D 到地面的高度为(3)已知 ，则小球在曲面上克服摩擦力所做的功 ( ) 【答案】解： 由动能定理得(1)则=122=2即小球滑到最低点 B 时，小球速度 v 的大小为 2由牛顿第二定律得(2)则=2即小球刚到达最低点 B 时，轨道对小球支持力 的大小为 3

30、mg=3 对于小球从 A 运动到 D 的整个过程，由动能定理，得(3)则=0=()即小球在曲面上克服摩擦力所做的功为 ()【解析】 小球从 A 滑至 B 的过程中，支持力不做功，只有重力做功，根据机械能守(1)恒定律或动能定理列式求解；在圆弧最低点 B，小球所受重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列(2)式求解即可；对小球从 A 运动到 D 的整个过程运用动能定理列式求解(3)本题关键在于灵活地选择运动过程运用动能定理列式，动能定理不涉及运动过程的加速度和时间，对于曲线运动同样适用22. 如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的气缸竖直放置，在距气缸底部 处有一与气缸固定连接的卡环，活塞

31、与气缸底部之间封闭=36了一定质量的气体 当气体的温度 、大气压强. 0=300时，活塞与气缸底部之间的距离 ，不计活0=1.0105 0=30塞的质量和厚度 现对气缸加热，使活塞缓慢上升，求：.活塞刚到卡环处时封闭气体的温度 1封闭气体温度升高到 时的压强 2=540 2第 13 页，共 13 页【答案】解： 设气缸的横截面积为 S，由盖 吕萨克定律有： 00=1代入数据得： 1=360由查理定律有：01=22代入数据得： 2=1.5105答： 活塞刚到卡环处时封闭气体的温度为 360K封闭气体温度升高到 时的压强为 2=540 1.5105【解析】 气体等压膨胀，根据盖 吕萨克定律列式求解； 气体继续等容升温，根据查理定律列式求解本题关键找出气体的已知参量后根据气体实验定律的方程列式求解，基础题