1、2018 年四川省眉山市中考物理试卷一、选择题1如图所示，在 A、B、C、D4 个相同的玻璃瓶中，装入不同高度的水，则（ ）A敲打 D 瓶发出的声音传播得最快B用嘴依次吹瓶口，A 的音调最高C用筷子依次敲打瓶口，B 的音调最高D瓶周围有没有空气瓶发出的声音都能直接传入人耳2以下说法正确的是（ ）A物体吸收热量，温度一定升高B热机的大量使用有利于环境的保护C燃料的热值与燃料的质量没有关系D热机的工作过程只是将内能转化成机械能的过程3分子动理论是人们用来解释热现象的初步知识，以下几幅图中所描述的物理现象不符合分子动理论内容的是（ ）42018 年 4 月 30 日东坡国际半程马拉松比赛在眉山市湿地
2、公园隆重举行，若甲、乙两位运动员同时从起跑线起跑并做匀速直线运动，他们的路程时间 st 图象是如图所示，a、 b、c 三条图线中的两条，甲的速度大于乙的速度，运动 5s 甲、乙间的距离大于2m，则（ ）A甲的 st 图象一定为 a B乙的 st 图象一定为 cC甲的 st 图象可能为 b D乙的 st 图象可能为 a5小李将一排球竖直向上抛出，排球离开手后竖直向上运动到一定高度又落回地面，不计空气阻力，关于排球离开手后的运动过程中，下列说法正确的是（ ）A排球在上升过程中小李对排球做功B排球在下落过程中排球的动能减小C排球在上升过程中排球受到一个竖直向上的力D排球在下落过程中排球所受的重力做功
3、越来越快6小王同学在研究影响滑动摩擦力大小的因素时，用同一木块和同一砝码等器材，做了如图所示 a、b、c 三次实验，他用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，则三次实验中木块受到的滑动摩擦力（ ）Aa 图中木块受到的滑动摩擦力最大Bb 图中木块受到的滑动摩擦力最大C c 图中木块受到的滑动摩擦力最大Db、c 图中木块受到的滑动摩擦力大小相等7如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将 A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（ ）A物体受到的浮力大小关系为 FAF BF CB三个物体的密度大小关系是 A B CC容
4、器对桌面的压力大小关系为 F 甲 =F 乙 =F 丙D容器底部受到水的压强大小关系为 P 甲 P 乙 P 丙8下表中有几种物质的比热容，小张同学根据提供的数据得出了四个结论，其中正确的是（ ）几种物质的比热容/ J（kg） 1水 4.2103 铁 0.46103酒精 2.4103 铜 0.39103煤油 2.1103 干泥土 0.54103冰 2.1103 水银 0.14103A一杯水比一桶煤油的比热容小B液体的比热容一定比固体的比热容大C水吸收或放出热量的本领较强，常用作冷却剂D比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类有关9如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片 P 从左往右
5、滑动的过程中，弹簧将（ ）A缩短 B伸长 C静止不动 D先伸长后缩短10如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯 L1，L 2 的电阻之比为 R1：R 2=1：2，此时甲、乙两电表的示数之比为（ ）A2 ：1 B1：2 C3：2 D2：311如图所示，电源电压不变，下列说法正确的是（ ）A只闭合 S1，将 P 向左移动，电流表示数变小，电压表示数变大B闭合 S1、S 2，断开 S3，将 P 向左移动，R 1 消耗的功率增大C开关都闭合，将 P 向左移动，电压表的示数为零，电流表示数变小D开关都闭合，将 P 向左移动，L 消耗的功率不变，R 2 消耗的功率变小12小芳同学在做
6、电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为 4.5V，电压表量程“03V”，灯 L 标有“2.5V 1.25W”（设灯丝电阻不变） ，滑动变阻器规格为“20 1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（ ）A灯泡的最小功率是 0.162WB该电路的最大功率是 4.05WC电路中电流变化的范围是 0.3A0.4AD滑动变阻器的阻值应在 410 之间变化二、填空题（共 6 小题，12 空，每空 2 分，共 24 分， ）13 （4 分）春节联欢晚会为了打造舞台效果，常用干冰（固态 CO2）在舞台上产生淡淡的白雾，是由于干冰的 吸热，使周围空气温度降低，空气中的水蒸汽遇冷 形成的。14
7、 （4 分）中考前夕，为了不打搅小明学习，姥姥看电视时调小了音量，这是在 减弱噪声的。调小音量也减小了声音的 。15 （4 分）一束光从空气斜射到某液面上同时发生反射和折射，入射光线与液面成37角，如图所示。若反射光线与折射光线的夹角为 83，则反射角的大小为 ，折射角的大小为 。16 （4 分）如图所示，小红同学在探究凸透镜成像规律的实验中，将焦距 f=15cm 的凸透镜固定在光具座上 50cm 刻度线处后，应将光屏向 （填“左”或”右”）移动，才能在光屏上观察到烛焰清晰的 （填“正立”或“倒立” ）的像。17 （4 分）如图所示，一同学在用滑轮组匀速提升不同重物时，记录下了绳子自由端拉力
8、F 与对应所提升的物体的重力 G，如下表：G/N 1 2 3 4 5 6F/N 0.8 1.3 1.8 2.3 2.8 3.3根据上表数据分析可知，绳子自由端拉力 F 与物体重力 G 的关系式为 F= ；当物体重力 G=10N 时，此滑轮组的机械效率 = 。18 （4 分）将一只“220V 100W”的灯泡（设灯丝电阻不变）接在照明电路中，正常发光时，通电 30min 灯泡消耗的电能为 kWh；若用输电线把该灯泡由电源处引到学校运动场时，发现灯泡亮度较暗，测得灯泡实际功率只有 81W，则输电线上消耗的功率为 W。三、作图题（共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分 ）19 （2 分）如图所示，
9、轻质杠杆 OA 能绕 O 点转动，请在杠杆中的 A 端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力 F 的示意图（要求保留作图痕迹） 。20 （2 分）根据左侧电路实物图，在右侧方框内画出对应的电路图。21 （2 分）投影仪灯泡功率很大，所以需要风扇散热，使用后，应先关闭灯泡 L，再关闭风扇 M；请用笔画线表示导线在如图中把电路连接完整，要求实现：先断开开关S1，灯泡熄灭，风扇继续转动，再断开开关 S2，风扇才停止转动：若只闭合开关 S1，灯泡不亮。四、计算题（共 2 小题，每小题 6 分，共 12 分）22 （6 分）试根据压强是物体所受压力的大小与受力面积之比的定义，推导出密度为 的液体，在液面下深度
10、为 h 处液体产生的压强 P 的表达式。 （已知：重力与质量的比值为 g，要求用 、h、g 表示 P） 。23 （6 分）小黄家中新购置了一台挂式电热水器，他查看了电热水器说明书后，将电热水器内部电路结构简化成如图所示电路图，该热水器设有高，中，低三档，电热丝R1=50，电热丝 R2=220，电热转化效率为 84%，水的比热容为 4.2103J/（kg ） ，求：（1）高温档的加热功率（2）用低温档将 22kg 水从 20加热到 60需要的时间五、实验与探究题（共 3 小题，63 题 7 分，64 题 6 分，65 题 6 分，共 19 分）24 （7 分）如图所示，在探究“阻力对物体运动的影
11、响”实验中，观察将毛巾、棉布分别铺在水平木板上和只有木板的三种情况下，让小车分别从斜面顶端由静止下滑，研究小车在水平面上滑行的距离。（1）实验中每次均让小车从斜面顶端由静止下滑的目的是：使小车每次在水平面上开始滑行时速度大小 （填“相等” 或“不相等”） 。（2）实验中改变小车所受阻力大小，是通过改变 来实现的。（3）实验中发现小车在毛巾表面滑行的距离最近；在棉布表面滑行的距离较远；在木板表面滑行的距离最远。说明小车受到的阻力越小，速度减小得越 （填“快”或“慢”） 。（4）推理：如果小车在水平面上滑行，受到的阻力越来越小，直到变为零，它将做 。（5）在大量经验事实的基础上，牛顿总结了伽利略等
12、人的研究成果概括出了牛顿第一定律，所以牛顿第一定律虽然不是直接由实验得出的，但是通过符合逻辑的 得出的正确结论。（6）牛顿第一定律告诉了我们物体的运动 （填“需要” 或“不需要”）力来维持，一切物体都有保持原来 不变的性质。25 （6 分）如图所示，小陈同学为测量某液体的密度，准备了天平、玻璃杯等器材，在实验时发现没有准备量筒，于是从身边找来了一个体积为 20cm3 的金属块和一些纸张。（1）将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的 刻度线上。（2）此时，如果天平指针偏左，小陈同学应向 （填“左” 或“右”）调节 使天平横梁平衡。（3）在玻璃杯中倒入适量的该液体，用天平称量液体和玻璃杯的总质量
13、 m 总 时，向盘中加减砝码要用 ，不能用手接触砝码，称得 m 总 =123.2g（4）将金属块浸没在液体中且不接触玻璃杯，液体无溢出，如图所示，天平平衡后，砝码的总质量加上的游码在标尺上对应的刻度值为 m= g ，则液体的密度 = g/cm3。26 （6 分）2018 年 4 月，某同学参加我市中考物理实验操作考试时，为“测量小灯泡的额定电功率” ，实验室备有以下实验器材：额定电压为 2.5V 的小灯泡、规格为“20 1A”的滑动变阻器、开关、电流表、电压表各 1 个，新干电池 4 节，导线若干。（1）图甲是该同学连接好的电路实物图，其中有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“ ”。（2
14、）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片 P 移到最 （填“左”或“右”）端。（3）经修正后电路连接无误，各元件均完好。闭合开关，移动滑片 P 使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表的读数为 A，则小灯泡的额定功率是 W。（4）测出小灯泡额定功率后，该同学又把灯泡两端的电压调为额定电压的 ，发现测得的实际功率不等于其额定功率的 ，请你帮他分析出现这种现象的原因是 。2018 年四川省眉山市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1如图所示，在 A、B、C、D4 个相同的玻璃瓶中，装入不同高度的水，则（ ）A敲打 D 瓶发出的声音传播得最快B用嘴依次吹瓶口，A 的音调最高C
15、用筷子依次敲打瓶口，B 的音调最高D瓶周围有没有空气瓶发出的声音都能直接传入人耳【分析】音调与振动频率的关系，频率越快，音调就越高。声速的大小与频率无关；声音的传播需要介质。【解答】解：A、声速的大小与频率无关，敲打每个瓶子时，音调不同，但速度相同，故 A 错误；B、用嘴依次吹瓶口，A 中的空气柱最短，发出的音调最高，故 A 的音调最高，故 B 正确；C、由于瓶子中装有水的多少不同，导致敲击时，振动快慢就不同，水少的振动快，故D 的音调最高，故 C 错误；D、声音的传播需要介质，瓶周围有没有空气，瓶发出的声音不能直接传入人耳，故 D错误。故选：B。2以下说法正确的是（ ）A物体吸收热量，温度一
16、定升高B热机的大量使用有利于环境的保护C燃料的热值与燃料的质量没有关系D热机的工作过程只是将内能转化成机械能的过程【分析】 （1）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；（4）热机多数燃烧的都是化石燃料，燃烧时产生氮氧化合物等有害气体，会造成环境污染；（3）燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关；（4）热机是把内能转化为机械能的装置；热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。【解答】解：A、物体吸收热量，温度不一定升高，比如晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故 A 错误；B、热机在使用时会排放出一些有害的气体，造成环境污染，故 B 错误；C、热值只跟燃料的种类
17、有关，与燃料的质量无关，故 C 正确；D、热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能，故D 错误。故选：C。3分子动理论是人们用来解释热现象的初步知识，以下几幅图中所描述的物理现象不符合分子动理论内容的是（ ）【分析】 （1）物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力：当分子间距离小于 1010 米时，分子间的作用力表现为斥力，当分子间距离大于 1010 米时，分子间的作用力表现为引力；（2）卫星围绕地球转动是天体的宏观运动不符合分子动理论内容。【解答】解：A、不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象称为扩散，扩散现象说明一
18、切分子都在做无规则运动，故 A 不符合题意；B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，故 B 不符合题意；C、气体压缩到一定程度后，由于分子间存在斥力，因此难以再压缩，与扩散无关，故C 不符合题意；D、卫星围绕地球转动是天体的宏观运动不符合分子动理论内容，故 D 符合题意。故选：D。42018 年 4 月 30 日东坡国际半程马拉松比赛在眉山市湿地公园隆重举行，若甲、乙两位运动员同时从起跑线起跑并做匀速直线运动，他们的路程时间 st 图象是如图所示，a、 b、c 三条图线中的两条，甲的速度大于乙的速度，运动 5s 甲、乙间的距离大于2m，则（ ）A甲的 st 图象一定为 a
19、B乙的 st 图象一定为 cC甲的 st 图象可能为 b D乙的 st 图象可能为 a【分析】 （1）根据 st 图象找出同一时刻 a、b、c 对应的路程，然后由速度公式判断三图象对应速度的大小关系；（2）由图象判断 5s 内，三图象的路程差；（3）根据图象 a、b、c 的速度及它们 5s 的路程差，根据题意选择答案。【解答】解：（1）由图象可知，相同时间内（如 t=4s）a、b 、c 的路程关系为 sas bs c，由速度公式 v= 可知，v av bv c；（2）由图象可知，t=5s 时，s asb2m，s asc4m2m，s bsc2m；（3）由题知，甲的速度大于乙的速度，运动 5s 甲
20、、乙间的距离大于 2m；结合前面解答可知，甲的 st 图象一定是图线 a；乙的 st 图象可能是图线 b，也可能是图线 c；故选：A。5小李将一排球竖直向上抛出，排球离开手后竖直向上运动到一定高度又落回地面，不计空气阻力，关于排球离开手后的运动过程中，下列说法正确的是（ ）A排球在上升过程中小李对排球做功B排球在下落过程中排球的动能减小C排球在上升过程中排球受到一个竖直向上的力D排球在下落过程中排球所受的重力做功越来越快【分析】 （1）从做功的两个必要因素分析，分析排球在上升过程中，小阳是否对排球施加力，从而判断小阳对排球是否做功；（2）影响动能大小的因素有质量和速度，据此判断排球动能的变化情
21、况；（3）排球在上升过程中，对排球进行受力分析，根据受到的力确定受力方向；（4）排球在下落过程中，排球下落速度越来越大，下落相同高度，用时间越来越少，根据 W=Gh 和 P= 判断重力做功快慢。【解答】解：A、排球在上升过程中，小李不再对排球施加力，所以小李对排球不做功，故 A 错误；B、排球在下落过程中，质量不变，速度逐渐变大，排球的动能变大，故 B 错误；C、排球在上升过程中，不计空气阻力，排球只受到竖直向下的重力作用，故 C 错误；D、功率是反映做功快慢的物理量；排球在下落过程中，重力做功的功率P= = =Gv；由于排球下落时速度越来越快，所以重力做功的功率越来越大，即重力做功越来越快；
22、故 D 正确。故选：D。6小王同学在研究影响滑动摩擦力大小的因素时，用同一木块和同一砝码等器材，做了如图所示 a、b、c 三次实验，他用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，则三次实验中木块受到的滑动摩擦力（ ）Aa 图中木块受到的滑动摩擦力最大Bb 图中木块受到的滑动摩擦力最大C c 图中木块受到的滑动摩擦力最大Db、c 图中木块受到的滑动摩擦力大小相等【分析】根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度。【解答】解：影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；由图可知，bc 中接触面相同，b 的压力大，则
23、 b 中受到的摩擦力大，ab 中，压力相同，c 的接触面粗糙，则 a 中受到的摩擦力要大一些，故 a 中的摩擦力是最大的；故 C 正确。故选：A。7如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将 A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（ ）A物体受到的浮力大小关系为 FAF BF CB三个物体的密度大小关系是 A B CC容器对桌面的压力大小关系为 F 甲 =F 乙 =F 丙D容器底部受到水的压强大小关系为 P 甲 P 乙 P 丙【分析】 （1）由图得出 A、B 、C 三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理
24、即可判断物体受到的浮力大小关系；（2）由图得出 A、B、C 三个正方体所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；（3）根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力；（4）利用 p=gh 判断容器底受到水的压强关系。【解答】解：由题知，A、B 、C 三个正方体的体积相同；A、由图可知，A、B、C 三个正方体排开水的体积关系为 VA 排 V B 排 V C 排 ，根据 F 浮 = 液 gV 排 可知，浮力的大小关系为： FA FBF C，故 A 错误；B、由图可知，A 和 B 处于漂浮， C 处于悬浮，则由浮沉条件可知：G A=FA，G B=FB，G C=FC，由于 F
25、AF BF C，所以 GAG BG C；由于正方体 A、B、C 的体积相同，所以根据 = = 可知，物体密度的大小关系： A B C，故 B 错误；C、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为 F 甲 =F 乙 =F 丙 ，故 C 正确；D、正方体静止时，三个容器内水面高度相同，即 h 相同，水的密度一定，根据 p=gh可知，容器底受到水的压强关系为 p
26、甲 =p 乙 =p 丙 ，故 D 错误。故选：C。8下表中有几种物质的比热容，小张同学根据提供的数据得出了四个结论，其中正确的是（ ）几种物质的比热容/ J（kg） 1水 4.2103 铁 0.46103酒精 2.4103 铜 0.39103煤油 2.1103 干泥土 0.54103冰 2.1103 水银 0.14103A一杯水比一桶煤油的比热容小B液体的比热容一定比固体的比热容大C水吸收或放出热量的本领较强，常用作冷却剂D比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类有关【分析】比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质吸收热量的多少、质量多少、温度变化没有关系；根据比热容的特点
27、进行分析判断。【解答】解：A、由表格中的信息可知，水的比热容大于煤油的比热容，比热容大小与质量无关，故 A 错误。B、液体的比热容不一定比固体的大，比如：冰的比热容比水银的比热容大，故 B 错误。C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们常用水作冷却剂，故 C 正确；D、比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类和状态有关，故 D 错误。故选：C。9如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片 P 从左往右滑动的过程中，弹簧将（ ）A缩短 B伸长 C静止不动 D先伸长后缩短【分析】 （1）根据滑动变阻器的使用方法确定电路中的电阻的变化，再
28、根据欧姆定律确定电路中电流的变化；（1）根据安培定则确定通电螺线管的 N、S 极，然后根据螺线管的磁性变化以及磁极间的相互作用判断弹簧长度的变化。【解答】解：（1）滑片从左往右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强；（2）由图知，电流从螺线管的下方流入，根据安培定则可知，螺线管的上端为 N 极，下端为 S 极，则螺线管和条形磁铁相对的磁极为异名磁极，异名磁极相互吸引，所以螺线管对磁铁的吸引力增大，弹簧的长度变长。故选：B。10如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯 L1，L 2 的电阻之比为 R1：R 2=1：2，此时甲、乙
29、两电表的示数之比为（ ）A2 ：1 B1：2 C3：2 D2：3【分析】根据电路的连接，乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，故两表都为电压表，甲表测 L2 的电压，乙表测电源电压，两灯串联，根据分压原理和串联电路电压的规律得出答案。【解答】解：乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，否则 S 闭合时，将灯短路，不发光，故两表都为电压表，甲表测 L2 的电压，乙表测电源电压，两灯串联，灯 L1、L 2 的电阻之比为 R1：R 2=1：2，根据分压原理，L 2 的电压为灯 L1 的 2 倍，即2UL1，根据串联电路电压的规律，总电压为：U=UL1+2UL1=3UL1，甲、乙两电表的
30、示数之比为 2UL1：3U L1=2：3只有 D 正确。故选：D。11如图所示，电源电压不变，下列说法正确的是（ ）A只闭合 S1，将 P 向左移动，电流表示数变小，电压表示数变大B闭合 S1、S 2，断开 S3，将 P 向左移动，R 1 消耗的功率增大C开关都闭合，将 P 向左移动，电压表的示数为零，电流表示数变小D开关都闭合，将 P 向左移动，L 消耗的功率不变，R 2 消耗的功率变小【分析】A、只闭合 S1，两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，将 P 向左移动分析变阻器连入电路中的电阻变化，由串联电阻的规律判断总电阻变化，由欧姆定律得出电流表示数变化，根据欧姆定律分析
31、 R1 电压变化，由串联电路电压的规律确定电压表示数变化；B、闭合 S1、S 2，断开 S3， R1 与灯并联后与 R2 串联，将 P 向左移动判断变阻器连入电路中的电阻变化，根据分压强原理确定 R2 的电压变化，根据串联电路电压的规律分析并联部分的电压变大，根据 P= 确定 R1 消耗的功率变化；CD、开关都闭合，变阻器短路，R 1 与灯并联，电压表的示数为零；将 P 向左移动，对电路没有影响；据此分析。【解答】解：（1）只闭合 S1，两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，将 P 向左移动，变阻器连入电路中的电阻变小，由串联电阻的规律，总电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大
32、，根据 U=IR，R 1 电压变大，由串联电路电压的规律，电压表示数变小，A 错误；（2）闭合 S1、S 2，断开 S3，R 1 与灯并联后与 R2 串联，将 P 向左移动，变阻器连入电路中的电阻变小，根据分压强原理，R 2 的电压变小，根据串联电路电压的规律，并联部分的电压变大，根据 P= ，R 1 消耗的功率增大， B 正确；（3） （4）开关都闭合，变阻器短路，R 1 与灯并联，电压表的示数为零；将 P 向左移动，对电路没有影响；电流表示数不变，C 错误；L 的电压和电流都不变，根据 P=UI，消耗的功率不变，R 2 消耗的始终为 0，不变，D 错误。故选：B。12小芳同学在做电学实验时
33、，实物图如图所示，电源电压恒为 4.5V，电压表量程“03V”，灯 L 标有“2.5V 1.25W”（设灯丝电阻不变） ，滑动变阻器规格为“20 1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（ ）A灯泡的最小功率是 0.162WB该电路的最大功率是 4.05WC电路中电流变化的范围是 0.3A0.4AD滑动变阻器的阻值应在 410 之间变化【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据 P=UI 求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过最大电流确定电路中的最大电流，根据 P=U
34、I 求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当电压表的示数为 3V 时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据 P=UI 求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。（1）由 P=UI 可得，灯泡正常发光时电路中的电流：IL= = =0.5A，因串联
35、电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为 1A，所以，在不损坏电路元件的情况下，电路中的最大电流 I 大 =IL=0.5A，该电路中电流的最大功率：P 大 =UI 大 =4.5V0.5A=2.25W，故 B 错误；由 I= 可得，灯泡的电阻和此时电路中的总电阻分别为：RL= = =5，R 总 = = =9，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 滑小 =R 总 RL=95=4；（2）当电压表的示数最大为 3V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：U
36、L=UU 滑大 =4.5V3V=1.5V，电路中的最小电流：I 小 = = =0.3A，所以，电路中电流范围是 0.3A0.5A ，故 C 错误；灯泡的最小功率：PL=ULI 小 =1.5V0.3A=0.45W，故 A 错误；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R 滑大 = = =10，则滑动变阻器阻值变化的范围是 410 ，故 D 正确。故选：D。二、填空题（共 6 小题，12 空，每空 2 分，共 24 分， ）13 （4 分）春节联欢晚会为了打造舞台效果，常用干冰（固态 CO2）在舞台上产生淡淡的白雾，是由于干冰的 升华 吸热，使周围空气温度降低，空气中的水蒸汽遇冷 液化 形成的。【分析】升
37、华是指物质从固态直接变为气态的过程，它需要吸热；物质由气态变成液态的过程叫液化。【解答】解：干冰是一种非常容易升华的物质。当它升华时，会从周围空气吸收大量的热，导致空气温度急剧下降，使周围水蒸气放热，液化成为小水滴。故答案为：升华；液化。14 （4 分）中考前夕，为了不打搅小明学习，姥姥看电视时调小了音量，这是在 声源处 减弱噪声的。调小音量也减小了声音的 响度 。【分析】 （1）防治噪声的途径，从三方面考虑：在声源处；在传播过程中；在人耳处；（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，音量的调节就是改变声音的响度。【解答】解：（1）把电视音量调小可以在声源处减弱噪声，防止影响小明学习；（2）
38、调节音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变；所以把音量关小是为了减弱声音的响度。故答案为：声源；响度。15 （4 分）一束光从空气斜射到某液面上同时发生反射和折射，入射光线与液面成37角，如图所示。若反射光线与折射光线的夹角为 83，则反射角的大小为 53 ，折射角的大小为 44 。【分析】要解决此题，首先要掌握光的反射定律的内容，知道反射角等于入射角。同时要掌握光的折射的规律，知道光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角。【解答】解：由题意知，入射光线与液面成 37角，则入射角为 9037=53；反射角为53；则折射光线与界面的夹角为：83 37=46，折射角为 9046=
39、44。故答案为：53 ；4416 （4 分）如图所示，小红同学在探究凸透镜成像规律的实验中，将焦距 f=15cm 的凸透镜固定在光具座上 50cm 刻度线处后，应将光屏向 右 （填“左”或”右”）移动，才能在光屏上观察到烛焰清晰的 倒立 （填“正立”或“倒立” ）的像。【分析】当物距等于 2f 时，成倒立、等大的实像，像距等于 2f。【解答】解：已知凸透镜的焦距 f=15cm，将点燃的蜡烛移动到光具座上 20cm 刻线处，此时 u=50cm20cm=30cm，u=2f，成倒立、等大的实像，像距等于 2f；故将光屏向右移动到 80cm 时，观察到烛焰清晰的倒立的像。故答案为：右；倒立。17 （4
40、 分）如图所示，一同学在用滑轮组匀速提升不同重物时，记录下了绳子自由端拉力 F 与对应所提升的物体的重力 G，如下表：G/N 1 2 3 4 5 6F/N 0.8 1.3 1.8 2.3 2.8 3.3根据上表数据分析可知，绳子自由端拉力 F 与物体重力 G 的关系式为 F= 0.5G+0.3N ；当物体重力 G=10N 时，此滑轮组的机械效率 = 94.3% 。【分析】由表格数据，重力 G 每增大 1N，绳子自由端的拉力 F 增大 0.5N，所以 F 与 G成一次函数关系，由此解答；根据物体的重力求出拉力的大小，然后根据机械效率公式求出机械效率。【解答】解：由表格数据可知，重力 G 每增大
41、1N，绳子自由端的拉力 F 增大 0.5N，所以 F 与 G 成一次函数关系，设 F 与 G 关系的表达式为 F=kG+b，由表格第一组数据，当 G=1N，F=0.8N，则：0.8N=k1N +b由表格第二组数据，当 G=2N，F=1.3N，则：1.3N=k2N +b可得 k=0.5，将 k=0.5 代入解得 b=0.3N，所以拉力 F 与物体所受重力 G 的关系式：F=0.5G+0.3N；当物体重力 G=10N 时，此时的拉力：F=0.510N +0.3N=5.3N；由图可知，有两段绳子拉着动滑轮；滑轮组的机械效率为：= = = = = 94.3%。故答案为：0.5G+0.3N；94.3%。
42、18 （4 分）将一只“220V 100W”的灯泡（设灯丝电阻不变）接在照明电路中，正常发光时，通电 30min 灯泡消耗的电能为 0.05 kWh；若用输电线把该灯泡由电源处引到学校运动场时，发现灯泡亮度较暗，测得灯泡实际功率只有 81W，则输电线上消耗的功率为 9 W。【分析】 （1）由灯泡铭牌可知额定电压及额定功率，则由功率公式可求得额定电流；由电功公式求得通电 30min 时消耗的电能；（2）由功率公式 P= 可求得灯泡的电阻，则由功率公式可求得灯泡的实际电压，则由欧姆定律可求得实际电流；因灯泡和导线为串联电路，故由串联电路的规律可求得导线上消耗的电压，则由 P=UI 可求得导线上消耗
43、的电功率。【解答】解：（1）灯泡正常发光时的功率 P=100W=0.1kW，在 30min 内消耗的电能：W=Pt=0.1kW h=0.05kWh；（2）由“220V 、100W”知灯泡的额定电压 U=220V，额定功率是 P=100W，根据 p= 得灯泡的电阻：R= = =484灯泡功率为 81W 时，根据 p= 得灯泡两端的实际电压：U 实 = = =198V；流过灯泡的实际电流：I 实 = = = A；灯泡的电压降 U 线 =UU 实 =220V198V=22V输电导线上损失的功率 P 损 =U 损 I 损 =22V A=9W。故答案为：（1）0.05；（2）9。三、作图题（共 3 小题
44、，每小题 2 分，共 6 分 ）19 （2 分）如图所示，轻质杠杆 OA 能绕 O 点转动，请在杠杆中的 A 端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力 F 的示意图（要求保留作图痕迹） 。【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点 O 是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解。【解答】解：O 为支点，所以力作用在杠杆的最右端 A 点，并且力臂是 OA 时，力臂最长，此时的力最小。确定出力臂然后做力臂的垂线即为力 F如图所示：20 （2 分）根据左侧电路实物图，在右侧方框内画出对应的电路图。【分析】从电源的正极开始，按照电流的方向，依次串联各元件符号，到电源的负极，最后把电压表并
45、联在灯泡两端。【解答】解：从电源正极开始，依次串联开关、电流表、滑动变阻器、灯泡到电源负极，最后把电压表并联在灯泡两端。如图所示：21 （2 分）投影仪灯泡功率很大，所以需要风扇散热，使用后，应先关闭灯泡 L，再关闭风扇 M；请用笔画线表示导线在如图中把电路连接完整，要求实现：先断开开关S1，灯泡熄灭，风扇继续转动，再断开开关 S2，风扇才停止转动：若只闭合开关 S1，灯泡不亮。【分析】先分析题意，得出灯、电风扇的连接方式，以及两个开关的位置，据此连接电路，注意开关要接在火线和用电器之间。【解答】解：由题知，先断开开关 S1，灯泡熄灭，风扇继续转动，再断开开关 S2，风扇才停止转动，灯和风扇并
46、联；若只闭合开关 S1，灯泡不亮。由此可知 S1 在灯所在支路上，S 2 在干路上，如图所示：四、计算题（共 2 小题，每小题 6 分，共 12 分）22 （6 分）试根据压强是物体所受压力的大小与受力面积之比的定义，推导出密度为 的液体，在液面下深度为 h 处液体产生的压强 P 的表达式。 （已知：重力与质量的比值为 g，要求用 、h、g 表示 P） 。【分析】设想液面下 h 深处有一面积为 S 的水平圆面，它所受到的压力是其上方圆柱形的小液柱所产生的，根据 F=G=mg=VgS 表示出其大小，利用 p= 得出在液面下深度为 h 处液体产生的压强。【解答】解：设想液面下 h 深处有一面积为
47、S 的水平圆面，则水平圆面受到的压力：F=G=mg=Vg=Shg，则在液面下深度为 h 处液体产生的压强：p= = =gh。答：密度为 的液体，在液面下深度为 h 处液体产生的压强的表达式为 p=gh。23 （6 分）小黄家中新购置了一台挂式电热水器，他查看了电热水器说明书后，将电热水器内部电路结构简化成如图所示电路图，该热水器设有高，中，低三档，电热丝R1=50，电热丝 R2=220，电热转化效率为 84%，水的比热容为 4.2103J/（kg ） ，求：（1）高温档的加热功率（2）用低温档将 22kg 水从 20加热到 60需要的时间【分析】 （1）由电路图可知，闭合 S、S 1、S 2
48、时，R 1 与 R2 并联，电路的总电阻最小，由 P= 可知，电路的总功率最大，热水器处于高档，由此计算高温档的加热功率；（2）先由 Q=cmt 计算水吸热，由电路图可知，闭合 S、S 2 时，只有 R2 连入电路中，电路中电阻最大，功率最小，热水器处于低温档，由 P= 可得低温档功率，再由Q=84%W=84%P 低温 t 计算加热时间。【解答】解：（1）由电路图可知，当三个开关都闭合时，R 1 与 R2 并联，电路的总电阻最小，电源电压一定，由 P= 可知，此时电路的总功率最大，热水器处于高档，所以高温档的加热功率：P 高温 =P1+P2= + = + =968W+220W=1188W；（2）将 22kg 水从 20加热到 60吸收的热量：Q=cmt=4.2 103J/（kg ）22kg（6020）=3.696 106J，由电路图可知，闭合 S、S 2 时
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