1、2019 年四川省德阳市中考物理试卷一、选择题：1 （3 分）王小明同学对身边的物理现象，他的正确解释是（ ）A学校路段禁止鸣喇叭，这是在声源处控制噪声B矿泉水瓶里的冰块逐渐变为水，是因为冰块放热的原因C夏天用扇子扇一扇，感觉凉快是因为周围空气的温度降低了D手机是利用超声波来传递信息的2 （3 分）对下列情景涉及的物理知识，描述正确的是（ ）A宇航员登上月球时，他的质量比在地球上时的质量减少了B课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力C向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压强等于图钉尖对墙壁产生的压强D在冰雪路面上行车，需加装防滑链是为了增大与
2、地面的摩擦3 （3 分）下列说法中正确的是（ ）A近视眼镜、放大镜和照相机镜头都是凸透镜B阳光下大树的影子是由光的折射现象形成的C光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律D猴子捞“月亮”时，水中的 “月亮”到水面的距离等于水的深度4 （3 分）如图的电路，电源电压保持不变，R 为定值电阻。下列说法正确的是（ ）A开关闭合前，电压表和电流表均无示数B开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，电压表的示数变小C开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，R 的功率变大D开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小5 （3 分）现在全市各校都在开展“足球进
3、校园”活动。关于同学们在足球比赛中涉及到的物理知识，下列分析错误的是（ ）A足球鞋底凹凸不平，是为了增大与地面的摩擦力第 2 页（共 27 页）B足球能在空中飞行，是因为受到了运动员的脚对它有力的作用C用头顶足球攻门时，头感到疼，说明物体间力的作用是相互的D守门员一下子抱住射门的足球，说明力可以改变物体的运动状态6 （3 分）对下面的热现象，下列解释正确的是（ ）A冰的形成是凝华现象 B雾的形成是汽化现象C露的形成是液化现象 D霜的形成是凝固现象7 （3 分）在图中的自动控制电路中，当控制电路的开关 S 闭合时，工作电路的情况是（ ）A灯不亮，电铃响 B灯不
4、亮，电铃不响C灯亮，电铃不响 D灯亮，电铃响8 （3 分）如图电路，电源电压为 12V 且保持不变。闭合开关 S，当滑片 P 置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P 置于变阻器的 b 端时，电压表的示数变化了2V，在 10s 内定值电阻 R1 产生的热量为 36J则下列结果正确的是（ ）A电路中的最大电流为 1AB滑片 P 在中点时，10s 内滑动变阻器 R 消耗的电能为 60JC滑动变阻器 R 先后两次消耗的电功率之比为 8：1DR 1 先后两次消耗的电功率之比为 16：9二、填空题9 （3 分）如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为 400N 的物体匀速向上提起
5、；已知每个滑轮重 20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，图甲中车对绳子的拉力为 第 3 页（共 27 页）N，图乙中人对绳子的拉力为 N 。10 （3 分）用天燃气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同；在标准大气压下用天燃气把 3kg 的水从 20加热至刚沸腾时，水吸收了 J 的热量。c 水 4.210 3J/（kg）11 （3 分）如图，有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一体积为 2104 m3，质量为0.54
6、kg 的矩形金属块放在容器底部，再向容器中加入水至 14cm 深时，水对容器底的压强是 Pa，金属块对容器底部的压力是 N（金属块与容器底部不是紧密接触， 水 1.010 3kg/m3，取 g10N/kg） 。12 （3 分）一个空心小铁球放在盛水的烧杯中置于铁棒 AB 的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关 S 闭合后，空心小铁球仍漂浮在水面上，此时 A 端为电磁铁的 极，当滑片 P 向左滑动，空心小铁球所受浮力 （选填“增大” 、 “减小”或“
7、不变” ）13 （3 分）如图，电源电压为 9V 且保持不变，闭合 S 时，电压表的示数为 5.4V，电流表的示数为 0.6A，则 R1 ，R 1、R 2 消耗的电功率之比为 。第 4 页（共 27 页）14 （3 分）在弹簧测力计下挂一个圆柱体 M，让 M 从盛有水的容器上方逐渐竖直浸入水中，弹簧测力计的示数随圆柱体下表面在水中深度的变化关系如图，则圆柱体 M 的底面积为 （ 水 1.0 103kg/m3，取 g10N/kg）三、作图及说明题15 （3 分）请画出图中两条入射光线对应的出射光线。1
8、6 （3 分）如图所示，在图中标出静止在磁场中的小磁针的 N 极和磁感线的方向。17 （3 分）如图，雨燕沿虚线方向匀速自由飞翔，在图中画出雨燕所受重力和空气对它的作用力的示意图。四、实验探究题18 （2 分）小王同学用表面粗糙程度不同的毛巾、木板、玻璃等器材探究“阻力对物体运第 5 页（共 27 页）动的影响” ，实验过程及现象如图所示：（1）小王在实验中设置了三种粗糙程度不同的表面，让小车从斜面上同一位置滑下，小王发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在木板表面滑行的距离较远，在玻璃表面滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小越慢。推理：如是小车在水平面上滑行，受到的阻力越来越小，直到
9、变为零，小车将做 。（2）牛顿第一定律告诉我们物体的运动 （填“需要”或“不需要” ）力来维持，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。19 （3 分）如图是探究杠杆平衡条件的几个实验情景：（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到” ）平衡状态，接下来调节杠杆两端的螺母，使杠杆处于 。（2）如图乙，A 点挂有 2 个质量均为 50g 的钩码、为了让杠杆在水平位置平衡，应在B 点挂 个质量均为 50g 的钩码。（3）如
10、图丙，现给你一个量程为 02N 的弹簧测力计，若干个 50g 的钩码，钩码挂在C 点处，现使用弹簧测力计和钩码使杠杆在水平位置平衡，则在 C 点处所挂钩码的最多个数为 个。20 （5 分）用如图的电路研究通过导体的电流与电压、电阻的关系。表一次数 U/V I/A 1.0 0.20 1.5 0.30 2.0 0.40表二第 6 页（共 27 页）次数 R1/ I/A 3.0 0.50 6.0 0.33 9.0 0.25（1）保持电源电压和电阻箱 R1 的阻值不变，移动滑动变阻器 R2 的滑片 P，测得电流、电压如表 1；根据表 1 中的数据，你得出的结论是
11、; ；这时 R1 的阻值为 。（2）在研究电流与电阻的关系时，先将 R1 的阻值调为 5 欧姆进行实验，使电压表的示数为 1.5V，然后将 R1 的阻值调为 10 欧姆时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将 1.5V （选填“大于” 、 “小于或“等于” ） 。因此要向 （选填“右”或“左” ）调节滑片，使电压表的示数仍为 1.5V。（3）李明同学用该电路测量电源电压时，将滑动变阻器的滑片到适当位置保持不变，仅改变电阻箱 R1 的阻值，测得相应的电流值，如
12、表 2 所示，利用表 2 中的数据求得电源电压约为 。五、计算题：21 （7 分）汽车尾气是大气的重要污染源，而动车组可实现零排放。假设德阳与成都相距60km，一动车组从德阳站由静止启动后做直线运动，先加速运动 2min，然后以恒定速度匀速运动 21min，最后做减速运动 2min 到达成都站停住。（1）动车组从德阳站到成都站的平均速度是多少 m/s？（2）若动车组的平均牵引力为 2.8105N，则从德阳到成都动车组的牵引力的平均功率是多少 W？（3）如果燃油公共汽车与动车组从德阳站到成都站牵引力所做的功相同，则公共汽车排放气体污染物的质量是多少 kg。 （燃油公共
13、汽车每做 1J 功排放气体污染物3106 g）22 （10 分）如图甲，电源电压保持不变，小灯泡上标有“8V”字样，电流表的量程为第 7 页（共 27 页）01.2A，如图乙是小灯泡的电流随电压变化的图象。滑动变阻器 R1 的最大阻值为20，定值电阻 R2 的阻值为 9，当闭合 S 和 S2、断开 S1、滑动变阻器的滑片移到中点时，小灯泡恰好正常发光。求：（1）电源电压是多少？（2）闭合 S 和 S1、断开 S2，为保证电流表的安全，滑动变阻器的取值范围为多少？（3）闭合 S 和 S2、断开 S1，当滑动变阻器的阻值调到 17.5时，这时小灯泡的功率为3.2W，此时电流表的读数为多少？第 8
14、页（共 27 页）2019 年四川省德阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：1 （3 分）王小明同学对身边的物理现象，他的正确解释是（ ）A学校路段禁止鸣喇叭，这是在声源处控制噪声B矿泉水瓶里的冰块逐渐变为水，是因为冰块放热的原因C夏天用扇子扇一扇，感觉凉快是因为周围空气的温度降低了D手机是利用超声波来传递信息的【分析】 （1）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。据此分析。（2）熔化是从固态变为液态的过程；液化是由气态变为液态的过程；（3）蒸发是一种缓慢的汽化现象，蒸发吸热，影响蒸发快慢的因素有温度、表面积和液面上方的空气流动。（4）手
15、机既能发射电磁波也能接收电磁波。【解答】解：A、学校路段禁止鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，故 A 正确；B、冰块变成水，是由固态变为液态，属于熔化现象，熔化吸热，故 B 错误；C、扇一扇感觉凉快是因为扇一扇加快空气的流动，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，降低人体的温度，故 C 错误；D、手机是人们常用的通讯工具，它是利用电磁波来传递信息的，故 D 错误。故选：A。【点评】本题考查了防止噪声的途径、熔化与熔化吸热的特点、蒸发吸热、物态变化、电磁波的传播等知识，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键。2 （3 分）对下列情景涉及的物理知识，描述正确的是（ ）A宇航员登上月球时，他的质
16、量比在地球上时的质量减少了B课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力C向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压强等于图钉尖对墙壁产生的压强D在冰雪路面上行车，需加装防滑链是为了增大与地面的摩擦【分析】 （1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关；第 9 页（共 27 页）（2）作用在一个物体上的两个力大小相等、方向相反，在同一条直线上，这两个力是一对平衡力（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，增大压力。【解
17、答】解：A、质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，故宇航员登上月球时，他的质量不变。故 A 错误；B、课本静止放在水平桌面上，课本对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对相互作用力；支持力和课本的重力才是一对平衡力。故 B 错误；C、向墙上按图钉时，手对图钉帽产生的压力等于图钉尖对墙壁产生的压力；由于受力面积图钉帽和图钉尖面积不同，由 p 可知，压强不同。故 C 错误；D、在冰雪路面上行车，需加装防滑链，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大与地面的摩擦，故 D 正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对生活中物理现象的了解情况，注重了理论联系实际的考查，考查了学生知识的应
18、用能力。3 （3 分）下列说法中正确的是（ ）A近视眼镜、放大镜和照相机镜头都是凸透镜B阳光下大树的影子是由光的折射现象形成的C光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律D猴子捞“月亮”时，水中的 “月亮”到水面的距离等于水的深度【分析】 （1）近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机都是凸透镜成像原理。（2）光在同种均匀介质中沿直线传播。（3）镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律。（4）根据平面镜成像的特点，平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等。【解答】解：A、近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜，故 A 错误；B、阳光下大
19、树的影子是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故 B 错误；第 10 页（共 27 页）C、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，所以光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律，故 C 正确。D、根据平面镜成像的特点，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，所以水中“月亮”到水面的距离等于天上月亮到水面的距离，远远大于水的深度，故 D 错误；故选：C。【点评】本题主要考查的是光的反射、透镜的应用以及光沿直线传播现象的应用；此题涉及的光学知识比较多，是一道综合性的题目，但是难度不大。4 （3 分）如图的电路，电源电压保持不变，R 为定值电阻。下列说法正确的是（ ）A开关闭合前，电压表
20、和电流表均无示数B开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，电压表的示数变小C开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，R 的功率变大D开关闭合后，滑片 P 向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小【分析】 （1）由电路图可知，开关闭合前，电路处于开路状态，但是电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通；（2）开关闭合后，定值电阻 R 与滑动变阻器串联，电流表 A 测电路中的电流，电压表测定值电阻 R 两端的电压。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的特点即可分别判断；根据定值电阻两端的电压和电路的电流的变化，根据 PUI 判断出 R 功率的变化；电压表与电流
21、表示数的比值为定值电阻的阻值。【解答】解：（1）开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；故 A错误；（2）开关闭合后，定值电阻 R 与滑动变阻器串联，电流表 A 测电路中的电流，电压表测定值电阻 R 两端的电压；滑片 P 向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，总电阻变大，第 11 页（共 27 页）由 I 可知，电路中的电流变小；根据 UIR 可知，定值电阻 R 两端的电压变小，即电压表的示数变小，故 B 正确；定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据 PUI 知，R 的功率变小
22、，故 C 错误；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用以及电路的动态分析，关键是电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值。5 （3 分）现在全市各校都在开展“足球进校园”活动。关于同学们在足球比赛中涉及到的物理知识，下列分析错误的是（ ）A足球鞋底凹凸不平，是为了增大与地面的摩擦力B足球能在空中飞行，是因为受到了运动员的脚对它有力的作用C用头顶足球攻门时，头感到疼，说明物体间力的作用是相互的D守门员一下子抱住射门的足球，说明力可以改变物体的运动状态【分
23、析】 （1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（3）物体间力的作用是相互的；（4）力的作用效果包括改变物体的形状、改变物体的运动状态。【解答】解：A、足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故 A 正确；B、足球能在空中飞行，是因为足球具有惯性，此时足球不再受到运动员的作用力，故B 错误；C、用头顶足球时，头感到疼，说明力的作用是相互的，故 C 正确；D、守门员一下子抱住射门的足球，足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运
24、动状态，故 D 正确。故选：B。第 12 页（共 27 页）【点评】此题涉及增大摩擦的方法、惯性现象、力的作用的相互性、力的作用效果等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。6 （3 分）对下面的热现象，下列解释正确的是（ ）A冰的形成是凝华现象 B雾的形成是汽化现象C露的形成是液化现象 D霜的形成是凝固现象【分析】物态变化有六种类型：物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。【解答】解：A、冰是由水凝固形成的，故
25、 A 错误；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故 B 错误；C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成，故 C 正确；D、霜是空气中的水蒸气凝华形成的，故 D 错误；故选：C。【点评】解决此类问题要结合凝华现象、升华现象、汽化现象、液化现象、熔化现象、凝固现象进行分析解答，属于应用题目。7 （3 分）在图中的自动控制电路中，当控制电路的开关 S 闭合时，工作电路的情况是（ ）A灯不亮，电铃响 B灯不亮，电铃不响C灯亮，电铃不响 D灯亮，电铃响【分析】电磁铁通电之后具有磁性，吸引衔铁，动触头和下面电路接通，和上面电路断开。【解答】解：当控制电路的开关 S 闭合时，控制电路中有电流，电磁铁
26、具有磁性，吸引衔铁，动触头和下面电路接通，电铃工作，和上面的电路断开，所以电灯不亮。第 13 页（共 27 页）故选：A。【点评】电磁继电器是用控制电路来控制工作电路的，实现远距离操作或用低电压弱电流来控制高电压强电流。8 （3 分）如图电路，电源电压为 12V 且保持不变。闭合开关 S，当滑片 P 置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P 置于变阻器的 b 端时，电压表的示数变化了2V，在 10s 内定值电阻 R1 产生的热量为 36J则下列结果正确的是（ ）A电路中的最大电流为 1AB滑片 P 在中点时，10s 内滑动变阻器 R 消耗的电能为 60JC滑动变阻器 R
27、 先后两次消耗的电功率之比为 8：1DR 1 先后两次消耗的电功率之比为 16：9【分析】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据串联电路分压规律可知滑片从中点到 b 端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了 2V，然后根据串联电路电压规律以及 Q t 即可求出 R1 的阻值；（1）当滑片在 a 点时，电路中的电流最大，根据欧姆定律即可求出电路中的最大电流；（2）先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据 WUIt 求出 10s 内滑动变阻器 R 消耗的电能；（3）根据 PUI 即可求出 R 先后两次消耗的电功率之比；（4）根据 PUI 即可求
28、出 R1 先后两次消耗的电功率之比【解答】解：根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；滑片从中点到 b 端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数（变阻器的电压）将增大，电压表示数增大了 2V，即滑片在 b 点时电压表的示数为4V+2V 6V；在 10s 内定值电阻 R1 产生的热量为 36J，由 Q t 可得 R1 的阻值：第 14 页（共 27 页）R1 t 10s10；A、当滑片在 a 点时，变阻器接入电路的阻值为 0，电路中的电流最大，则电路中的最大电流：I 最大 1.2A ，故 A 错误；B、串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时
29、，电路中的电流：I 0.8A，10s 内滑动变阻器 R 消耗的电能： W 滑 U 滑 It4V 0.8A10s32J ，故 B 错误；C、当滑片在 b 点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：I 最小 0.6A，由 PUI 可得，滑动变阻器 R 先后两次消耗的电功率之比： ，故 C 错误；D、由 PUI 可得，R 1 先后两次消耗的电功率之比： ，故 D 正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式的应用，要注意电表最小示数的判断。二、填空题9 （3 分）如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为 400N 的物体匀速向上提起；已知每个
30、滑轮重 20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，图甲中车对绳子的拉力为 400 N，图乙中人对绳子的拉力为 210 N 。【分析】先分析甲乙图中滑轮的种类，确定使用滑轮组的特点。忽略绳子的重力以及滑第 15 页（共 27 页）轮与绳子的摩擦：（1）图甲中使用的是两个定滑轮，车对绳子的拉力 FG；（2）图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n2，人对绳子的拉力 F 乙 （G+G 动 ） 。【解答】解：图甲中使用的是两个定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，车对绳子的拉力F 甲 G400N；图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n2，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，人对绳子的拉力 F
31、 乙 （G+G 动 ） （400N+20N）210N 。故答案为：400；210。【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力的计算，分析题图，确定滑轮组的特点是关键。10 （3 分）用天燃气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的 做功 冲程的能量转化相同；在标准大气压下用天燃气把 3kg 的水从 20加热至刚沸腾时，水吸收了 1.00810 6 J 的热量。c 水 4.210 3J/（kg）【分析】 （1）在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，水烧开时壶盖会向上跳动，也是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能。（2）在标准大气压下水的沸点为 100，即水的末温为
32、100，利用 Q 吸 cmt 求水吸收的热量。【解答】解：（1）水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同，在汽油机的做功冲程中，是将燃气的内能转化为活塞的机械能；（2）在标准大气压下水的沸点为 100，即水的末温为 100，水吸收的热量为：Q 吸 c 水 m 水 t4.210 3J/（kg）3kg（100 20）1.00810 6J。故答案为：做功；1.00810 6。【点评】本题考查了四冲程汽油机的能量转化、吸热公式的应用，属于基础题目。11 （3 分）如图，有一圆柱形容器，放在水平桌面上。现将一体积为 2104 m
33、3，质量为0.54kg 的矩形金属块放在容器底部，再向容器中加入水至 14cm 深时，水对容器底的压强是 1400 Pa，金属块对容器底部的压力是 3.4 N（金属块与容器底部不是紧密接第 16 页（共 27 页）触， 水 1.010 3kg/m3，取 g10N/kg） 。【分析】 （1）根据液体内部压强的特点，由 pgh 解题；（2）根据阿基米德原理求金属块的浮力，然后根据力的合成求出压力。【解答】解：（1）水的深度 h14cm0.14m，则水对容器底的压强：p 水 gh1.010 3kg/m310N/kg0.14m1400Pa；（2）由图可知，金属块浸没在水中，根据阿基米德原理
34、可得，金属块所受的浮力：F 浮 水 V 排 g1.010 3kg/m32104 m310N/kg2N；金属块的重力：G 金 m 金 g0.54kg10N/kg5.4N ；根据力的合成可知金属块对容器底部的压力：F 压 G 金 F 浮 5.4N2N3.4N。故答案为：1400；3.4。【点评】本题考查了压强及浮力的有关计算，要理解力的合成。12 （3 分）一个空心小铁球放在盛水的烧杯中置于铁棒 AB 的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关 S 闭合后，空心小铁球仍漂浮在水面上，此时 A 端为电磁铁的 S （南） 极，当滑片 P 向左滑动，空心小铁球所受浮力 增大 （选填“增
35、大” 、“减小”或“不变” ）【分析】已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管 A 的磁极；当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化。第 17 页（共 27 页）【解答】解：电流由 A 流向 B，则由右手螺旋定则可知螺线管 B 端为 N 极，则 A 端为S 极（南极） ；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管中的磁性增强，故小铁球所受磁力增强；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力增加，故浮力也将增大。故答案为：S（南） ，
36、增大。【点评】本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用及欧姆定律的使用，对学生能力要求较高。13 （3 分）如图，电源电压为 9V 且保持不变，闭合 S 时，电压表的示数为 5.4V，电流表的示数为 0.6A，则 R1 6 ，R 1、R 2 消耗的电功率之比为 2：3 。【分析】由电路图可知，R 1 与 R2 两电阻串联，电压表测 R2 两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出 R1 两端的电压，根据欧姆定律求出 R1 的阻值，根据 PUI 求出 R1 消耗的功率。【解答】解：由电路图可知，R 1 与 R2 两电阻串联，电压表测 R2 两端的电压，电
37、流表测电路中的电流，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R 1 两端的电压：U1UU 29V5.4V3.6V，由 I 可得，R 1 的阻值：R1 6 ，串联电路中各处的电流相等，则 R1、R 2 消耗的电功率之比： 。第 18 页（共 27 页）故答案为：6；2：3。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。14 （3 分）在弹簧测力计下挂一个圆柱体 M，让 M 从盛有水的容器上方逐渐竖直浸入水中，弹簧测力计的示数随圆柱体下表面在水中深度的变化关系如图，则圆柱体 M 的底面积为 2.410 3 m2 （ 水 1.010 3kg/
38、m3，取 g10N/kg ）【分析】当 h25cm 即圆柱体全浸入水时，可知圆柱体的高和此时弹簧测力计的示数，根据称重法求出圆柱体受到的浮力；根据阿基米德原理求出圆柱体的体积（排开水的体积） ，根据体积公式求出圆柱体的底面积。【解答】解：当 h25cm 即圆柱体全浸入水时，弹簧测力计的示数 F1.2N，圆柱体受到的最大浮力（全浸入时）：F 浮 GF7.2N1.2N6N；圆柱体全浸入时排开水的体积和本身的体积相等，圆柱体的体积：vv 排 610 4 m3；圆柱体的底面积：s 2.410 3 m2；故答案为：2.410 3 m2【点评】本题考查知识点比较多，压强的计算、浮力的计算及其公式变形，会识
39、图并从中得出相关信息是本题的关键，属于难题。三、作图及说明题15 （3 分）请画出图中两条入射光线对应的出射光线。第 19 页（共 27 页）【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此作图，如图所示。【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。16 （3 分）如图所示，在图中标出静止在磁场中的小磁针的 N 极和磁感线的方向。【分析】 （1）根据电
40、源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的 NS 极，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极。（2）根据磁体周围的磁感线都是从 N 极出来，回到 S 极，进行判断。【解答】解：（1）根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的右端为 N极，左端为 S 极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S 极、右端为 N 极。（2）根据磁感线都是从磁体的 N 极出发，回到 S 极，可以标出磁感线的方向。如图所示：第 20 页（共 27 页）【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律，磁感线的特点，能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时 N 极所指的方向为该点磁感线的方向。
41、17 （3 分）如图，雨燕沿虚线方向匀速自由飞翔，在图中画出雨燕所受重力和空气对它的作用力的示意图。【分析】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。【解答】解：雨燕沿虚线方向匀速自由飞翔，处于平衡状态，受到的是平衡力，故雨燕所受重力和空气对它的作用力大小相等、方向相反。过雨燕重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用 G 和 F 表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指
42、定力的示意图。四、实验探究题18 （2 分）小王同学用表面粗糙程度不同的毛巾、木板、玻璃等器材探究“阻力对物体运动的影响” ，实验过程及现象如图所示：（1）小王在实验中设置了三种粗糙程度不同的表面，让小车从斜面上同一位置滑下，小王发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在木板表面滑行的距离较远，在玻璃表面滑第 21 页（共 27 页）行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小越慢。推理：如是小车在水平面上滑行，受到的阻力越来越小，直到变为零，小车将做 匀速直线运动 。（2）牛顿第一定律告诉我们物体的运动 不需要 （填“需要”或“不需要” ）力来维持，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。【分析
43、】 （1）实验观察小车在不同粗糙程度的表面滑行的距离，据此来进行分析和推理；（2）力是改变物体运动状态的原因。【解答】解：（1）实验中，通过观察小车在不同光滑程度的斜面上滑行距离的远近，可知小车受到的阻力越小，小车运动的路程就越远，当阻力为零时，就可以得出小车做匀速直线运动的结论，这里的研究方法是科学推理法。（2）牛顿第一定律告诉我们物体的运动不需要力来维持，即力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。故答案为：（1）匀速直线运动；（2）不需要。【点评】该题考查了学生对于该实验所采用的方法是否掌握以及对该实验的推理结论是否了解。该实验用到的方法是物理中经常采用的控制变量法，该实验
44、是理解牛顿第一定律的基础。19 （3 分）如图是探究杠杆平衡条件的几个实验情景：（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 达到 （选填“达到”或“没有达到” ）平衡状态，接下来调节杠杆两端的螺母，使杠杆处于 水平位置平衡 。（2）如图乙，A 点挂有 2 个质量均为 50g 的钩码、为了让杠杆在水平位置平衡，应在B 点挂 3 个质量均为 50g 的钩码。（3）如图丙，现给你一个量程为 02N 的弹簧测力计，若干个 50g 的钩码，钩码挂在C 点处，现使用弹簧测力计和钩码使杠杆在水平位置平衡，则在 C 点处所挂钩码的最多个数为 6 个。第 22 页（共 27 页）【分析】 （1）杠杆处
45、于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态。调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。（2）设杠杆的一个小格为 L，一个钩码重为 G，根据杠杆平衡求出钩码的个数。（3）若在杠杆上施加最小的力 F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力，根据杠杆的平衡条件可求在 C 点处所挂钩码的最多个数。【解答】解：（1）杠杆保持静止，此时杠杆处于静止状态，达到平衡；由图中，杠杆的右端较高，平衡螺母应向右端移动使杠杆在水平位置平衡；（2）设杠杆的一个小格为 L，一个钩码重为 G，因为，F 1l1F 2l2，所以，2G3LnG2L，所以，n3，
46、所以在 B 处挂 3 个钩码。（3）为使拉力最小，动力臂要最长，拉力 F 的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上，动力臂为最长，F 作用点在最左端，根据杠杆的平衡条件，在 C 点处所挂钩码的最多个数：nG4LF6L，nmg4LF6L，代入数据：n0.05kg10N/kg4L2N 6L，解得，n6。故答案为：（1）达到；水平位置平衡；（2）3；（3）6。【点评】本题是探究杠杆的平衡条件的实验，考查了实验操作、杠杆的平衡条件的应用和最小力的画法，注意以支点到力的作用点的距离作为力臂是最大的力臂，力最小。20 （5 分）用如图的电路研究通过导体的电流与电压、电阻的关系。表一次数 U/V I/A 1.0
47、0.20 1.5 0.30 2.0 0.40表二次数 R1/ I/A第 23 页（共 27 页） 3.0 0.50 6.0 0.33 9.0 0.25（1）保持电源电压和电阻箱 R1 的阻值不变，移动滑动变阻器 R2 的滑片 P，测得电流、电压如表 1；根据表 1 中的数据，你得出的结论是 在电阻不变时，通过导体的电流与它两端的电压成正比 ；这时 R1 的阻值为 5 。（2）在研究电流与电阻的关系时，先将 R1 的阻值调为 5 欧姆进行实验，使电压表的示数为 1.5V，然后将 R1 的阻值调为 10 欧姆时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将 大于 1.
48、5V （选填“大于” 、 “小于或“等于” ） 。因此要向 右 （选填“右”或“左” ）调节滑片，使电压表的示数仍为 1.5V。（3）李明同学用该电路测量电源电压时，将滑动变阻器的滑片到适当位置保持不变，仅改变电阻箱 R1 的阻值，测得相应的电流值，如表 2 所示，利用表 2 中的数据求得电源电压约为 3V 。【分析】 （1）纵向比较表 1 数据得出结论；由欧姆定律求出 R1；（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）利用表 2 中的 1、3 次实验的数据，
49、根据电阻的串联和欧姆定律，由电源电压不变列方程求得变阻器连入电路的电阻，从而得出电源电压。【解答】解：（1）由表 1 数据知，在电阻不变时，电压是原来的几倍，通过的电流是原来的几倍，即在电阻不变时，通过导体的电流与它两端的电压成正比；由欧姆定律，R 1 5（2）在研究电流与电阻的关系时，先将 R1 的阻值调为 5 欧姆进行实验，使电压表的示数为 1.5V，然后将 R1 的阻值调为 10 欧姆时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，根据分压原理，电压表的示数将大于 1.5V；第 24 页（共 27 页）探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数仍为 1.5V；（3）利用表 2 中的 1、3 次实验的数据，根据电阻的串联和欧姆定律，由电源电压不变列方程得：UI 11（R 11+R 滑 ）I 13（R 13+R 滑 ） ；即 0.5A（3+R 滑 ）0.25A （9 +R 滑 ） ，R 滑 3 。电源电压约为：U0.5A（3 +3）3V。故答案为：（1）在电阻不变时，通过导体的电流与它两端的电压成正比； 5；（2）大于；右；（3）3V。
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