1、第四章 电磁感应第3节 楞次定律一、楞次定律1实验探究将螺线管与电流计连接成闭合回路，分别将N极、S极插入、抽出线圈，如图所示。记录感应电流方向如下。 甲 乙 丙 丁2分析磁通量增减情况图号磁场方向感应电流的方向感应电流的磁场方向增加甲_逆时针（俯视）_乙_顺时针（俯视）_减少丙_顺时针（俯视）_丁_逆时针（俯视）_3归纳总结当线圈内的磁通量增加时，感应电流的磁场_磁通量的增加；当线圈内磁通量减少时，感应电流的磁场_磁通量的减少。4楞次定律感应电流具有这样的方向，即感应电流的_总要_引起感应电流的磁通量的_。5适用范围：一切电磁感应现象。6对“阻碍”意义的理解谁阻碍感应电流的磁场阻碍引起感应电
2、流的磁场（原磁场）的磁通量的变化阻碍什么阻碍的是磁通量的变化，而不是磁通量本身如何阻碍当磁通量增加时，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反；当磁通量减少时，感应电流的磁场的方向与原磁场的方向相同，即“增反减同”结果如何阻碍并不是阻止，只是延缓了磁通量变化的快慢，这种变化将继续进行7楞次定律的推广含义楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因，列表说明如下内容例证阻碍原磁通量变化“增反减同” 磁铁靠近线圈，B感与B原反向阻碍相对运动变化“来拒去留” 磁铁靠近，是斥力 磁铁远离，是引力使回路面积有扩大或缩小的趋势“增缩减扩”P、Q是光滑固定导轨，a、b是可动金属棒
3、，磁铁下移， a、b靠近阻碍原电流的变化“增反减同”合上S，B先亮二、右手定则1内容：伸开右手，使拇指与其余四个手指_，并且都与手掌在同一个平面内，让磁感线从_进入，并使拇指指向_方向，这时_所指的方向就是感应电流的方向。2适用范围：右手定则适用于闭合回路中_导体做_时产生感应电流的情况。3楞次定律与右手定则的区别楞次定律右手定则区别研究对象整个闭合导体回路闭合导体回路的一部分，即做切割磁感线运动的一段导体适用范围由磁通量变化引起感应电流的各种情况一段导体在磁场中做切割磁感线运动的情况联系各种情况下都可用楞次定律判断感应电流的方向，若是回路中的一部分导体做切割磁感线运动产生感应电流，用右手定则
4、判断较为简单4右手定则与左手定则的比较比较项目右手定则左手定则作用判断感应电流的方向判断通电导体所受磁场力的方向已知条件已知切割运动方向和磁场方向已知电流方向和磁场方向图例因果关系运动电流电流运动应用发电机电动机记忆规律左“力”右“电”使用左手定则和右手定则时容易混淆，为了便于区分，可把两个定则简单地总结为“通电受力用左手，运动生电用右手”，简称为“通电左，生电右”。学科*网向下 向上 向上 向下 向下 向上 向上 向下 阻碍 阻碍 磁场 阻碍 变化垂直 掌心 导线运动的 四指 一部分 切割磁感线运动一、楞次定律处理电磁感应问题的常用方法1常规法：2效果法：由楞次定律可知，感应电流的“效果”总
5、是阻碍引起感应电流的“原因”，深刻理解“阻碍”的含义，根据“阻碍”原则，可直接对运动趋势做出判断。3“口诀法”：即“增反减同，来拒去留，增缩减扩”。增反减同若原磁场增强，感应电流产生的磁场与原磁场方向相反；反之，则与原磁场方向相同。来拒去留若磁体靠近某一导体，产生的安培力将会阻碍磁体靠近；反之，则阻碍磁体的远离。增缩减扩若原磁场增强，则产生感应电流的回路的面积有缩小的趋势；反之，面积有增大的趋势。【例题1】如图所示，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向上滑动，下面的说法中正确的是A
6、穿过线圈a的磁通量变大B线圈a有扩张的趋势C线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流D线圈a对水平桌面的压力FN将增大参考答案：BC二、“三定则”、“一定律”在电磁感应现象中的应用1安培定则、左手定则、右手定则和楞次定律的比较规律适用范围安培定则电流的磁效应运动电荷、电流产生磁场左手定则磁场力磁场对运动电荷、电流的作用右手定则电磁感应导体做切割磁感线运动楞次定律电磁感应一切电磁感应现象2抓住因果关系，据因索果（1）因电而生磁（IB）安培定则；（2）因动而生电（v、BI感）右手定则；（3）因电而受力（I、BF安）左手定则；（4）因变而生电（变I感）楞次定律。3应用“三定则”、“一规律”解答关于电磁
7、感应问题的常用方法程序法即先根据变化的起因，一环套一环，环环相扣，从“原因”开始依次利用各定则或定律得出最终结果。也可以从“结果”开始，逆向思维。【例题2】（2018福建省福州市闽侯八中高二月考）如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力的作用下运动时，MN在磁场力的作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是A向右B向左加速运动C向右匀速运动D向左减速运动参考答案：B1（2018四川省高中毕业班热身卷）如图所示，闭合金属铝环a用绝缘轻绳悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。下列说法正确的是A闭合开关S的瞬间，金属铝环a向右侧运动B保持开关S闭合且稳定后，断开开关
8、S的瞬间，金属a向左侧运动C保持开关S闭合且稳定后，将变阻器滑片P向右滑动，金属环a向右侧运动D若仅将电源正负极调换后，闭合开关S的瞬间，金属环a向右侧运动2如图所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷Q，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B，使B的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A的轴线OO重合。现使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO按箭头所示方向加速转动，则A金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小B金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大C金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小D金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大3（2018福建省福州市
9、闽侯八中高二月考）如图所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上A点作切线OO，OO与线圈在同一平面上。在线圈以OO为轴翻转180的过程中，线圈中电流方向A始终为ACBAB先为ACBA再为ABCAC始终为ABCAD先为ABCA再为ACBA4如图所示，在光滑水平面上固定一条形磁铁，有一小球以一定的初速度向磁铁方向运动，如果发现小球做减速运动，则小球的材料可能是A铁B木C铜D铝5（2018安徽省定远县民族私立中学高二月考）如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外。一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由上向下匀速穿过磁场，则A导线框进入磁场时，感应电流方向为a
10、bcdaB导线框离开磁场时，感应电流方向为adcbaC导线框离开磁场过程中，bc边受到安培力方向水平向右D导线框进入磁场过程中bc边受到安培力方向水平向右6如图所示，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是A穿过线圈a的磁通量减少B从上往下看，线圈a中将产生逆时针方向的感应电流C线圈a有扩张的趋势D线圈a对水平桌面的压力将减小7（2018辽宁省阜新县第二高级中学高二月考）如图所示，在长直载流导线附近有一个矩形线圈ABCD，线圈与导线始终在同一个平面内.线圈在导线
11、右侧平移时产生了ABCDA的电流，则线圈的移动方向为A向上B向下C向左D向右8如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流。释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中A线框中感应电流方向依次为ACBAABCAB线框的磁通量为零时，感应电流却不为零C线框所受安培力的合力方向依次为向上向下向上D线框做自由落体运动9（2018辽宁省阜新县第二高级中学高二月考）如图所示，线圈P通入强电流，线圈Q水平放置，从靠近线圈P的附近竖直向下落，经过位置、，下落过程中感应电流的方向自上向下看A始终是顺时针方向B
12、始终是逆时针方向C先顺时针后逆时针方向D先逆时针后顺时针方向10如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连接。要使小线圈N获得顺时针方向的感应电流，则放在导轨上的裸金属棒ab的运动情况是A向左加速运动B向右匀速运动C向左减速运动D向右加速运动11（2018江苏省东海高级中学高三适用性考试）图中L是绕在铁心上的线圈，它与电阻R、R0、电键和电池E可构成闭合回路线圈上的箭头表示线圈中电流的正方向，当电流的流向与箭头所示的方向相同时电流为正电键K1和K2都处于断开状态设在t=0时刻，接通电键K1，经过一段时间，在t=t1时刻，再接通电键K2，则能较正确在表示L中的电流I随时间t的变化的图
13、线是ABCD12如图所示，通电导线旁边同一平面有矩形线圈abcd。则A若线圈向右平动，其中感应电流方向是abcdB若线圈竖直向下平动，无感应电流产生C当线圈以ab边为轴转动时，其中感应电流方向是abcdD当线圈向导线靠近时，其中感应电流方向是abcd13如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块A在P和Q中都做自由落体运动B在两个下落过程中的机械能都守恒C在P中的下落时间比在Q中的长D落至底部时在P中的速度比在Q中的大14（2018安徽省阜阳三中高二调考）根据外媒某军事杂志一篇关于中国航母的报道，其猜测中国自行设计建造
14、的第三艏国产航母将采用电磁弹射装置。航母上飞机弹射起飞所利用的电磁驱动原理如图所示当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈左侧的金属环被弹射出去则下列说法正确的是A合上开关S的瞬间，从右侧看环中产生沿顺时针方向的感应电流B金属环向左运动过程中将有扩大趋势C若将金属环置于线圈的右侧，环将不能弹射出去D若将电池正、负极调换后，金属环不能向左弹射15如图，金属棒置于水平放置的形光滑导轨上，在右侧存在有界匀强磁场，磁场方向垂直导轨平面向下，在左侧的无磁场区域内有一半径很小的金属圆环，圆环与导轨在同一平面内。当金属棒在水平恒力作用下从磁场左边界处由静止开始向右运动后，则A圆环有收缩的趋势B圆环有扩张的趋势C
15、圆环内产生的感应电流变大D圆环内产生的感应电流变小16（2018福建省霞浦第一中学高二月考）如图，铁芯上绕有两组线圈，一组与电源E相连，另一组与灵敏电流计G相接。闭合开关K的瞬间A铁芯中的磁场方向向右B右侧线圈中磁通量突然减小C电流表有电流通过，方向由A向BD电流表有电流通过，方向由B向A17（2018福建省宁德市高二质量检测）在一竖直螺线管b的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环a，使a的环面水平且与螺线管b平行，其轴线与螺线管的轴线OO重合。螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路，若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是A穿过金属圆环a的磁通量变大B金属圆环a对丝线的拉力增大C金
16、属圆环a对丝线的拉力减小D金属圆环a中将产生俯视顺时针方向的感应电流18（2018北京市东城区高二期末）如图所示，光滑固定金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放于导轨上，形成一个闭合回路。当一条形磁铁从高处下落接近回路的过程中，下列说法正确的是AP、Q将保持不动BP、Q将相互远离C磁铁的加速度小于gD磁铁的加速度仍为g19如图所示，一个有弹性的金属圆环被一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积S和橡皮绳的长度L将AS增大，L变长BS减小，L变短CS增大，L变短DS减小，L变长20（2018江苏省南京市高三冲刺练习卷）物理课上
17、，老师做了一个“神奇”的实验：如图所示，将1米长的铜管竖直放置，一磁性很强的磁铁从上管口由静止释放，观察到磁铁用较长时间才从下管口落出。对于这个实验现象同学们经分析讨论做出相关的判断，你认为正确的是（下落过程中不计空气阻力，磁铁与管壁没有接触）。则A如果磁铁的磁性足够强，磁铁会停留在铜管中，永远不落下来B如果磁铁的磁性足够强，磁铁在铜管中运动时间更长，但一定会落下来C磁铁在铜管中运动的过程中，由于不计空气阻力，所以机械能守恒D如果将铜管换成塑料管，磁铁从塑料管中出来也会用较长时间21（2018云南省玉溪市第二中学高二期末）如图所示，在水平木制桌面上平放一个铜制的圆环，在它上方近处有一个N极朝下
18、的条形磁铁，铜环始终静止关于铜环对桌面的压力F和铜环重力G的大小关系，下列说法中正确的是A当条形磁铁靠近铜环时，FGB当条形磁铁远离铜环时，FG22（2018贵州省盘县四中高二期末）如图所示，一个金属圆盘安装在竖直的转动轴上，置于蹄形磁铁之间，两块铜片A、O分别与金属盘的边缘和转动轴接触。若使金属盘按图示方向(俯视顺时针方向)转动起来，下列说法正确的是A电阻R中有QRP方向的感应电流B电阻R中有PRQ方向的感应电流C穿过圆盘的磁通量始终没有变化，电阻R中无感应电流D调换磁铁的N、S极同时改变金属盘的转动方向，R中感应电流的方向也会发生改变23（2017新课标全国卷）如图，在方向垂直于纸面向里的
19、匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直。金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是APQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向BPQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向CPQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向DPQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向24（2016上海卷）磁铁在线圈中心上方开始运动时，线圈中产生如图方向的感应电流，则磁铁A向上运动B向下运动C向左运动D向右运动25（2016海南卷）如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在
20、同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距。两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流。若A金属环向上运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向B金属环向下运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向C金属环向左侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向D金属环向右侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向26（2016江苏卷）电吉他中电拾音器的基本结构如图所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法正确的有A选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B取走磁体，电吉他将不能正常工作C增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势
21、D弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化27（2016上海卷）如图（a），螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向。螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一小金属圆环L，圆环与导线框在同一平面内。当螺线管内的磁感应强度B随时间按图（b）所示规律变化时A在t1t2时间内，L有收缩趋势B在t2t3时间内，L有扩张趋势C在t2t3时间内，L内有逆时针方向的感应电流D在t3t4时间内，L内有顺时针方向的感应电流1C【解析】闭合开关S的瞬间，螺旋管的磁场增强，穿过铝环的磁通量变大，根据楞次定律可知，金属铝环a向左侧运动，远离螺线管，选项A错误；保持开关S闭合且稳定后，断开开关S的
22、瞬间，螺旋管的磁场减弱，穿过铝环的磁通量变小，根据楞次定律可知，金属铝环a向右侧运动，靠近螺线管，选项B错误；保持开关S闭合且稳定后，将变阻器滑片P向右滑动，电阻变大，电流变小，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相同，故相互吸引，则金属环A将向右运动，选项C正确；若仅将电源正负极调换后，闭合开关S的瞬间，螺线管的磁场增强，穿过铝环的磁通量变大，根据楞次定律可知，金属铝环a向左侧运动，远离螺线管，故D错误。【名师点睛】楞次定律可简单地记为：“增反减同”、“来拒去留”；楞次定律的应用一定注意不要只想着判断电流方向，应练习用楞次定律去判断导体的运动及形状的变化学！科网【名师点睛】胶木盘A
23、由静止开始绕其轴线按箭头所示方向加速转动，形成环形电流，环形电流的大小增大，穿过线圈B的磁通量变化，根据楞次定律的另一种表述，感应电流引起的机械效果阻碍磁通量的变化进行判断。3C【解析】当线圈平面与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则=0当线圈与磁场方向垂直时，穿过线圈平面的磁通量变大。图中的情况是磁场与线圈垂直，所以开始时的磁通量最大，转过90时的磁通量最小。所以在线圈由图示位置绕转轴OO转动180的过程中，向里穿过线圈的磁通量先减小，后增大。向里穿过线圈的磁通量减小时，根据楞次定律可知，产生的感应电流的方向是ABCA，转过角度大于90后，向里的磁通量增大，楞次定律可知，产生的
24、感应电流的方向仍然是ABCA，故ABD错误，C正确。【名师点睛】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大。然后根据楞次定律进行判断。4CD【解析】铁球被磁化后受到引力做加速运动，故A项错误。磁场对木块无任何作用，木块做匀速运动。故B项错误；铜铝是金属的，金属小球可看作许多线圈构成，在向磁铁方向运动过程中，由于条形磁铁周围的磁场是非匀强磁场，穿过金属线圈中的磁通量会发生改变，它们会产生感应电流，根据楞次定律的推论，来拒去留，它们的速度会减小，故CD两项均正确。【名师点睛】楞次定律的常用表述有“增反减同”“来拒去留”“增缩减扩”
25、等。5D【解析】导线框进入磁场时，回路中的磁通量向里增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，用左手定则判断，bc边受到安培力方向水平向左；导线框出磁场时，回路中的磁通量向里减小，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，用左手定则判断出：bc边受到向右的安培力，故D正确。【名师点睛】首先应掌握楞次定律的基本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果。一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便。7C【解析】若要使线圈中产生电流方向为ABCDA，即感应电流的方向是逆时针方向，根据楞次定律，线框中向外的磁通量减小，或向里的磁通量增大；依据安培定则，向
26、上的电流，在线圈处产生向内的磁场，由于是导线保持静止，故矩形线圈向左平移时（仍在I的右侧），使穿过线圈的向里的磁通量变大，故ABD错误，C正确。【名师点睛】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件，还考查根据楞次定律判断感应电流的方向，注意右手定则与楞次定律的不同。8B【解析】根据右手定则，通电直导线的磁场在上方向外，下方向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小。线框从上向下靠近导线的过程，向外的磁感应强度增加，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，之后变成向里的磁
27、通量，并逐渐增大，直至最大；根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的电流。向里的磁通量变成最大后，继续向下运动，向里的磁通量又逐渐减小，这时的电流新方向又变成了顺时针，即感应电流方向依次为ACBAABCAACBA。故A错误；根据A中的分析，穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，一直减小到0，之后变成向里的磁通量，并逐渐增大。这一过程是连续的，始终有感应电流存在，故B正确；根据楞次定律，感应电流始终阻碍线框相对磁场的运动，故受安培力的方向始终向上，不是0，因此线框不可能做自由落体运动，故CD错误。【名师点睛】根据右手定则，通电直导线的磁场在上方向外，下方向里；离导线近
28、的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小，然后根据楞次定律可以判断感应电流的方向，根据左手定则可以判断受力的方向。【名师点睛】考查如何判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律的应用，注意掌握右手螺旋定则，确定通电螺线管的磁极是解题的关键。10A【解析】若要让N中产生顺时针的电流，M必须让N中的磁场“向里减小”或“向外增大”所以有两种情况：垂直纸面向里的磁场大小减小，根据楞次定律与法拉第电磁感应定律，则有导体棒向右减速运动。同理，垂直纸面向外的磁场大小增大，根据楞次定律与法拉第电磁感应定律，则有导体棒向左加速运动，故A正确，BCD错误。【名师点睛】考查右手定则、法拉第电磁感应定律、右手螺旋定
29、则与楞次定律的应用，注意各定律的作用，同时将右手定则与左手定则区别开。11A【解析】在t=0时刻，接通电键K1，通过线圈的电流从无到有增大，线圈中产生自感电动势，阻碍电流增大，使得线圈中电流只能逐渐增大，而方向不变，仍为正方向。当电流稳定后，线圈中不产生自感电动势，电流一定。在t=tl时刻，再接通电键K2，线圈和R被短路，线圈中电流将要减小，由于自感电动势的阻碍，使得线圈中电流只能逐渐减小到零，根据楞次定律，电流方向与原来方向相同，仍为正方向。故选A。【名师点睛】对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，不产生自感电动势，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源13C【解析】由
30、于电磁感应，在铜管P中还受到向上的磁场力作用，而在塑料管中只受到重力作用，即只在Q中做自由落体运动，故选项AB错误；而在P中加速度较小，故选项C正确，选项D错误。14A【解析】线圈中电流为左侧流入，磁场方向为向右，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，金属环的感应电流由右侧看为顺时针，故A正确；在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，故金属环的面积右缩小的趋势，故B错误；若金属环放在线圈右方，根据“来拒去留”可得，环将向右运动；故C错误；电池正负极调换后，金属环受力向左，故仍将向左弹出；故D错误。15AD【解析】由于金属棒在恒力的作用下向右运动，则回路中产生逆时针方向的感应电
31、流，则在圆环处产生垂直于纸面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环的磁通量将增大；又由于金属棒向右运动的加速度减小，速度增大变慢，单位时间内磁通量的变化减小，即磁通量变化率减小，所以在圆环中产生的感应电动势减小，感应电流也不断减小，故AD正确，BC错误。16AD【解析】当闭合开关K的瞬间，导致左侧线圈中电流增大，根据安培定则可知，左边线圈左端是S极，右端是N极。则铁芯中的磁场方向向右，故A正确；当闭合开关K的瞬间，导致电流增大，则右侧线圈的磁通量在增大，由楞次定律可知，可判定出感应电流方向由B流向A，故D正确，BC错误。【名师点睛
32、】通过开关通断，来改变电流大小，根据安培定则来确定线圈的电流方向与磁场方向的关系，由于穿过线圈的磁通量变化，导致线圈B中产生感应电流，其方向根据楞次定律“增反减同”来判断。17AC【解析】将滑动变阻器的滑片P向下滑动，电阻变小，电路中的电流变大，磁场增强，穿过环a的磁通量增加，故A正确；根据楞次定律可知金属圆环a对丝线的拉力减小，故B错误，C正确；根据楞次定律可知金属圆环a中将产生俯视逆时针方向的感应电流，故D错误。18C【解析】当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，可知，P、Q将互相靠拢，回路的面积减小一点，使穿过回路的磁场
33、减小一点，起到阻碍原磁通量增加的作用，故AB错误。由于磁铁受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁铁的加速度一定小于g，故C正确，D错误。【名师点睛】本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中导体的运动方向，抓住导体总是反抗原磁通量的变化是关键楞次定律的另一结论：增反减同学！科网【名师点睛】解决本题的关键会用右手螺旋定则（安培定则）判断电流周围磁场的方向，以及会用楞次定律来判定感应电流方向，左手定则判断安培力的方向。同时会运用等效思维。20B【解析】如果磁铁的磁性足够强，磁铁在铜管中运动受到阻力更大，原因：当磁铁运动时才会导致钢管的磁通量发生变化，才出现感应磁场阻碍原磁场的变化，所以运动时间变长，
34、但一定会落下，故A错误，B正确；磁铁在铜管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力作功产生热能，所以机械能不守恒，故C错误。如果将铜管换成塑料管，磁铁不会受到安培力阻力，因此出来的时间不变，故D错误。【名师点睛】考查楞次定律：来拒去留，当强磁铁过来时，就拒绝它；当离开时就挽留它。21B【解析】磁铁的N极向下插入，穿过铜环的磁通量增加，磁场方向向下，根据楞次定律可知，铜环中产生逆时方向的感应电流；根据安培定则判断可知，当N极向下插入时，铜环上端相当于N极；与磁铁的极性相反，存在斥力，所以铜环对桌面的压力F大于铜环重力G的大小；磁铁的N极远离铜环时，穿过铜环的磁通量减小，磁场方向向下
35、，根据楞次定律可知，铜环中产生逆时方向的感应电流；根据安培定则判断可知，当N极远离时，铜环上端相当于S极，与磁铁的极性相同，存在引力。所以铜环对桌面的压力F小于铜环重力G的大小，B正确。【名师点睛】本题是楞次定律的基本应用。对于电磁感应现象中，导体与磁体的作用力也可以根据楞次定律的另一种表述判断：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动。22B【解析】圆盘转动时时，相当A、O间的半径切割磁感线产生感应电动势，该半径与R构成闭合回路，电路中产生感应电流，由右手定则可知，通过电阻R的感应电流方向为：PRQ，故AC错误，B正确；调换磁铁的N、S极同时改变金属盘的转动方向，半径的转动方向与磁场方向
36、同时变为相反方向，由右手定则可知，R中感应电流的方向不变，故D错误；故选B。23D【解析】因为PQ突然向右运动，由右手定则可知，PQRS中有沿逆时针方向的感应电流，穿过T中的磁通量减小，由楞次定律可知，T中有沿顺时针方向的感应电流，D正确，ABC错误。【名师点睛】解题关键是掌握右手定则、楞次定律判断感应电流的方向，还要理解PQRS中感应电流产生的磁场会使T中的磁通量变化，又会使T中产生感应电流。24B【解析】据题意，从图示可以看出磁铁提供的穿过线圈原磁场的磁通量方向向下，由安培定则可知线圈中感应电流激发的感应磁场方向向上，即两个磁场的方向相反，则由楞次定律可知原磁场通过线圈的磁通量的大小在增加
37、，故选项B正确。26BCD【解析】因铜质弦不能被磁化，所以A错误；若取走磁铁，金属弦无法被磁化，电吉他将不能正常工作，所以B正确；根据法拉第电磁感应定律知，增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势，所以C正确；弦振动过程中，线圈中的磁通量一会增大一会减速，所以电流方向不断变化，D正确。27AD【解析】据题意，在t1t2时间内，外加磁场磁感应强度增加且斜率在增加，则在导线框中产生沿顺时针方向增加的电流，该电流激发出增加的磁场，该磁场通过圆环，在圆环内产生感应电流，根据结论“增缩减扩”可以判定圆环有收缩趋势，故选项A正确；在t2t3时间内，外加磁场均匀变化，在导线框中产生稳定电流，该电流激发出稳定磁场，该磁场通过圆环时，圆环中没有感应电流，故选项B、C错误；在t3t4时间内，外加磁场向下减小，且斜率也减小，在导线框中产生沿顺时针方向减小的电流，该电流激发出向内减小的磁场，故圆环内产生顺时针方向电流，选项D正确。
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