1、一模型界定本模型中涉及高中阶段中出现的电容器常见问题,包括动态分析、带电粒子在电容器间一类运动、直流含容电路、交流电路中的电容及暂态分析等.二模型破解电容器的充放电过程（i)电容器的充、放电图1充电：使电容器带电的过程，充电后电容器两板带上等量的异种电荷，电容器中储存电场能.放电：使充电后的电容器失去电荷的过程，放电过程中电场能转化为其他形式的能.(ii)电容器充电和放电过程的特点（I）充电过程的特点（如图1甲所示）有电流，电流方向流入正极板，电流由大到小.电容器所带电荷量增加.电容器两极板间电压升高.电容器间的电场强度增强.充电结束后，电容器所在的电路无电流，电容器两极板电压与充电电压相等.
2、（II）放电过程的特点（如图1乙所示）有电流，电流方向流出正极板，电流由大变小.电容器所带电荷量减少.电容器两极板电压降低.电容器中电场强度减弱.电容器放电结束，电路中无电流.例.某电容式话筒的原理示意图如题图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属极板，对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动，在P、Q间距离增大过程中，例題图A P、Q构成的电容器的电容增大B P上电荷量保持不变C M点的电势比N点的低D M点的电势比N点的高【答案】D模型演练.如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。开始时开关S闭合且滑动变阻
3、器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是（ ）A小球带负电B当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角变大C当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D当滑动头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动头在a处时电源的输出功率【答案】C【解析】：根据电路可知A板电势高于B板电势，AB间电场强度方向水平向右。小球受电场力也水平向右，故小球带正电，所以A项错误；当滑动头从a向b滑动时，路端电压减小，故两端的电压减小，极板间电场强度随之减小，故细线的偏角变小，所以B项错误；当极板间电压减小，极板的带电量将减小而放电
4、，又由于A板带正电，故放电电流从上向下流过电流表，所以C项正确；由于电源的内电阻与外电阻的关系不确定，所示无法判断电源的输出功率变化的规律，所以D项错误。2.如图所示，平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑动端C相连接，I1和I2分别表示流过变阻器上、下部分的电流。电子以速度V0垂直于电场线方向向往并穿过平行板间的电场。在保证电子能始终穿出平行板间电场的情况下，下列说法中正确的是练2图A.若使滑动变阻器的滑动端C上移，则电容器极板上的所带的电荷量Q增大，电子穿越平行板所需的时间t减小B.在滑动变阻器的滑动端C下移的过程中，则I1I2C.将两板间的距离稍加大后，电子离开电场时，比未变前离开电场时
5、偏向角增大D.将两板间的距离稍加大后，电子离开电场时，比未变前离开电场时动能小【答案】D电容器的动态分析(i)动态问题的三种情况分析有关平行板电容器的Q、E、U和C的关系时，主要有三种情况：保持两极板与电源相连，则电容器两板间电压U不变.充电后断开电源，则电容器带电荷量Q不变.保持电路连接，但电路中串有二极管，在二极管导通时电容器两板间电压U不变；在二极管截止时电容器带电荷量Q不变.(ii)动态问题的三个常用公式及解题思路确定不变量.电容器与电源相连时，电压不变；电容器先充电后与电源脱离时，所带电荷量不变.用决定式分析平行板电容器电容的变化.用定义式分析电容器所带电荷量或两极板间电压的变化.分
6、析电容器极板间场强的变化.(iii)三类动态问题的分析(I)电压不变如图所示,开关S闭合，由于电容器始终连接在电源上，因此两板间的电压U保持不变，可根据下列几式讨论C、Q、E的变化情况：图2，当电容器两极板正对面积S变化时（假设r、d不变）：S变大时，,由知C变大，由Q=CU知Q变大，由知因U、d均不变，故板间场强不变；同理,S变小时，C变小，Q变小，E不变.当电容器两极板间介质的介电常数r变化时（假设S、d不变）：r变大时，C变大，Q变大，E不变.r变小时，C变小，Q变小，E不变.当电容器两板间距离d变化时（假设r、S不变）：d变大时，C变小，Q变小，E减小.d变小时，C变大，Q变大，E变大
7、.当在两极间加入金属板时,效果上相当于减小了板间距离d,分析方法同.(II)电量不变如图所示,C充电后开关S断开.由于电容器充电后切断与电池的连接，使电容器的带电荷量Q保持不变.可根据下列几式讨论C、U、E的变化情况：与d无关当电容器两极板间距离变化时（假设r、S不变）：d变大时，C变小，Q不变，E不变，U变大；d变小时，C变大，Q不变，E不变，U变小.当电容器两极板间的正对面积S变化时（假设r、d不变）：S变大时，C变大，Q不变，U变小，E变小.S变小时，C变小，Q不变，U变大，E变大.当电容器极板间电介质的介电常数r变化时（假设d、S不变）r变大时，C变大，U变小，E变小.r变小时，C变小
8、，U变大，E变大.当在两极间加入金属板时,效果上相当于减小了板间距离d,分析方法同. (III)与二极管相连如图所示,电键S保持闭合,带有一定电荷量的电容器通过二极管保持始终与电源相连接.由于电容器的电容变化时，如果没有二极管，电容器要进行充电或放电，从而在电路中形成不同方向的电流，而二极管具有单向导电的特性，则在这样的过程二极管可能处于导通状态，也可能处于截止状态.所以在此类问题中，首先可假设没有二极管，判断电容器变化时是要充电还是要放电，进而可判定二极管是处于导通还是截止.当二极管处于导通状态时可按（I）中电压不变来处理，当二极管处于截止状态时可按（II）中电量不变来处理.图
9、 图 (iv)双电容器的动态分析在高中阶段最常见的是如图所示的连接方式,图中极板M与极板P电势相同、极板N与极板Q电势相同,两电容器处于并联状态.图示情况下的并联电容器总电荷量不变,两极板间电压保持相等.当其中一个电容器电容增大或减小而另一个的电容不变时,两电容器的总电容增大或减小,即变化情况相同.并联电容的动态分析的一种思路是先由其中变化电容器确定总电容的变化情况,再利用总电荷量不变确定电压的变化情况,再确定固定电容的电量变化,进而确定变化电容的电量变化情况.当两个电容器的电容相差很大时,并联电容器的总电容取决于大电容,总电容近似等于大电容器的电容.改变大电容时可
10、近似认为大电容上的电荷量不变.例.如图所示，平行板电容器与直流电源E相连，开关S闭合时，一带电油滴位于电容器中的P点恰好处于平衡状态，下列说法正确的是例题图A油滴带正电B油滴带负电C保持开关S闭合，增大电容器两极板之间的距离，油滴将向下运动 D若将开关S断开，减小电容器两极板之间的距离，油滴将向上运动【答案】BC【解析】:油滴静止时所受电场力方向必向上而与重力平衡，由图知电容器上板带正电下板带负电，板间电场方向向下，则油滴必带负电，错误正确。当保持电键闭合时板间电压不变，板间距离d增大时板间场强减小，油滴所受电场力减小，油滴应向下运动，正确。若将电键断开时，电容器所带
11、电荷量不变，由、可得，可见此时板间场强与板间距离无关，油滴仍将保持静止，D错误。例.如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态。下列措施下，关于P的运动情况说法正确的是 PABSRD例题图A保持S闭合，增大A、B板间距离，P仍静止B保持S闭合，减少A、B板间距离，P向上运动C断开S后，增大A、B板间距离，P向下运动D断开S后，减少A、B板间距离，P仍静止【答案】ABD例.如图所示，将平行板电容器两极板分别与电池正、负极相接，两板间一带电液滴恰好处于静止状态现贴着下板插入一定厚度的金属板，则在插入过程中例题图A电容器的带电量不变B电路将有
12、逆时针方向的短暂电流C带电液滴仍将静止D带电液滴将向上做加速运动【答案】BD例.如图所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地。让A板带电后，在两个电容器间分别有P、Q两个带电油滴都处于静止状态。AB间电容为C1，电压为U2,带电量为Q1，MN间电容为C2，电压为U2，带电量为Q2。若将B板稍向下移，下列说法正确的是（ ）例题图AC1减小，C2增大 BU1减小，U2增大CQ1减小，Q2增大 DP向下动，Q向上动【答案】CD【解析】:由图可知两电容是并联的，两电容
13、所带的总电荷量不变，两极间的电压始终相等， 将B板下移后由知C1减小C2不变，A错误；C1减小后总电容C减小,则由可知极板间都电压增大,由于C2不变，则C2所带电荷量增大,故C1所带电量有一部分向C2转移，使Q1减小Q2增大，B错误C正确；结合知AB板间电场减弱，MN板间电场增强，则P受到的电场力减小向下运动，Q受到的电场力增大而向上运动，D正确。 例.在图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地。若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是 例题图A.两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小B.两
14、极板间的电压不变，极板上的电荷量变大C.极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D.极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【答案】D模型演练3.在如图所师的闪光灯电路中，电源的电动势为，电容器的电容为。当闪光灯两端电压达到击穿电压时，闪光灯才有电流通过并发光，正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定A电源的电动势一定小于击穿电压B电容器所带的最大电荷量一定为C闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D在一个闪光周期内，通过电阻的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等4.如图所示，一个平行板电容器，板间距离为d，当对其加上电压后，A、B两板的电势分别为和，下述结论正确的是 ()
15、练4图A电容器两极板间可形成匀强电场，电场强度大小为E/dB电容器两极板间各点的电势，有的相同，有的不同；有正的，有负的，有的为零C若只减小两极板间的距离d，该电容器的电容C要增大，极板上带的电荷量Q也会增加D若有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场，则电子的电势能一定会减小【答案】BCD5.给平行析电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电。板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示。小球静止时与竖直方向的夹角为，则CAB 练5图A若将B极板向右平移稍许，电容器的电容将减小B若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将增大C若将B板
16、向上平移稍许，夹角将不变D轻轻将细线剪，小球将做斜抛运动【答案】B【解析】:B极板右移时板间距离增大, 由知A正确;当B极板向下平移或向上平移时两板正对面积减小,由上式知电容C也减小,由于充电后与电源断开,电荷量不变,则由知板间电压增大,再由知板间电场强度增大,故B正确C错误.剪断细线后小球受到重力与电场力两个恒力的作用,小球将沿其合力方向做匀加速直线运动,D错误. 6.如图所示，D是一只理想二极管，电流只能从a流向b，而不能从b流向a.平行板电容器的A、B两极板间有一电荷，在P点处于静止状态以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，Ep表示电荷在P点的电势能若保持极板B不动，将极板A
17、稍向上平移，则下列说法中正确的是 练6图AE变小 BU变大CEp不变 D电荷仍保持静止【答案】BCD7.一平行板电容器两极板间距为、极板面积为S，电容为，其中是常量。对此电容器充电后断开电源。当增加两板间距时，电容器极板间A电场强度不变，电势差变大 B电场强度不变，电势差不变C电场强度减小，电势差不变 D电场强度较小，电势差减小【答案】A【解析】：平行板所带电荷量Q、两板间电压U，有CQ/U
18、、C、两板间匀强电场的场强EU/d，可得E。电容器充电后断开，电容器电荷量Q不变，则E不变。根据C可知d增大、C减小，又根据CQ/U可知U变大。9.如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地。开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度。现取出a、b两极板间的电介质，则下列说法中正确的是：练9图A电容器C的电容减小 B极板a和b的带电量减小C平行金属板P、Q间的电势差减小D悬线的偏角变大10.题图1是某同学设计的电容式速度传感器原理图，其中上板为固定极板，下板为待测物
19、体，在两极板间电压恒定的条件下，极板上所带电量Q将随待测物体的上下运动而变化，若Q随时间t的变化关系为Q=（a、b为大于零的常数），其图象如题图2所示，那么题图3、图4中反映极板间场强大小E和物体速率v随t变化的图线可能是和 B.和 C.和 D.和.有关电容器中某点电势、粒子电势能的动态分析(i)明确零电势的位置即接地极板的位置(ii)
20、判定极板间电场强度的变化情况(iii)判定极板间某点与接地极板间的电势差变化情况当E不变时直接由U=Ed判定当E变化但移动的是没有接地的极板时,也直接由U=Ed判定当E变化且移动的是接地的极板时,可先由U=Ed判定该点与固定极板间的电压变化情况,再结合极板间总电压来判定该点与接地极板间的电势差变化情况(iv)确定该点电势的正负,由该点与接地极板间的电势差的变化情况确定该点的电势变化情况(v)明确处于该点的带电粒子的正负,结合该点电势的变化情况判定粒子电势能的变化情况.例.一平行板电容器充电后，开关保持闭合，上极板接地，在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强
21、，Q表示电容器的带电量，表示P点的电势，Ep表示负电荷在P点的电势能。若保持下极板不动，将上极板移到图中虚线所示的位置，则 （ ）例题图 A不变，E不变 BE变小，Ep变大 CQ变小，Ep不变 D变小，Q不变【答案】B模型演练11.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离A.带点油滴将沿竖直方向向上运动 B.P点的电势将降低C.带点油滴的电势将
22、减少 D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大【答案】B12.一定行板电容器充电后与电源断开，负极板接地。在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示。以E表示两极板间的场强，U表示两极板间的电压，表示正电荷在P点的电势能。若保持负极板不动，将正极板向右平移一小段距离。则 练12图AU变小，E不变BE变大，变大CU变小，不变DU不变，不变【答案】B【解析】:电容器充电后与电源断开,其电荷量不变.正极板右移后两板正对面积减小,电容减小,由可知板间电压增大,再由知因d不变而使E增大、P与下极板
23、间电势差增大.由题意知P点电势等于P点与下极板间的电势差且大于零,故P点电势升高,正电荷在P点的电势能增大,只有B正确.3.带电粒子能否穿出极板的一类动态分析有一类题目是,带电粒子在电容器间运动时恰好能到达极板边缘,若在改变电容器的极板间距离后,判定带电粒子在极板间运动的过程中还能否穿出两板之间,一种基本方法是利用动能定理:(i)首先假定粒子能穿出极板,利用动能定理求出粒子到达极板边缘时的动能表达式(ii)由求得的动能的符号判定粒子运动情况:粒子能穿过极板边缘粒子恰好能到达极板边缘粒子在到达极板边缘前已返回(iii)表达电场力做功的技巧:若板间电压不变,电场力做功利用表示;若板间电场强度不变,
24、电场力做功利用表示.例.如图所示，A、B为平行放置的两块金属板，相距为d，且带有等量的异种电荷并保持不变，两板的中央各有小孔M和N.今有一带电质点，自A板上方相距为d的P点由静止自由下落，P、M、N在同一竖直线上，质点下落到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，空气阻力不计.则（）例题图A.把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍然到达N孔时返回B.把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落C.把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍然到达N孔时返回D.把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落【答案】B【解析】:因电容器所带电荷量保
25、持不变，在改变板间距离时，由、可得，可见板间电场与板间距离无关，即移动极板时板间电场不变，设板间场强为E，则在移动极板前对全过程由动能定理有:即.例9.如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有小孔M、N。今有一带电质点，自A板上方相距为d的P点由静止自由下落(P、M、N三点在同一竖直线上)，空气阻力不计，到达N点时速度恰好为零，然后按原路径返回。若保持两板间的电压不变，则：例9题图A.若把A板向上平移一小段距离，质点自P点下落仍能返回。B.若把B板向下平移一小段距离，质点自P点下落仍能返回。C.若把A板向上平移一小段距离，质点自P点下落后将穿过N孔继续下落
26、。D.若把B板向下平移一小段距离，质点自P点下落后将穿过N孔继续下落。【答案】AD【解析】：当开关S一直闭合时，A、B两板间的电压保持不变.设为UAB.移动极板前对粒子应用动能定理有.移动极板后设粒子到达B板时的动能这EK.根据动能定理有:若把A板向上平移一小段距离，,即粒子恰好到达N孔沿原路返回，A正确C错误;若把B板下移一小段距离，,所以小球将一直下落，B错误D正确。模型演练13.如图所示，a、b是沿水平方向放置的平行板电容器，两板的中央沿竖直方向各有一个小孔，电容器充电后与电源断开，a板带正电、b板带负电，电场仅局限在平行板之间。有一带负电的油滴从小孔正上方P点由静止开始自由落下，先后穿
27、过两孔的速度均为V1，现将a板或b板向上或向下平移一小段距离，相同的油滴仍从P点由静止开始自由落下，穿过b板小孔后的速度为V2，下列说法正确的是：练13图 A. 若向上移动a板，则V1<V2B. 若向上移动b板，则V1<V2C. 若向下移动a板，则V1V2【答案】C4.含电容的直流电路 (i)解决含容电路问题的基本思路首先确定电路稳定时的连接方式，必要时画出等效电路.分析电路结构时在电容器所在处电路可看做是断路，简化电路时可去掉它.在确定其电压、电荷量时再在相应位置补上.确定电容器两端电压电容器两端电压与其所在支路相并联部分的电路（或电阻）的电压相同由于电容器所在支路中
28、无电流，则与电容器直接串联的导体,无论其阻值的大小,都可作为一根无阻值的导线处理.(故改变与电容器串联的导体阻值时,对电路无影响)若电容器与其他元件不是简单的串并联关系时，如在图5中，要确定C两端的电压，有两种方法：第一种方法是先取一电势零点，确定a、b两点的电势，从而得到电容器两极间电压;第二种方法是结合电流方向利用导体两端电压来运算.例如利用R3、R4两端电压时，从a点经R3电势降低UR3，再经R4到b点时电势又升高UR4，因此a、b两点电势的差值等于|UR3-UR4|.图5 图6搞清楚电容器是充电还是放电过程，以确定充放电的暂态过程中电流的方向;再
29、结合Q=CU进行进行定性判定或电荷量的定量求解.(ii)几种基本问题电压与电荷量变化情况的定性判定可应用直流电路的动态分析方法解决.电荷量的定量计算电路中电容器所带电荷量的变化量等于通过与其串联的导体横截面的电荷量.计算电容器所带电荷量的变化量时,若始末状态电容器两板所带电荷电性不变,则电容器所带电荷量的变化量等于始末状态下所带电荷量的差值,否则等于始末状态下所带电荷量之和,如在图6中将电键S2由位置1板到位置2时.在导体并联时,相同时间内通过导体横截面的电荷量与其阻值成反比.若有电容器充放电时的电流时间图象,则图线与时间轴所围图形的面积等于该段时间内电容器所带电荷量的变化量. 电流方向与电势
30、高低的判定由于在电容器充放电时其所在支路中存在电流,从而与其串联的导体两端电压也不为零.但在判定电流方向及电势时,不能仅从电源的极性考虑,还需考虑电容器是处于充电状态还是处于放电状态.在电容器充电时,电流从电容器的负极板流出,流入电容器的正极板;放电时则相反.与带电粒子结合在直流含容电路中,常与带电粒子在极板间的平衡或运动相结合.无论是哪一种情况,都涉及到粒子的受力,进而与极板间电场强度、极板间电压相联系,从而与电路中的电压相结合.在这类题目中，通常需要利用粒子的平衡条件或牛顿运动定律来确板间场强的大小及方向，利用确定板间电压，再通过电路结构与直流电路联系起来.例10.平行板电容器C与三个可变
31、电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路。闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是R1CSR2R3例10题图abA.只增大R1，其他不变 B只增大R2，其他不变C只减小R3 ，其他不变 D只减小a、b两极板间的距离，其他不变【答案】BD例12.如图所示的电路，电源电动势=8V，电阻与一个电流传感器相连，传感器可以将电路中的电流随时间变化的曲线显示在计算机屏幕上，先将接1给电容器充电，再将接2，结果在计算机屏幕上得到如图所示的曲线，将该曲线描绘在坐标纸上(坐标纸上的小方格图中未画出)，电流坐标轴每小格表示0.1，时间坐
32、标轴每小格表示，曲线与所围成的面积约为80个小方格。则下列说法正确的是例12题图A该图象表示电容器的充电过程B电源给电容器充电完毕时，电容器所带的电荷量约为C电容器的电容约为D点的坐标乘积表示此时电容器已放掉的电荷量【答案】BC例13.一电路如图所示，电源电动势，内阻，电阻，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长，两极板的间距。R4R3R1R2v0LErCS例13题图（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度
33、沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取）【解析】：（1）S断开时，电阻R3两端电压为S闭合后，外阻为 端电压为电阻R3两端电压为则所求流过R4的总电量为模型演练14.如图所示电路中，电源电动势为、内阻为r，电阻为定值电阻，为滑动变阻器A B为电容器两个水平放置的极板。当滑动变阻器的滑动触头处于图示位置时A,B两板间的带电油滴静止不动。则下列说法中正确的是练14图A.把的触头向右缓慢移动时，油滴向下运动B.把的触头向右缓慢移动时，油滴向上运动C.缓慢增大极板A、B间的距离，油滴静止不动D 缓
34、慢减小极板A、B的正对面积，油滴向上运动【答案】B15.如图所示，为了使白炽灯泡L在电路稳定后变得更亮，可以采取的方法有的练15图A. 只减小电容器C两板间的距离 B. 只增大电容器C两板间的距离C. 只增大电阻R1的阻值D. 只增大电阻R2的阻值【答案】D【解析】:由于电路稳定后电容器所在支路相当于断路,电容的大小对其他用电器无影响,故改变电容器电容时白炽灯的亮度不受影响,AB皆错误.除去电容器,R2与L并联后再与R1串联,由"串反并同"可知,要增大L消耗的功率,可减小R1的阻值或增大R2的阻值,C错误D正确.16.如
35、图所示，R3处是光敏电阻，a、b两点间接一电容，当开关S闭合后，在没有光照射时，电容上下极板上电量为零，当用光线照射电阻R3时练16图AR3的电阻变小，电容上极板带正电，电流表示数变大BR3的电阻变小，电容上极板带负电，电流表示数变大CR3的电阻变大，电容上极板带正电，电流表示数变小DR3的电阻变大，电容上极板带负电，电流表示数变小【答案】B5.交流电路中的电容器(i)在交流电路中,從对电流的阻碍作用角度来看,电容器相当于一个导体,其容抗相当于导体的阻值,只是其容抗随交变电流的频率发生变化:频率越高,容抗越小.(ii)交流电路中,通过电容器的电流与交变电流的电压、电容器的容抗之间仍遵从部分电路
36、的欧姆定律.(iii)电容对交变电流的阻碍与电阻对电流的阻碍本质不同,能量转化的情况也不同:电阻是将电能向焦耳热的单向转化;电容器是将电能与电场能的相互转化,在不考虑辐射时电能与电场能总量守恒.例14.在图示的电路中，由于电源变化，灯l变暗、灯2变亮、灯3亮度不变，则可能的情况是A保持电压不变，使频率增大 B保持频率不变，使电压增大C保持频率不变，使电压减小 D保持电压不变，使频率减小【答案】A【解析】： 由于灯3所在支路是纯电阻电路，其亮度不变表明电源电压不变，BC错误。由于电源的频率越高时电容的容抗越小、线圈的感抗越大，故保持电源电压不变使频率增大时灯2支路中电流增
37、大，灯1支路中电流减小，灯l变暗、灯2变亮，频率减小时则相反，A正确D错误。三模型演练17.某同学在研究电容、电感对恒定电流与交变电流的影响时，采用了如图所示的电路，其中、是两个完全相同的灯泡。当双刀双掷开关置于3、4时，电路与交流电源接通，稳定后的两个灯泡发光亮度相同。则该同学在如下操作中能观察到的实验现象是练17图A当开关置于1、2时，稳定后亮、不亮B当开关置于3、4时，频率增加且稳定后，变亮、变暗C当开关从置于1、2的稳定状态下突然断开，将会立即熄灭D当开关从置于1、2的稳定状态下突然断开，不会立即熄灭【答案】AD18.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R120 ，R230 ，C为电容器。已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则A.交流电的频率为0.02 HzB.原线圈输入电压的最大值为200 VC.电阻R2的电功率约为6.67 WD.通过R3的电流始终为零【答案】C
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