高中化学 第三章 第三节 盐类的水解（第4课时）习题课 新人教版选修4

1、【步步高 学案导学设计】2014-2015学年高中化学 第三章 第三节 盐类的水解（第4课时）习题课 新人教版选修41下列说法正确的是()A盐溶液都是中性的B盐溶液的酸碱性与盐的类型无关C碳酸钠溶液显碱性，是因为溶液中c(OH)c(H)DNaHCO3溶液显酸性答案 C解析 盐溶液有的显酸性、有的显碱性，并不是所有的盐溶液都是中性，所以A错；盐溶液的酸碱性和盐的类型有密切关系，所以B错；溶液呈酸性或碱性，决定于溶液中c(OH)和c(H)的相对大小，碳酸钠溶液显碱性，则说明溶液中c(OH)c(H)，所以C对；NaHCO3虽是酸式盐，但其水溶液显碱性，所以D错。2物质的量浓度相同的下列溶液中，NH浓

2、度最大的是()ANH4Cl BNH4HSO4 CCH3COONH4 DNH4HCO3答案 B解析 NH4Cl溶液中，NH自然水解，没受另外因素的影响；NH4HSO4溶液中，NH水解受到H的抑制；而在CH3COONH4和NH4HCO3溶液中，NH水解分别受到CH3COO和HCO水解的促进。故c(NH)最大的是NH4HSO4溶液。3把三氯化铁溶液蒸干灼烧，最后得到固体产物是()A无水三氯化铁 B氢氧化铁 C氧化亚铁 D三氧化二铁答案 D解析 在FeCl3溶液中存在的水解平衡：FeCl33H2OFe(OH)33HCl，在不断加热条件下，水解平衡右移，当水分减少时，HCl不断挥发，进一步导致水解平衡右

3、移，当蒸干时，可得到Fe(OH)3，再灼烧又使Fe(OH)3分解：2Fe(OH)3Fe2O33H2O，最后得Fe2O3。4把0.02 molL1 CH3COOH溶液和0.01 molL1 NaOH溶液以等体积混合，混合溶液中粒子浓度关系正确的是()Ac(CH3COO)c(Na)Bc(CH3COOH)c(CH3COO)C2c(H)c(CH3COO)c(CH3COOH)Dc(CH3COOH)c(CH3COO)0.02 molL1答案 A解析 溶液混合后，二者反应，但CH3COOH过量，故为CH3COONa和CH3COOH的混合体系。CH3COOH的电离和CH3COO的水解相互抑制，但以CH3COO

4、H电离为主，溶液显酸性，即c(H)c(OH)，由电荷守恒c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH)，则有c(CH3COO)c(Na)，所以A对；CH3COOH电离程度大于CH3COO水解程度，所以B错；对于C项：由于存在c(H)c(Na)c(OH)c(CH3COO)的电荷守恒和2c(Na)c(CH3COO)c(CH3COOH)的物料守恒，联立两式可得：2c(H)c(CH3COO)c(CH3COOH)2c(OH)，所以C错；D项看似是物料守恒，但溶液的体积是原来的2倍，则c(CH3COOH)c(CH3COO)0.01 molL1，所以D错。5某酸性溶液中只有Na、CH3COO、H、OH四种离

5、子。则下列描述正确的是()A该溶液由pH3的CH3COOH与pH11的NaOH溶液等体积混合而成B该溶液由等物质的量浓度、等体积的NaOH溶液和CH3COOH溶液混合而成C加入适量NaOH，溶液中离子浓度为c(CH3COO)c(Na)c(OH)c(H)D加入适量氨水，c(CH3COO)一定大于c(Na)、c(NH)之和答案 A解析 pH3的CH3COOH和pH11的NaOH混合，生成CH3COONa的同时，CH3COOH有大量剩余，因为CH3COOH为弱酸，其浓度大于103 molL1，因此A正确；B中恰好反应生成CH3COONa，由于CH3COO水解而使溶液呈碱性，B不正确；C中电荷不守恒，

6、两种阴离子的浓度不可能都大于两种阳离子的浓度，C不正确；D中加入氨水，若恰好反应呈中性，由于CH3COO与NH水解程度相同，因此c(CH3COO)c(NH)c(Na)，若氨水过量，则c(Na)c(NH)c(CH3COO)，因此D不正确。6下列哪组离子能在水溶液中大量共存()AK、CO、HS、S2、Al3、AlOBMnO、Na、SO、Fe3、NHCSO、Ag、SO、S2、AlO、KDFe2、Cl、H、NO答案 B解析 A中有能发生双水解反应到底的离子；C中有能形成沉淀的离子；D中的Fe2、H、NO可发生氧化还原反应。7下列各组离子能在溶液中大量共存的是()ANa、Mg2、AlO、Br BH、Fe

7、2、SO、NOCK、NH、CO、OH DCa2、Al3、NO、Cl答案 D解析 A项中AlO水解呈碱性，可使Mg2转化为Mg(OH)2；B项中NO、H构成了强氧化性条件，可将Fe2氧化；C项中NH与OH可生成弱电解质而不能大量共存。8下列水解化学方程式或水解离子方程式正确的是()ACH3COOH2OCH3COOHOHBNHH2ONH4OHHCCH3COOHNaOHCH3COONaH2ODNaClH2ONaOHHCl答案 A解析 B项中的NH4OH应为NH3H2O；C项不是水解；D项中的NaCl不水解。9下列各组溶液混合后，溶液显碱性的是()A10 mL 0.1 molL1 NH3H2O与10

8、mL 0.1 molL1 HClB10 mL 0.1 molL1 K2S与10 mL 0.1 molL1 K2SO4C10 mL 0.1 molL1 KOH与10 mL 0.1 molL1 KHCO3，再加入10 mL 0.1 molL1 BaCl2D10 mL 0.1 molL1 NaOH与5 mL 0.1 molL1 H2SO4答案 B解析 A项中生成的氯化铵水解显酸性；B项中K2S水解显碱性；C项恰好反应生成BaCO3沉淀，KCl水溶液呈中性；D项恰好完全反应，Na2SO4水溶液呈中性。10为了得到比较纯净的物质，下列使用的方法恰当的是()A向Na2CO3饱和溶液中，通入过量的CO2后，

9、加热蒸发得NaHCO3晶体B加热蒸发CuCl2饱和溶液得纯净的CuCl2晶体C向FeBr2溶液中加入过量的氯水，加热蒸发得FeCl3晶体D向FeCl3溶液里加入足量NaOH溶液，经过滤、洗涤沉淀，再充分灼烧沉淀得Fe2O3答案 D解析 A中NaHCO3加热时要分解；B、C中CuCl2与FeCl3在加热蒸发的情况下，水解趋于完成，最后生成CuO和Fe2O3；D正确。11下列四种肥料可以与草木灰(主要成分是K2CO3)混合施用的是()A硫酸铵 B氯化铵 C硝酸钾 D硝酸铵答案 C解析 铵态氮肥中NH水解反应为NHH2ONH3H2OH，水解显酸性，而草木灰中K2CO3水解显碱性，COH2OHCOOH

10、，二者水解相互促进，NH大部分生成NH3H2O，而后分解，造成氮肥损失。12在0.1 molL1的NaHCO3溶液中，下列关系正确的是()Ac(Na)c(HCO)c(H)c(OH)Bc(Na)c(HCO)c(OH)c(H)Cc(Na)c(H)c(HCO)c(OH)2c(CO)Dc(Na)c(H)c(HCO)c(OH)c(CO)答案 C解析 在NaHCO3溶液中存在平衡HCOHCO，HCOH2OH2CO3OH，H2OHOH，由于HCO的水解程度大于电离程度，故溶液中c(H)c(OH)，c(Na)c(HCO)；由电荷守恒知C项正确，D项不正确。13草酸是二元中强酸，草酸氢钠溶液显酸性。常温下，向1

11、0 mL 0.01 molL1 NaHC2O4溶液中滴加0.01 molL1 NaOH溶液，随着NaOH溶液体积的增加，溶液中离子浓度关系正确的是()AV(NaOH)0时，c(H)1102 molL1BV(NaOH)10 mL时，c(Na)c(C2O)c(HC2O)答案 D解析 0.01 molL1 NaHC2O4溶液中，HC2O不能完全电离，则c(H)应小于1102 molL1；当V(NaOH)10 mL时，溶液存在呈中性的可能，即c(H)c(OH)，并存在电荷守恒关系：c(H)c(Na)2c(C2O)c(HC2O)c(OH)；当V(NaOH)10 mL时，NaHC2O4与NaOH恰好完全反

12、应，生成Na2C2O4，发生水解而使溶液呈碱性，故c(H)10 mL时，NaHC2O4与NaOH反应生成Na2C2O4，NaOH剩余，极少量的C2O发生水解生成HC2O，故c(Na)c(C2O)c(HC2O)。14下列变化不属于水解反应的是()NH3H2ONHOHHCOH2OH2CO3OHHCOH2OH3OCOAl33HCO=Al(OH)33CO2AlOHCOH2O=Al(OH)3CONH2H2ONH3H2OH3OA B C D答案 A题号1234567答案题号891011121314答案15.等物质的量浓度的下列物质的溶液，其pH由大到小的顺序是_。(1)NaCl(2)CH3COONa(3)

13、NH4Cl(4)AlCl3(5)Ba(OH)2(6)Na2CO3(7)NaHCO3(8)NaHSO4(9)NaOH(10)H2SO4答案 (5)(9)(6)(7)(2)(1)(3)(4)(8)(10)解析首先将10种物质按碱、水解显碱性的盐、不水解的盐、水解显酸性的盐、酸分成五类，然后再根据越弱越水解即可分出各阶段的pH大小。16把NH4Cl晶体溶入水中，得到饱和NH4Cl溶液。若在该溶液中加入镁条，观察到有气泡产生，点燃有爆鸣声，此气体是_，产生该气体的原因是_(用离子方程式表示)，微热后，能放出有刺激性气味的气体，它能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，该气体是_，产生该气体的原因是_，总的反应离子

14、方程式为_。答案 H2NHH2ONH3H2OH、Mg2H=Mg2H2NH3因为H减少，使水解平衡右移，产生的NH3H2O增多，加热使NH3H2O分解放出NH3Mg2NHMg2H22NH317常温下，将某一元酸HA和NaOH溶液等体积混合，两种溶液的浓度和混合后所得溶液的pH如下表：实验编号HA物质的量浓度(molL1)NaOH物质的量浓度(molL1)混合溶液的pH甲0.20.2a乙c10.27丙0.20.17丁0.10.19请回答：(1)不考虑其他组的实验结果，单从甲组情况分析，如何用a(混合溶液的pH)来说明HA是强酸还是弱酸_。(2)不考虑其他组的实验结果，单从乙组情况分析，c1是否一定

15、等于0.2 molL1_(选填“是”或“否”)。混合溶液中离子浓度c(A)与c(Na)的大小关系是_。A前者大 B后者大 C二者相等 D无法判断(3)从丙组实验结果分析，HA是_酸(选填“强”或“弱”)。该混合溶液中离子浓度由大到小的顺序是_。(4)丁组实验所得混合溶液中由水电离出的c(OH)_molL1。写出该混合溶液中下列算式的精确结果(不用做近似计算)。c(Na)c(A)_molL1c(OH)c(HA)_molL1答案 (1)若a7，HA为强酸；若a7，则为弱酸(2)否C(3)弱c(Na)c(A)c(OH)c(H)(4)105105109109解析(1)由于a的值不确定，则无法确定HA的

16、强弱，当a7时说明二者生成的NaA为强酸强碱盐，不水解，HA为强酸；若a7，NaA水解，则HA为弱酸。(2)HA的强弱不确定，c1就不确定，但pH7，根据电荷守恒，c(Na)c(H)c(A)c(OH)，推出c(Na)c(A)。(3)丙组反应后为等浓度的HA与NaA混合溶液，pH7，说明HA的电离与NaA的水解相等，溶液呈中性，则HA为弱酸。(4)由电荷守恒和物料守恒可推导出来。电荷守恒：c(Na)c(A)c(OH)c(H)物料守恒：c(HA)c(A)c(Na)c(OH)c(A)c(H)，因此c(OH)c(HA)c(H)。18(1)等物质的量浓度、等体积的NaI与NaF溶液中，前者溶液中离子数目

17、_(填“大于”、“小于”或“等于”)后者溶液中离子数目；等物质的量浓度、等体积的K2CO3与K2SO4溶液中，前者溶液中离子数目_(填“大于”、“小于”或“等于”)后者溶液中离子数目。(2)已知：6C6H5OHFe3Fe(C6H5O)636H；CH3COOHSO=CH3COOHSO；CO2HSO=CO2H2O2SO。现有下列电解质溶液：Na2SO3、NaOH、CH3COONa、C6H5ONa、Na2CO3、NaHCO3。向六种溶液中分别逐渐加入氯化铁溶液时，溶液中先产生红褐色沉淀，后沉淀完全消失的是_；将物质的量浓度均为0.5 molL1的上述六种溶液稀释相同的倍数，其pH变化最大的是_；露置

18、于空气中相当一段时间后(不考虑水分的蒸发)，溶液的pH近似为7，这种电解质为_；当六种溶液的pH相同时，其物质的量浓度由大到小的顺序是_。答案 (1)大于小于(2)C6H5ONaNaOHNa2SO3CH3COONa、Na2SO3、NaHCO3、C6H5ONa、Na2CO3、NaOH解析(1)根据电荷守恒：NaI：c(H)1c(Na)c(I)c(OH)1X1，NaF：c(H)2c(Na)c(F)c(OH)2X2，由于F水解，使得c(H)2X2。用同样的方法分析K2CO3与K2SO4溶液中离子的数目。(2)在C6H5ONa溶液中滴入氯化铁溶液会发生双水解，生成Fe(OH)3与苯酚，6C6H5OHFe3Fe(C6H5O)636H，Fe(OH)33H=3H2OFe3，最后生成的红褐色沉淀会溶解。由于NaOH溶液在稀释时，OH总数基本保持不变，而其他几种在稀释的过程中，都会促进水解，使得OH的总数增加，所以NaOH溶液的pH变化最大。因为Na2SO3容易被空气氧化成Na2SO4，Na2SO4溶液呈中性。题目信息告诉我们：几种分子与离子电离能力强弱为H2SO3CH3COOHHSOH2CO3C6H5OHHCO，电离能力越弱的，相应离子的水解能力就越强。在pH相同时，水解能力越强的，其离子浓度越小。