1、2019届山东省济南第一中学高三10月月考物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题）一、单选题1在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下，“河北锦绣”、“银河”等
2、 13 艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域，此次护航总航程 4500 海里若所 有船只运动速度相同，则下列说法中正确的是（ ）A “4500 海里”指的是护航舰艇的位移B 研究舰队平均速度时可将“千岛湖”舰看作质点C 以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是运动的D 根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度2下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中,正确的是（ ）A 用质点来代替实际物体的研究方法叫微元法B 利用 v-t 图象推导匀变速直线运动位移公式的方法是理想模型法C 伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律D 探究力和加速度的关系时用到了等效替代的方法3奥迪车有多种车型，
3、如30TFS1、5OTFS1、6OTFS（每个车型字母前的数字称为G值)G值用来表现车型的整体加速度感，数字越大，加速越快。G值的大小为车辆从静止开始加速到100km/h的平均加速度数值(其单位为国际基本单位)再乘以10。如图为某型号的奥迪尾标，其值为60TFSI，则该型号车从静止开始加速到100km/h的时间约为（ ）A 4.6s B 6.2s C 8.7s D 9.5s4如图所示,一辆汽车自某地 A 点启动,先做匀加速直线运动,运动到 B 点时接着做 匀速直线运动到 C 点,整个过程汽车运动的总时间为 t,总路程为 s,B 是 AC 的中点, 则这辆汽车匀速运动的速度大小为（ ）A B C
4、 D 5“阶下儿童仰面时,清明妆点正堪宜。游丝一断浑无力,莫向东风怨别离。”这是红楼梦中咏风筝的诗,风筝在风力 F、线的拉力 FT 以及重力 G 的作用下,能 够高高地飞在蓝天上。关于风筝在空中的受力可能正确的是( )A B C D 6如图所示,一个半球形的碗放在桌面上,碗口水平,O 点为其球心,碗的内表面及碗口是光滑的。一根细线跨在碗口上,线的两端分别系有质量为 m1 和 m2 的小球。 当它们处于平衡状态时,质量为 m1 的小球与 O 点的连线与水平线的夹角为=90, 质量为 m2 的小球位于水平地面上,设此时质量为 m2 的小球对地面压力大小为 FN, 细线的拉力大小为 FT,则（ ）A
5、 B C D 7如图所示,作用在滑块 B 上的推力 F=100 N,若=30,装置重力和摩擦力均不计，则工件上受到的压力为（ ）A 100 N B 100N C 50N D 200N8如图所示,半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上,质量为 m 的光滑小球 P 在水平外力 F 的作用下处于静止状态,P 与圆心 O 的连线与水平面的夹角为,将 力 F 在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过 90,框架与小球始终保持静止状态,在此 过程中下列说法正确的是( )A 拉力 F 一直增大B 拉力 F 的最小值为 mgsinC 地面对框架的摩擦力先增大后减小D 框架对地面的压力始终在减小9一体操运动员倒立并静止在水
6、平地面上,下列图示姿势中,沿手臂的力 F 最大的是（ ）A B C D 10如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为 k 的轻弹簧以及质量不计的底 盘构成，当质量为 m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为 6mg(g 为 重力加速度)，已知两根弹簧与竖直方向的夹角为60，则此时每根弹簧的伸长量为（ ）A B C D 11质量为 m 的物体从高为 h 处自由下落,开始的用时为 t,则（ ）A 物体的落地时间为 B 物体的落地时间为3tC 物体的落地速度为 D 物体的落地速度为12如右图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着
7、病人的脚，整个装置在同一竖直平面内为了使脚所受的拉力增大，可采取的方法是()A 只增加绳的长度B 只增加重物的质量C 只将病人的脚向左移动D 只将两定滑轮的间距增大13如图所示，质量为 M 的斜面体 A 置于粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为 m 的小球 B 置于斜面上，整个系统处于静止状态已知斜面倾角30，轻绳与 斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，则（ ）A 斜面体对小球的作用力的大小为 mgB 轻绳对小球的作用力的大小为C 斜面体对水平面的压力的大小为(Mm)gD 斜面体与水平面间的摩擦力的大小14一个质量为1 kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力
8、大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10 m/s2下列说法中正确的是（ ）A 小球所受重力和阻力之比为51B 小球上升过程与下落过程所用时间之比为23C 小球落回到抛出点时的速度大小为8m/sD 小球下落过程中，受到向上的空气阻力，处于超重状态二、多选题15运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是（）A 从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是B 加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C 若加速度与
9、速度同方向，如图所示的a-t图象，表示的是物体的速度在减小D 若加速度与速度同方向，如图所示的a-t图象，已知物体在t=0时速度为5m/s，则2s末的速度大小为8m/s16a、b 两车在平直公路上沿同一方向行驶，两车运动的 vt 图象如图所示， 在 t0 时刻，b 车在 a 车前方 x0 处，在 0t1 时间内，a 车的位移为 x，则（ ）A 若 a、b 在 t1 时刻相遇，则 B 若a、b在时刻相遇，则下次相遇的时刻为C 若a、b在时刻相遇，则D 若a、b在时刻相遇，则下次相遇的时刻为17如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下改变与水平面间的倾角，用以卸下车厢中的货物
10、当倾角增大到时，质量为 M 的 木箱 A 与装在箱内的质量为 m 的物体 B 一起以共同的速度 v 沿车厢底匀速滑下， 则下列说法正确的是（ ）A A、B 间没有静摩擦力B A 受到 B 的静摩擦力方向沿车厢底向下C A 受到车厢底面的滑动摩擦力大小为 MgsinD A 与车厢底面间的动摩擦因数tan18静止在水平面上的物体，受到水平拉力 F 的作用，在 F 从 20 N 开始逐渐增 大到 40 N 的过程中，加速度 a 随拉力 F 变化的图象如图所示，由此可以计算出 (g10 m/s2)（ ）A 物体的质量B 物体与水平面间的动摩擦因数C 物体与水平面间的滑动摩擦力大小D 加速度为 2 m/
11、s2 时物体的速度第II卷（非选择题）三、实验题19“探究合力与分力的关系”的实验如图甲所示，其中 A 为固定橡皮条的图钉，P 为橡皮条与细绳的结点，用两把互成角度的弹簧秤把结点 P 拉到 位置 O。(1)从图甲可读得弹簧秤 B 的示数为_N。(2)为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的_(填“图示”或“示意图”)来表示分力与合力。(3)图乙中方向一定沿 AO 方向的力是_(填“F”或“F”)。20物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数实 验装置如图甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮； 木板上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过
12、跨过 定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为 50 Hz开始实 验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列 点。图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在 纸带上标出连续的 5 个计数点 A、B、C、D、E，每相邻两计数点间还有 4 个打 点（图中未标出），测出各计数点到 A 点之间的距离如图所示请完成下列小题：（1）根据图中数据计算：（保留两位有效数字）打 C 点时滑块的速度的大小为_m/s；滑块的加速度 a=_m/s2；（2）为了测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的是_A木板的长度 L B木板的质量 m1C滑块的质量m2D托
13、盘和砝码的总质量 m3E.滑块运动的时间 t（3）不计打点计时器与纸带间及细绳与滑轮间的阻力，则滑块与木板间的动摩擦因数m_用被测物理量的字母表示，重力加速度为 g）四、解答题21质量为 M 的斜面倾角为,在水平面上保持静止,当将一质量为 m 的木块 放在斜面上时正好匀速下滑,若用与斜面也成角的力 F 拉木块沿斜面向上匀速 上升,如图。求:(1)求木块与斜面的动摩擦因数。(2)求拉力 F 的大小。(3)求木块向下和向上运动时,水平面对斜面的摩擦力大小相差多少。22如图所示，斜面体 ABC 放在粗糙的水平地面上。滑块在斜面底端以初速度 v09.6 m/s 沿斜面上滑。斜面倾角37，滑块与斜面间的
14、动摩擦因数0.45。整个过程斜面体保持静止不动，已知滑块的质量 m1 kg，sin 370.6，cos 370.8，g 取 10 m/s2。试求：(1)滑块回到出发点时的速度大小。 (2)定量画出斜面与水平地面之间的摩擦力 Ff 随时间 t 变化的图象。2019届山东省济南第一中学高三10月月考物理试题物理答案1B【解析】A. “4500海里”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此为路程不是位移，故A错误；B. 用GPS定位系统研究“千岛湖”舰位置时，“千岛湖”的大小和形状可以忽略，可将“千岛湖”舰看作质点，故B正确；C. 若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是
15、静止，故C错误；D. 本题只给出路程，没有给出位移，无法求出护舰编队此次航行过程中的平均速度，故D错误。故选：B.2C【解析】用质点来代替实际物体的研究方法叫理想模型法，选项A错误；利用 v-t 图象推导匀变速直线运动位移公式的方法是微元法，选项B错误；伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，选项C正确；探究力和加速度的关系时用到了控制变量的方法，选项D错误；故选C.3A【解析】每个车型字母前的数字称为G值，G值的大小为车辆从静止开始加速到100km/h的平均加速度数值（其单位为国际基本单位）再乘以10，某一型号的奥迪尾标，其值为50TFSI；所以汽车的加速度为5，该型号车从静止开
16、始加速到100km/h(的时间约为：故A正确。点睛：信息给予类问题，一定要将题中所给信息读懂并与所学物理知识结合使用，这类问题在读题时可多读几遍，力争准确理解题中信息对应的知识。4A【解析】设汽车从A运动到B所用时间为t1，从B运动到C所用时间为t2，汽车匀速运动的速度大小为v，时间关系有：，联立可得：，解得：，故A正确，BCD错误。5A【解析】风筝受竖直向下的重力，风力应该跟风筝面垂直，然后风筝飞在空中认为是平衡状态，所以绳子的拉力方向应该在重力和风力合力的反方向上，所以正确选项为A。6B【解析】对小球m1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m1有拉力作用，则小球m1受力不能平衡，故拉力
17、FT为零，所以此时细线对m2的拉力大小为0，对m2受力分析，m2处于静止状态，则地面对m2的支持力等于m2g，根据牛顿第三定律可知，FN=m2g，故B正确，ACD错误。故选B.7B【解析】装置的重力和摩擦力均不计，对B进行受力分析如图，则：水平方向：F=F1sin对A进行受力分析如图：竖直方向：F1cos=F2所以： 根据牛顿第三定律，工件受到的向上的弹力与工件对装置的作用大小相等，方向相反，即： ；故选B8D【解析】对球受力分析，如图所示：从图看出，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90，拉力先减小后增加，当拉力与支持力垂直时最小，为mgcos，故AB错误；再分析球和框整体，受重力、拉力、
18、支持力和摩擦力，如果将上图中的拉力F沿着水平和竖直方向正交分解，再将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90过程中，其水平分力减小、而竖直分力增加，根据平衡条件可知，支持力减小、摩擦力也减小，根据牛顿第三定律，对地面的压力减小，故C错误，D正确；故选D.【点睛】本题考查平衡问题，关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析，注意三力平衡时，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形.9C【解析】将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而C图中人最费力，AD图中人最省力；故选C【点睛】人受到三个力，重力和两个拉力
19、将重力按照力的效果分解，运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”的结论判断10D【解析】对物体m，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N-mg=ma；其中：N=6mg；解得：a=5g；再对质量不计的底盘和物体m整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：2Fcos60-mg=ma；解得：F=6mg；根据胡克定律，有：，故选D。11A【解析】根据h=gt2得，；联立得：t1=t故A正确，B错误；物体落地时的速度：v=gt1=gt故CD错误；故选A.点睛：解决自由落体的题目时，应注意自由落体的公式应从静止开始应用，不要
20、将自由落体中的一部分作为自由落体处理，如本题中直接代公式求离地高度.12BC【解析】对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力解得，只增加绳的长度，不会改变角度，故不会改变力F，A错误；减小角或者增大m可以增大F，B正确；脚向左移动，会减小角，会增加拉力；D正确；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角，故拉力F会减小；C错误；考点：考查力的合成与分解；难度中等，解决本题首先要进行受力分析，找到影响拉力的因素，列出表达式，根据几何关系进行分析13AD【解析】以B球为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件得2Tcos=mg； Tsin=N1sin， 解得，轻绳对小
21、球的作用力大小为，斜面对小球的作用力大小为故A正确，B错误以B球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则有N2+Tcos=（M+m）g； f=Tsin，解得水平面对斜面体的支持力N2=Mg+mg，水平面对斜面体的摩擦力故C错误，D正确故选AD。考点：物体的平衡14AC【解析】小球向上做匀减速运动的加速度大小a112m/s2，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1-mg=2m=2N，则重力和阻力大小之比为5：1故A正确；小球匀减速上升的位移x=224m24m，根据v2=2a2x得，；故B正确；小球下降的加速度大小，根据x=at2得，知上升的时间和下落的时间之比为：3故
22、C错误； 下落的过程中，加速度向下，处于失重状态故D错误故选AB.考点：牛顿第二定律的综合应用.【名师点睛】本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道v-t图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移；此题难度不大，意在考查了学生对基础知识的掌握程度.15AD【解析】加速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，即为，a的单位是m/s2，则的单位为m/s3，故A正确；加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0，则物体做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故B错误；若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，
23、则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；根据v-t图象可知，图象与时间轴所围图形面积表示物体的位移，同理在a-t图象中可知图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量即v，则得：v=23m/s=3m/s。由于加速度与速度同向，故物体做变加速直线运动，已知初速度为5m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确。故选AD。【点睛】本题要加速度的物理意义，掌握其定义方法和单位，知道在a-t图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量，能理解加速运动与减速运动由加速度与速度方向决定而不是由加速度的大小变化决定16AC【解析】由图可知，a车的初速度等于2v，在时间内，a车的位移为
24、，则b车的位移为若a、b在时刻相遇，则，A正确；若a、b在时刻相遇，即如图所示由上图可知为阴影部分对应的距离，即，由图象中的对称关系，下次相遇的时刻为，B错误，C正确；若a、b在时刻相遇，之后，不能再次相遇，D错误，选AC【点睛】本题考查了追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件在 v-t图象中，面积表示位移，斜率表示加速度17BD【解析】对B：沿斜面方向有mgsin=f，f方向沿斜面向上，A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下，所以A错误，B正确；A受到车厢底面的滑动摩擦力大小为（M+m）gsin，C错误；根据（M+m）gsin
25、=（M+m）sin，所以=tan，D正确；故选BD.【点睛】对连接体问题经常用到整体法和隔离法，结合平衡条件分析摩擦力的大小和方向.18ABC【解析】当F20N时，根据牛顿第二定律：F-f=ma，得；则由数学知识知图象的斜率 k=；由图得，可得物体的质量为5kg。将F=20N时a=1m/s2，代入F-f=ma得：物体受到的摩擦力 f=15N；由f=FN=mg可得物体的动摩擦因数，故ABC正确。因为图象只给出作用力与加速度的对应关系，且物体做加速度逐渐增大的加速运动，因没有时间，故无法算得物体的加速度为2m/s2时物体的速度，故D错误。故选ABC。19（1）3.8 （2）图示 （3）F【解析】（
26、1）弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N此时指针指在“3.8”处，所以弹簧测力计的示数为3.8N（2）力的示意图只表示力的方向和作用点，而力的图示可以比较准确的表示出力的大小、方向、作用点，故为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的图示（3）F是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，其方向一定沿AO方向，F是通过作图的方法得到合力的理论值，由于误差的存在F与AO方向即实际值F方向要有一定夹角20（1）0.54m/s；1.0m/s2 （2）CD （3）【解析】（1）根据匀变速直线运动规律知道C点的瞬时速度等于B点到D点的平
27、均速度，有：vC=0.54m/s每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔：T=0.1s，根据逐差法有：（2）要测量动摩擦因数，由f=FN 可知要求，需要知道摩擦力和压力的大小，压力就是滑块的重力，所以需要知道滑块的质量，摩擦力要根据铁块的运动来求得，滑块做的是匀加速运动，拉滑块运动的是托盘和砝码，所以也要知道托盘和砝码的质量，故ABE错误，CD正确故选CD（3）以整个系统为研究对象，根据牛顿第二定律有：m3g-f=（m2+m3）a ，f=m2g 联立解得：【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题.2
28、1（1）tan（2）mgsin2（3）mgsin2cos2【解析】（1）物体在斜面上匀速向下运动，有：mgsin=mgcos，即：=tan。（2）匀速上滑时，平行斜面方向：Fcos=mgsin+Ff，垂直斜面方向：Fsin+FN=mgcos，其中：Ff=FN，联立解得：F=mgsin2。（3）滑块匀速下滑时，对整体分析，受重力和支持力，不是摩擦力，否则不平衡，故：Ff1=0，滑块上滑时，受重力、支持力、拉力和摩擦力，在水平方向，有：Ff2=Fcos2，故Ff=mgsin2cos2。【点睛】木块放在斜面上时正好匀速下滑隐含摩擦系数的数值恰好等于斜面倾角的正切值，当有外力作用在物体上时，列平行于斜
29、面方向的平衡方程，找到外力F的表达式，求解第三问时，灵活选用整体的思想较好.22（1）4.8 （2）参照解析【解析】（1）滑块沿斜面上滑过程，由牛顿第二定律：，解得设滑块上滑位移大小为L，则由，解得滑块沿斜面瞎晃过程，由牛顿第二定律：，解得根据，解得（2）滑块沿斜面上滑过程用时对斜面与滑块构成的系统受力分析可得滑块沿斜面下滑过程用时对斜面与滑块构成的系统受力分析可得随时间变化如图如图所示考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的综合应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力。
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