浙江省宁波市北仑区2018_2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）

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1、北仑中学2018年度第二学期高二年级期中考试物理试卷一、选择题1.下列物理模型或概念的建立,其思想方法与建立“自由落体运动”模型相似的是 ()A. 瞬时速度B. 点电荷C. 电场强度D. 电阻【答案】B【解析】【详解】“自由落体运动”模型是理想模型，而“点电荷”模型也是理想物理模型，故选B.2.人类在探索自然规律过程中总结了许多科学方法,如控制变量法、比值定义法、极限法、理想模型法等.在下列研究中,可以用极限法的是()A. 利用质点来替代实际物体B. 研究瞬时速度C. 研究胡克定律D. 探究加速度与力、质量的关系【答案】B【解析】A、质点是用来代替物体的有质量的点，实际不存在，是理想化的物理模

2、型，采用的是理想化物理模型法故A错误B、根据平均速度的定义式，当t0时平均速度代替t时刻的瞬时速度，采用极限法故B正确C、研究胡克定律采用的是控制变量法故C错误C、匀变速直线运动的位移与时间的关系时将该运动分割成无数段匀速直线运动，采取极限的思想故C正确D、探究加速度与力、质量的关系采用控制变量法，故D错误。故选B【点睛】物理学上常用的研究方法有：控制变量法、等效替代法、比值定义法、极限法(是指用极限概念分析问题和解决问题的一种数学方法)、理想化物理模型法等，要理解掌握3.如图所示为一质点做直线运动的速度时间图像,下列说法错误的()A. 整个过程中,CE段的加速度最大B. 在18 s末,质点的

3、运动方向发生了变化C. 整个过程中,D点所表示的状态离出发点最远D. BC段所表示的运动通过的位移是34 m【答案】B【解析】解：A、整个过程中，CE段倾角最大，斜率最大，故其加速度数值最大，故A正确；B、速度的正负表示质点的运动方向，则知，在18s末，质点的运动方向没有变化，故B错误C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点所表示的状态离出发点最远，故C正确；D、BC段所表示的运动通过的位移等于BC段与时间轴围成的梯形面积大小，为 x=（5+12）4m=34m故D正确故选：ACD【点评】本题是速度时间图象的应用，要明确

4、斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，从而来分析物体的运动情况4.暑假,小王跟随科技夏令营前往意大利进行游学活动期间,前往了意大利比萨城北面的奇迹广场参观了高55 m的比萨斜塔.他在登至塔顶时不慎将所围围巾掉落至奇迹广场,则围巾的下落时间可能为()A. 1.6 sB. 2.3 sC. 3.3 sD. 8.5 s【答案】D【解析】【详解】若物体自由下落，根据自由落体运动的公式有：hgt2解得，考虑到围巾下落时受到空气阻力，则下落的加速度小于g，则下落的时间大于3.1s，故选D.5.关于在近地轨道上绕地球运动的“天宫二号”,下列说法正确的是()A. “天宫二号”绕地球做圆周

5、运动不需要力B. “天宫二号”绕地球飞行的速度大于7.9 km/sC. “天宫二号”绕地球飞行的周期大于24 hD. “天宫二号”的轨道高度比地球同步卫星的低【答案】D【解析】【详解】“天宫二号”绕地球做圆周运动需要地球的引力提供向心力，选项A错误；第一宇宙速度是最大的环绕速度，则“天宫二号”绕地球飞行的速度小于7.9 km/s，选项B错误；根据可知，“天宫二号”绕地球飞行的周期小于同步卫星的周期，即小于24 h，选项C错误；根据可知，“天宫二号”的轨道高度比地球同步卫星的低，选项D正确.6.如图所示,A、B两小球分别从距地面高度为h、2h处以速度vA、vB水平抛出,均落在水平面上CD间的中点

6、P,它们在空中运动的时间分别为tA、.不计空气阻力,下列结论正确的是()A. tAtB=1:B. tAtB=12C. vAvB=1:D. vAvB=12【答案】A【解析】竖直方向做自由落体运动，根据，得，故，A正确，B错误；水平方向做匀速运动，根据知，水平位移x相等，则，故CD错误；选A.【点睛】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度比较运动的时间，结合水平位移和时间比较初速度。7.气象研究小组用如图所示的简易装置测定水平风速.在水平地面上竖直固定一直杆,半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O,当水平风吹来时,球在风力的作用下飘起来.已知风力

7、大小正比于风速和球正对风的截面积,当风速v0=3 m/s时,测得球平衡时细线与竖直方向的夹角=30.下列说法正确的是()A. 当=60时,风速v=6 m/sB. 当风速增大到某一值时,可能等于90C. 若风速不变,换用半径变大、质量不变的球,则不变D. 若风速不变,换用半径相等、质量变大的球,则减小【答案】D【解析】【详解】设球正对风的截面积为S，由于已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，所以风力大小为F=kSv，当速度为3m/s时，由平衡条件得，mgtan30=Sv0k，当角度为60时，同理可得mgtan60=Svk，由此可解的v=9m/s，故A错误。风速增大，不可能变为90，因为绳子拉

8、力在竖直方向上的分力与重力平衡。故B错误。若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则风力变大，根据F=mgtan，知变大。故C错误。若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，知风力不变，根据F=mgtan，知重力减小，风力不变，则减小。故D正确。8.粗细均匀的导体棒ab悬挂在两根相同的轻质弹簧下,ab恰好在水平位置,如图示.已知ab的质量m=2 g,ab的长度l=20 cm,沿水平方向与ab垂直的匀强磁场的磁感应强度B=0.1 T,电池的电动势为12 V,电路总电阻为12 .当开关闭合时()A. 导体棒ab所受的安培力方向竖直向上B. 能使两根弹簧恰好处于自然状态C. 导体棒ab所受的安培力大小

9、为0.02 ND. 若系统重新平衡后,两弹簧的伸长量均与闭合开关前相比改变了0.5 cm,则弹簧的劲度系数为5 N/m【答案】C【解析】【详解】由左手定则可知，导体棒ab所受的安培力方向竖直向下，则不能使两根弹簧恰好处于自然状态，选项AB错误；回路的电流，则棒所受的安培力，选项C正确；由题意可知，解得，选项D错误.9.P1和P2是材料相同、上下表面为正方形的长方体导体,P1的上、下表面积大于P2的上、下表面积,将P1和P2按如图所示接到电源上,闭合开关后,下列说法正确的是()A. 若P1和P2的体积相同,则通过P1的电流大于通过P2的电流B. 若P1和P2的体积相同,则P1的电功率等于P2的电

10、功率C. 若P1和P2的厚度相同,则流过P1的电流等于流过P2的电流D. 若P1和P2厚度相同,则流过P1的电流大于流过P2的电流【答案】C【解析】由于两电阻并联在电路中，因此两电阻中电压相等，设电阻的表面边长为a，厚度为d，根据，则可知电阻与厚度d有关，与体积无关，由V=sd可知，如果两导体的体积相同，则P1的厚度小于P2厚度；因此P1的电阻大于P2的电阻；则由可知，P1的电功率小于P2的电功率，故B错误；电流为，两电阻中电压相等，P1的电阻大于P2的电阻，所以通过P1的电流小于通过P2的电流，故A错误；由B的分析可知，若厚度相同，则两电阻阻值相同，由可知流过P1的电流等于流过P2的电流，故

11、C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。10.如图所示是一个用来研究静电除尘的实验装置,铝板与手摇起电机的正极相连,缝被针与手摇起电机的负极相连,在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香.转动手摇起电机,蚊香放出的烟雾会被铝板吸附.下列说法中正确的是()A. 烟尘颗粒可以带正电而被吸附到铝板上B. 某个烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近,则速度越大C. 某个烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近,则速度越小D. 某个电荷量不变的烟尘颗粒离铝板越近,则加速度越大【答案】B【解析】负离子在电场力的作用下，向正极移动时，碰到烟尘微粒使它带负电因此，带电尘粒在电场力的作用下，向铝板运动，被吸附到铝板上，故A错误；烟尘

12、向铝板运动时，在电场力作用下做加速运动，所以离铝板越近速度越大，故B正确，C错误；根据针尖端的电场线密集，同一微粒离铝板越近则加速度越小，故D错误故选B.11.如图所示为一有界匀强电场,场强沿水平方向(虚线为电场线),一带负电的微粒以某一角度从电场中a点斜向上射入,沿直线运动到b点,则下列说法正确的是()A. 电场中a点的电势低于b点的电势B. 微粒在a点时的动能与电势能之和与在b点时的动能与电势能之和相等C. 微粒在a点时的动能小于在b点时的动能,在a点时的电势能大于在b点时的电势能D. 微粒在a点时的动能大于在b点时的动能,在a点时的电势能小于在b点时的电势能【答案】D【解析】【分析】粒子

13、沿直线运动到b点，粒子的合力与速度在同一直线上，重力竖直向下，则受到的电场力水平向左，电场方向水平向右顺着电场线，电势降低则可判断ab电势的高低粒子的重力势能、动能、电势能总量不变，根据重力势能增加，判断动能与电势能之和的大小根据电场力做功正负，判断电势能与动能的大小。【详解】A粒子沿直线运动到b点，粒子的合力与速度在同一直线上，重力竖直向下，则受到的电场力水平向左，电场方向水平向右。则a点的电势高于b点的电势。故A错误；B根据能量守恒，粒子的重力势能、动能、电势能总量不变，重力势能增大，则动能与电势能之和减小。故B错误；CD粒子从a到b，电场力做负功，动能减小，电势能增大。C错误，D正确。故

14、选：D。【点睛】本题运用到物体做直线运动的条件，分析物体的受力情况，属于轨迹类型。12.一电动自行车动力电源上的铭牌标有“36 V10 Ah”字样.假设工作时电源(不计内阻)的输出电压恒为36 V,额定输出功率为180 W.由于电动机发热造成能量损耗(其他损耗不计),电动自行车的效率为80%,则下列说法正确的是 ()A. 额定工作电流为10 AB. 电动自行车保持额定功率行驶的最长时间是2 hC. 电动自行车的电动机内阻为7.2 D. 动力电源充满电后总电荷量为3.6103 C【答案】B【解析】【详解】由P=UI可知，额定电流，故A错误；根据电池容量Q=10Ah，电流为5A，则可得：，故B正确

15、。电动车的热功率P热=20%P=1800.2=36W，则由P热=I2r可得，r=1.44，故C错误； 电量q=10Ah=103600=3.6104C，故D错误。13.从地面以大小为v1初速度竖直向上抛出一个皮球,经过时间t皮球落回地面,落地时皮球的速度大小为v2.已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比,重力加速度大小为g.下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的.你可能不会求解t,但是你可以通过一定的物理分析,对下列表达式的合理性做出判断.根据你的判断,你认为t的合理表达式应为(重力加速度为g) ( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】时间的单位应该是s，

16、的单位为m，故A错误；如果不考虑空气的阻力，则v1=v2，故运动的总时间由于空气阻力作用，v2v1，故B答案是合理的，故B正确。假设空气的阻力为0，则v1=v2，则t上=t下，故运动的总时间，而，故C错误。若没有空气阻力，v1=v2，时间应为，故选项D中运动时间不合理，故D错误。14.在原子核中,下列说法正确的是 ()A. 质子数和中子数总是相等的B. 核子间核力可能是引力也可能是斥力C. 发生衰变是由核子间的弱相互作用引起的D. 结合能指将原子核中核子全部分开需要的能量【答案】BCD【解析】【详解】质子数与核外电子数总是相等，而与中子数没有关系，故A错误；核力只存在于相邻的核子之间，核力是短

17、程力，作用距离小于0.810-15m时，表现斥力，在0.810-15m与1.510-15m之间，表现为引力，故B正确；弱相互作用，是引起衰变的原因，故C正确；结合能指将原子核中的核子全部打开需要的能量，故D正确；15.如图所示,一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b,下列说法正确的是 ()A. a光的折射率大于b光的折射率,a光全反射的临界角小于b光全反射的临界角B. 光的衍射实验中,对于同一障碍物而言,a光的衍射现象更明显C. a光能发生偏振现象,b光不能发生偏振现象D. 若a、b 光分别照射同一光电管都能发生光电效应,则a光的遏止电压低【答案】BD【解析】【详解】根据折射率定义公式，

18、从空气斜射向玻璃时，入射角相同，光线a对应的折射角较大，故光线a的折射率较小，即nanb，根据可知，a光全反射的临界角大于b光全反射的临界角，选项A错误；a的折射率较小，可知a的频率较小，波长较大，则光的衍射实验中，对于同一障碍物而言a光的衍射现象更明显，选项B正确；只要是横波，均能发生偏振现象，若a光能发生偏振现象，b光一定能发生，故C错误；a光频率较小，根据E=h，则a光光子能量较小，则a光束照射逸出光电子的最大初动能较小，根据，则a光的遏止电压低，故D正确；16.两列振幅相同的简谐横波在同种介质中传播.实线波的频率为2 Hz,沿x轴负方向传播;虚线波沿x轴正方向传播.某时刻两列波在如图所

19、示区域相遇,则()A. 在相遇区域不会发生干涉现象B. 虚线波的传播速度大于实线波的传播速度C. 平衡位置为x=6 m处的质点此时速度为零D. 平衡位置为x=7 m处此时的质点的位移y 0【答案】AD【解析】【详解】两列波在同一种介质中传播，则传播的速度相等，由于两列波的波长不等，则周期和频率不同，可知在相遇区域不会发生干涉现象，选项A正确，B错误；根据波的传播方向，由图可得：两波在x=6m处都处于平衡位置，向下振动，故速度不为零，故C错误；平衡位置为x=7 m处的质点此时由实线波引起的位移为-A，由虚线波引起的位移小于+A，则此时该质点的位移y 0,忽略极板电场的边缘效应.已知金属平行板左端

20、连线与磁场圆相切,O在y轴上(0, -R)处.(不考虑粒子之间的相互作用力)(1)求带电粒子的比荷.(2)求带电粒子进入右侧电场时的纵坐标范围.(3)若电压UAK=U ,求到达K板的粒子数与进入平行板的总粒子数的比值.【答案】（1） （2） （3）【解析】（1）由已知条件知道偏转半径r=R解得：（2）因为r=R，所有粒子经磁场偏转后都平行于x轴，沿QN方向射入时，对应的圆心角为1350，离开磁场时a点的纵坐标为 沿PM方向入射的带电粒子离开磁场的出发点b的纵坐标为故进入电场时的坐标范围为 （3）得：从纵坐标y=0.5R进入偏转电场的粒子恰能打到K板右边缘，其进入磁场时的速度与y轴夹角为30，所以比例- 17 -