福建省长汀、连城一中等六校2019_2020学年高二物理上学期期中联考试题（含答案）

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1、福建省长汀、连城一中等六校2019-2020学年高二物理上学期期中联考试题（考试时间：90分钟 总分：100分）第卷（选择题48分）一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分）1下列说法，正确的是（ ）A电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越小，其导电性能越差B各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小C电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时非静电力所做的功2关于静电场，下列结论普遍成立的是（ ）A电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B在正电荷或负电荷产生的静电场中，电场强度方向都指向

2、电势降落最快的方向C电场中任意两点之间的电势差只与这两点的电场强度有关D将正点电荷从电场强度为零的一点移动到电场强度为零的另一点，静电力做功为零3将一定电量Q分为q和(Qq)，在距离一定时，其相互作用力最大，则q值应为（ ）AQ2 BQ3 CQ4 DQ54将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点，则下列判断中错误的是（ ） Aa点的电场强度比b点的大 Ba点的电势比b点的高 C检验电荷+q在a点的电势能比在b点的大 D将检验电荷+q从a点移到b点的过程中，电场力做负功5如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4

3、个等势面两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示已知M是带正电的带电粒子则下列说法中正确的是 （ ）a b c dvvMNPQAN一定也带正电 Ba的电势低于b的电势C带电粒子N的动能增大电势能减小 D带电粒子N的动能减小电势能增大6、如图所示，真空中固定两等量同种正点电荷，AOB为两电荷连线的中垂线，其中A、B两点关于O点对称。有一带电粒子（重力忽略不计）在直线AB之间往返运动，下列判断一定正确的是（ ） A带电粒子可能带正电 B在O点，带电粒子的速度最大 C在O点，带电粒子的加速度最大 D在A点（或B点），带电粒子速度为零，加速

4、度最大7如图，两个较大的平行金属板A、B相距为d，接在电源的正、负极上，这时质量为m，带电量为-q的油滴恰好能静止在两极板之间。在其他条件不变的情况下，如果将两极板非常缓慢地水平错开一些，那么在错开的过程中（ ） A油滴保持静止，电流计中的电流从b流向a B油滴保持静止，电流计中的电流从a流向bC油滴将向上加速运动，电流计中电流从b流向a D油滴将向下加速运动，电流计中电流从a流向b8在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为其内阻，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则（ ）

5、A电压表的示数变大B通过R2的电流变小C小灯泡消耗的功率变小D电源内阻的电压变大二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分。全部选对得4分，漏选得2分，错选或不选得0分）9如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中60，规定电场中P点的电势为零，则在Q形成的电场中（ ）AP点电场强度大小是N点的4倍BN点电势高于P点电势C检验电荷在N点具有的电势能为mv2DN点电势为10如图，电流表A1(03A)和A2(00.6A)是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表

6、并联后接入电路中闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（ ）AA1、A2的读数之比为51BA1、A2的读数之比为11CA1、A2的指针偏转角度之比为11DA1、A2的指针偏转角度之比为1511如图所示电路， R1、R2、R3为三个可变电阻，闭合电键后，电容器C1、C2所带电量分别为Q1和Q2，电源电阻不能忽略，下面判断正确的是（ ）A仅将R1增大，Q1和Q2都将增大B仅将R2增大，Q1和Q2都将增大C仅将R3增大，Q1和Q2都将不变D突然断开开关S，通过R3的电量为Q1+Q212、如图所示为某电场的电场强度E随时间t变化的图象。当t=0时，在此电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只

7、受电场力的作用，则下列说法正确的是（ ）A 带电粒子将始终向同一个方向运动B 3s末带电粒子回到原出发点C 4s末带电粒子速度最大D 04s末，电场力做的总功为0第卷（非选择题52分）三、实验题（共2小题，共14分）13（1）（2分）下图螺旋测微器的读数是 mm，电压表的读数是 V（2）（2分）多用电表表头的示意图如图。在正确操作的情况下： 若选择开关的位置如箭头所示，正确操作后发现指针的偏转角很大，需要换档，换档后是否重新调零_？无论用多用电表进行何种测量（限于直流），电流都应该从_色表笔经_插孔流入电表。（ ）A不重新调零，红，正 B重新调零，黑，正C重新调零，黑，负 D重新调零，红，正1

8、4在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，一位同学记录了6组数据(如下表)。（1）（2分）根据数据选定下列供选用仪器： 电流表选_。滑动变阻器选_。（选填仪表前的序号）干电池=1.5V直流电流表(O0.60A档，内阻O.1)直流电流表(O3.00A档，内阻为O.02)直流电压表(O3.00V档，内阻5k)滑动变阻器(O10)，允许最大电流为1.00A)滑动变阻器(O1000，允许最大电流0.60A)开关一个，导线若干（2）（2分）在下面实物图中以笔画线代替导线连好电路。（3）（6分）根据记录数据在图所示的坐标纸上作U-I图线，并根据图线求出E=_V，r=_。(结果均保留2位小数）四、计算题（共4

9、小题，共38分。解题过程要有必要的文字说明和重要的方程式，有数值计算的最后结果要有数字和单位，只写答案的不给分）15（8分）如图所示的电路中，电源电动势E = 6.0V ，内阻r = 0.6 ，电阻R2 = 0.5 ，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A ，电压表的示数为3.0V ，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数和电源的输出功率各为多少?16.（8分）如图所示，R1R32R22R4，电键S闭合时，间距为d的平行板电容器C 的正中间有一质量为m，带电量为q的小球恰好处于静止状态；现将电键S断开，小球将向电容器某一个极板运动。若不计电源内阻，求：（1）电源的电动

10、势大小；（2）小球第一次与极板碰撞前瞬间的速度大小。17、（10分）在一倾角为30的光滑绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线MN为电场的上边界，场强大小E2103 V/m，MN上方有一长为L0.5 m的轻质绝缘杆，杆的上下两端分别固定一个小球A、B(可看成质点)，质量均为m0.01 kg，A不带电，B带电荷量q25105 C，B到MN的距离d0.4 m现将A、B两球由静止释放(g取10 m/s2)，求：（1）小球B在匀强电场中，而A还未进入电场时，两小球的加速度大小；（2）从开始运动到A刚要进入匀强电场过程的时间。18、（12分）如图所示，竖直平行正对放置的带电金属板A、B，B板中心

11、的小孔正好位于平面直角坐标系xOy的O点；y轴沿竖直方向；在x0的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为V/m；比荷为1.0105 C/kg的带正电的粒子P从A板中心O处静止释放，其运动轨迹恰好经过M(4，3)点；粒子P的重力不计，试求：（1）金属板AB之间的电势差UAB；（2）若在粒子P经过O点的同时，在y轴右侧匀强电场中某点静止释放另一带电粒子Q，使P、Q恰能在运动中相碰；假设Q的质量是P的2倍、带电情况与P相同；粒子Q的重力及P、Q之间的相互作用力均忽略不计；求粒子Q所有释放点坐标(x，y)满足的关系。参考答案一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分）题号12345678

12、答案DBADCBBC二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分。全部选对得4分，漏选得2分，错选或不选得0分）题号9101112答案ADACBCDBC三、实验题（共2小题，共14分）13、（1） 0.608(0.6070.609) （1分） 11.0 （1分） （2） D （2分）14、（1） （1分） （1分） （2）如下图（2分） （3）如下图（2分） 1.45（1.411.49） （2分） 0.70（0.600.80） （2分）【解析】根据记录数据和电流、电压有效数字位数，电流表选0.60A量程，变阻器选择010。实物连线如图所示，U-I图线如图所示， 由图线知E=1.45V，。四、

13、计算题（共4小题，共38分。解题过程要有必要的文字说明和重要的方程式，有数值计算的最后结果要有数字和单位，只写答案的不给分）15 （1）R1=1.4 R3=2 （2）【解析】（1）由题意得： =2- 1分 ， - 1分解得： R1=1.4 - 1分 （2）当S闭合后，R2与R3并联，有 - 1分由闭合电路欧姆定律得： - 1分 解得：U并=1V ，即电压表的示数为1V。- 1分由欧姆定律得电路的总电流为: - 1分 解得： - 1分16(1)(2)解析：(1)电键S闭合时，R1、R3并联与R4串联，(R2中没有电流通过)UCU4 - 2分对带电小球有： - 1分得： - 1分(2)电键S断开后

14、，R1、R4串联，则 - 1分小球向下运动与下极板相碰前瞬间，由动能定理得 - 2分解得： - 1分17、(1)10m/s2(2) 0.6 s解析：（1）以A、B球以及杆整体做研究对象，由牛顿第二定律：2mgsin30q2E 2ma - 2分解得：a10 m/s2. - 1分(2)B未进入电场前，设系统的加速度为a1，时间为t1 - 1分 - 1分解得t10.4 s， - 1分B球进入电场瞬间的速度为 - 1分从B球进入电场至A球刚要进入电场，设这段时间为t2，由运动学公式 - 1分解得t20.2 s， - 1分从开始运动，至A球刚要进入电场的时间为tt1t20.6 s. - 1分18、(1)

15、V (2) yx2，其中x0解析：(1)设粒子P的质量为m、带电荷量为q，从O点进入匀强电场时的速度大小为v0；由题意可知，粒子P在y轴右侧匀强电场中做类平抛运动；设从O点运动到M(4，3)点历时为t0，由类平抛运动规律可得：Eqma1 - 1分xMv0t0 - 1分 yMa1t02 - 1分解得：v0m/s。 - 1分在金属板AB之间，由动能定理：qUABmv02 - 1分解得：UABV。 - 1分(2)设P、Q在右侧电场中运动的加速度分别为a1、a2；Q粒子从坐标N(x，y)点释放后，竖直向上做初速度为0的匀加速直线运动，经时间t与粒子P相遇；由牛顿运动定律及类平抛运动的规律和几何关系可得：对于P粒子： ， xv0t - 1分yP= a1t2 - 1分对于粒子Q：Eq2ma2 ， - 1分 yQ=a2t2 - 1分a2a1，粒子Q应在第一象限内释放有：yPyyQ - 1分解得：yx2，其中x0 - 1分即粒子Q释放点N(x，y)坐标满足的方程为：yx2，其中x0。- 10 -