2020届甘肃省武威第十八中学高三上学期第二次诊断考试物理试题含答案（PDF版）

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1、 - 1 - 20192020 学年第一学期第二次诊断考试试卷 高三 物理 命题人： 一不定项选择题（每小题 5 分，全对满分漏选少选 3 分错选 0 分共 50 分） 1（单选）下列说法正确的是( ) A打点计时器是一种测量位移的仪器 B运动员在某次比赛中用 15 s 跑完 100 m，“15 s”是时间，“100 m”是位移大小 C位移为矢量，位移的方向即质点运动的方向 D物体通过的路程不相等，但位移可能相同 2（单选）物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为 16 m 的路程，第一段用时 4 s，第二段用时 2 s， 则物体的加速度是( ) A.2 3 m/s 2 B.4 3 m/s 2

2、 C.8 9 m/s 2 D.16 9 m/s 2 3 （单选） A、B 两物体通过一根跨过定滑轮的轻绳相连放在水平面上，现物体 A 以速度 v1向右匀速运动， 当绳被拉成与水平面夹角分别为 、 时，如图所示物体 B 的运动速度 vB为(绳始终有拉力)( ) Av1sin /sin Bv1cos /sin Cv1sin /cos Dv1cos /cos 4.（单选）一物体自空中的A点以一定的初速度竖直向上抛出，3 s 后物体的速率 变为 10 m/s，则关于物体此时的位置和速度方向的说法可能正确的是(不计空气阻力，g10 m/s 2)( ) A在A点上方 15 m 处，速度方向竖直向上 B在A

3、点下方 15 m 处，速度方向竖直向下 C在A点上方 75 m 处，速度方向竖直向上 D在A点上方 75 m 处，速度方向竖直向下 5.（多选）如图甲所示，A、B两个物体叠放在水平面上，B的上下表面均水平，A物体与一拉力传感器相 连接，连拉力传感器和物体A的细绳保持水平。从t0 时刻起，用一水平向右的力Fkt(k为常数)作用 在B物体上，力传感器的示数随时间变化的图线如图乙所示，已知k、t1、t2，且最大静摩擦力等于滑动摩 擦力。据此可求( ) AA、B之间的最大静摩擦力 B水平面与B之间的滑动摩擦力 CA、B之间的动摩擦因数 AB DB与水平面间的动摩擦因数 - 2 - 6.（单选）一物块在

4、水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动。若保持F的大小不变，而方向与水 平面成 60角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因数为( ) A2 3 B. 3 6 C. 3 3 D. 3 2 7（单选）建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料。一质量为 70.0 kg 的工人站在地面上，通 过定滑轮将 20.0 kg 的建筑材料以 0.500 m/s 2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦， 则工人对地面的压力大小为(g取 10 m/s 2)( ) A510 N B490 N C890 N D910 N 8.（单选）在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维

5、持物体运动的原因”这个观点 的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是( ) A亚里士多德、伽利略 B伽利略、牛顿 C伽利略、爱因斯坦 D亚里士多德、牛顿 9.（单选）如图所示，长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、 B两点，A、B两点间的距离也为L。重力加速度大小为g。现使小球在竖直平面内以AB为轴 做圆周运动，若小球在最高点速率为v时，两根轻绳的拉力恰好均为零，则小球在最高点速 率为 2v时，每根轻绳的拉力大小为( ) A. 3mg B.4 3 3mg C3mg D2 3mg 10（多选）如图所示，三个小球从同一高度处的O处分别以水平初速度v1、v2、v3

6、抛出，落在水平面上 的位置分别是A、B、C，O是O在水平面上的射影点，且OAOBOC135。若不计空气阻力， 则下列说法正确的是( ) Av1v2v3135 B三个小球下落的时间相同 C三个小球落地的速度相同 D三个小球落地的位移相同 二、填空题（每小空 3 分，共 24 分） 11某同学利用如图所示装置研究小车的匀变速直线运动。 (1)实验中，必须的措施是_。 A细线必须与长木板平行 B先接通电源再释放小车 C小车的质量远大于钩码的质量 D平衡小车与长木板间的摩擦力 (2)他实验时将打点计时器接到频率为 50 Hz 的交流电源上， 得到一条纸带， 打出的部分计数点如图所示(每 相邻两个计数点

7、间还有 4 个点，图中未画出)。s13.59 cm，s24.41 cm，s35.19 cm，s45.97 cm， - 3 - s56.78 cm，s67.64 cm。则小车的加速度a_ m/s 2(要求充分利用测量的数据)，打点计时器 在打B点时小车的速度vB_ m/s。(结果均保留两位有效数字) 12. 某同学在做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，所用实验装置如图甲所示，所用钩码质量均 为 30 g。他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将 5 个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹 簧总长度，并将数据填在表中。实验中弹簧始终未超过弹性限度，取g10 m/s 2。 (1)根据实验数

8、据在图乙所示的坐标系中作出弹簧所受弹力大小与弹簧总长度之间的函数关系的图线。 钩码质量/g 0 30 60 90 120 150 弹簧总长度/cm 6.00 7.00 8.00 9.00 10.00 11.00 (2)该弹簧的自然长度为_cm；劲度系数k_N/m。 (3)若该弹簧所能承受的最大拉力(超过此值就不是弹性形变)为 10.2 N，则弹簧的最大长度为Lm _cm。 (4)图线延长后与L510 2 m 直线的交点的物理意义是_。 三、解答题（13 题 8 分，14 题 9 分 15 题 9 分共 26 分） 13如图所示，斜面体ABC放在粗糙的水平地面上。滑块在斜面底端以初速度v09.6

9、 m/s 沿斜面上滑。 斜面倾角 37，滑块与斜面间的动摩擦因数 0.45。整个过程斜面体保持静止不动，已知滑块的质 量m1 kg，sin 370.6， cos 370.8，g取 10 m/s 2。试求： (1)滑块回到出发点时的速度大小。 (2) 滑块在斜面上运动时间t。 14.风洞实验室能产生大小和方向均可改变的风力。如图所示，在风洞实验室中有足够大的光滑水平面，在 水平面上建立xOy直角坐标系。质量m0.5 kg 的小球以初速度v00.40 m/s 从O点沿x轴正方向运动， 在 02.0 s 内受到一个沿y轴正方向、大小F10.20 N 的风力作用；小球运动 2.0 s 后风力方向变为沿

10、 y轴负方向、大小变为F20.10 N(图中未画出)。试求： (1)2.0 s 末小球在y轴方向的速度大小和 2.0 s 内运动的位移大小； - 4 - (2)风力F2作用多长时间，小球的速度变为与初速度相同。 15.用如图甲所示的水平斜面装置研究平抛运动。一物块(可视为质点)置于粗糙水平面上的O点，O点与 斜面顶端P点的距离为s。每次用水平拉力F，将物块由O点从静止开始拉动，当物块运动到P点时撤去拉 力F。实验时获得物块在不同拉力作用下落在斜面上的不同水平射程，作出了如图乙所示的图像。若物块 与水平面间的动摩擦因数为 0.5，斜面与水平地面之间的夹角 45，g取 10 m/s 2，设最大静摩

11、擦力等 于滑动摩擦力。求O、P间的距离s。(保留两位有效数字) - 5 - 高三物理月考试卷答案 一不定项选择题（每小题 5 分，全对满分漏选少选 3 分错选 0 分共 50 分） 1 D 2 B 3 D 4C 5AB 6 C 7B 8B 9 A 10AB 二、填空题（每小空 3 分，共 24 分） 11(1)AB (2)0.80 0.40 12. 解析： (2)由作出的FL图线可知， 图线与横轴的交点的横坐标表示弹簧弹力F0 时弹簧的长度， 即弹簧的自然长度，由图知为 6 cm；图线的斜率即为弹簧的劲度系数k F L30 N/m。 (3)由图像可以得出图线的数学表达式为F30L1.8(N)，

12、 所以当弹簧弹力为 10.2 N 时弹簧长度最大， 即Lm0.4 m40 cm。 (4)图线延长后与L510 2 m 直线的交点表示弹簧长度为 5 cm 时的弹力，此时弹簧被压缩了 1 cm， 即表示弹簧被压缩 1 cm 时的弹力为 0.3 N。 答案：(1)如图所示 (2)6 30 (3)40 (4)弹簧被压缩 1 cm 时的弹力为 0.3 N 三、解答题（13 题 8 分，14 题 9 分 15 题 9 分共 25 分） 13 解析：(1)滑块沿斜面上滑过程，由牛顿第二定律： mgsin mgcos ma1，解得a19.6 m/s 2 设滑块上滑位移大小为L，则由v0 22a 1L，解得L

13、4.8 m 滑块沿斜面下滑过程，由牛顿第二定律： mgsin mgcos ma2，解得a22.4 m/s 2 根据v 22a 2L，解得v4.8 m/s。 (2)滑块沿斜面上滑过程用时t1v 0 a11 s 滑块沿斜面下滑过程用时t2v a22 s 答案：(1)4.8 m/s (2)见解析 14 解析 (1)设在 02.0 s 内小球运动的加速度为a1， 则F1ma1 20 s 末小球在y轴方向的速度v1a1t1 代入数据解得v10.8 m/s - 6 - 沿x轴方向运动的位移x1v0t1 沿y轴方向运动的位移y11 2a 1t1 2 20 s 内运动的位移s1 x1 2y 1 2 代入数据解

14、得s10.8 2 m1.1 m。 (2)设 2.0 s 后小球运动的加速度为a2，F2的作用时间为t2时小球的速度变为与初速度相同，则F2 ma20v1a2t2代入数据解得t24.0 s。 答案 (1)0.8 m/s 1.1 m (2)4.0 s 15 解析：根据牛顿第二定律，在OP段有Fmgma， 又 2asvP 2，由平抛运动规律和几何关系有 物块的水平射程xvPt，物块的竖直位移y1 2gt 2， 由几何关系有yxtan ，联立以上各式可以得到x2v P 2tan g ， 解得F mg 4stan xmg。由题图乙知 mg5， mg 4stan 10， 代入数据解得s0.25 m。答案：0.25 m