2019_2020学年高中物理第三章3磁感应强度磁通量练习含解析教科版选修

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1、3.磁感应强度磁通量基础巩固1.比值定义法是物理学中一种常用的方法,下面表达式中不属于比值定义法的是()A.电流I=URB.磁感应强度B=FILC.电场强度E=FqD.电势=Epq解析:电流I的定义式是I=qt,I=UR是欧姆定律表达式,不是电流的定义式.其他三式都是各量的定义式,故本题选A.答案:A2.关于磁感应强度,下列说法正确的是()A.磁感应强度只是描述磁场的强弱的物理量B.通电导线所受磁场力为零,该处磁感应强度一定为零C.通电导线所受磁场力为零,该处磁感应强度不一定为零D.放置在磁场中1 m的导线,通过1 A的电流,受到的磁场力为1 N时,该处磁感应强度就是1 T解析:磁感应强度是矢

2、量,其大小用来描述磁场的强弱,其方向用来描述磁场的方向,选项A错误.通电导线所受的磁场力大小,除与I、L、B大小有关外,还与导线放置方向有关,IB时,即使B0,其F=0,选项B错误,选项C正确.选项D中只有满足IB时才成立,选项D错误.答案:C3.有一小段通电导线,长为1 cm,电流为5 A,把它置于磁场中某点,受到的磁场力为0.1 N,则该点的磁感应强度B一定是()A.B=2 TB.B2 TC.B2 TD.以上情况都有可能解析:如果通电导线是垂直磁场方向放置的,此时所受磁场力最大F=0.1N,则该点的磁感应强度为 B=FIL=0.150.01T=2T.如果通电导线不是垂直磁场方向放置的,则受

3、到的磁场力小于垂直放置时受到的力,垂直放置时受力将大于0.1N,由定义式可知,B将大于2T,应选C.答案:C4.如图所示,两个同心放置的平面金属圆环,条形磁铁穿过圆心且与两环平面垂直,则通过两圆环的磁通量a、b间的关系是()A.abB.abC.a=bD.不能确定解析:通过圆环的磁通量的值为穿过圆环的磁感线的条数.首先明确条形磁铁的磁感线分布情况,另外要注意磁感线是闭合的曲线.条形磁铁的磁感线在磁铁的内部是从S极到N极,在磁铁的外部是从N极到S极,内部有多少条磁感线,外部的整个空间就有多少条磁感线同内部磁感线构成闭合曲线.对两个圆环,磁体内部的磁感线全部穿过圆环,外部的磁感线穿过多少,磁通量就抵

4、消多少,所以面积越大,磁通量反而越小.答案:A5.已知某地地磁场的磁感应强度B约为4.010-5 T,其水平分量约为3.010-5 T.若该地一高层建筑安装了高50 m的竖直金属杆作为避雷针,在某次雷雨天气中,当带有正电的乌云经过避雷针的上方时,经避雷针开始放电,某一时刻的放电电流为1.0105 A,此时金属杆受到地磁场对它的安培力的方向和大小分别为()A.方向向东,大小约为150 NB.方向向东,大小约为200 NC.方向向西,大小约为150 ND.方向向西,大小约为200 N解析:由安培力公式,金属杆受到地磁场对它的安培力大小为F=BIL=3.010-5T1.0105A50m=150N.由

5、左手定则可判断出安培力方向向东,选项A正确.答案:A6.如图所示,在足够大的竖直向下的匀强磁场中,有一闭合导体环,环面与磁场方向垂直,当导体环在磁场中完成下述运动时,磁通量有变化的是()A.导体环在磁场中竖直向上或向下运动B.导体环在磁场区域内保持水平方位向左或向右平动C.导体环绕垂直环面,通过环心的轴转动D.导体环以一条直径为轴,在磁场中转动解析:由=BS知,只有选项D中垂直于B方向上线圈的投影面积变化,所以选项D中的磁通量变化.答案:D7.如图所示,导线abc为垂直折线,其中通过的电流为I,且ab=bc=l,导线所在的平面与匀强磁场垂直,匀强磁场的磁感应强度为B,求导线abc所受安培力的大

6、小和方向.解析:把导线abc等效成直导线ac,则等效长度ac=2l,故安培力F=BI2l=2IlB,方向垂直于ac,即沿abc的平分线斜向上.答案:2IlB方向沿abc的平分线斜向上8.如图甲所示,质量为m=50 g,长l=10 cm的铜棒,用长度也为l的两根轻软导线水平悬吊在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=13 T.未通电时,轻线在竖直方向,通入恒定电流后,棒向外偏转的最大角度=37,求此棒中恒定电流的大小.甲某同学对棒中恒定电流的解法如下:乙对铜棒进行受力分析,通电时导线向外偏转,说明安培力方向垂直于电流和磁场方向向外,受力如图乙所示(侧视图).当最大偏转角=37时,棒受力平衡.则:t

7、an=Fmg=BIlmg,得I=mgtanBl=11.25A.(1)请判断,该同学的解法正确吗?若不正确,则请指出错在哪里?(2)试写出求解棒中电流的正确解答过程及结果.解析:(1)该同学的解法错误.他认为棒到达最高点速度为零时,一定处于平衡状态;或者认为偏角最大的位置是平衡位置.(2)如图所示,对铜棒进行受力分析.金属棒向外偏转过程中,导线拉力不做功.安培力F做功为WF=Fx1=BIl2sin37,重力做功为WG=-mgx2=-mgl(1-cos37),由动能定理得BIl2sin37-mgl(1-cos37)=0,解得I=mg(1-cos37)Blsin37=5A.答案:见解析能力提升1.(

8、多选)某同学要检验某空间有无电场或磁场存在,想到的以下方法可行的是()A.在该空间内引入检验电荷,如果电荷受到电场力说明此空间存在电场B.在该空间内引入检验电荷,如果电荷没有受到电场力说明此空间不存在电场C.在该空间内引入通电导线,如果通电导线受到磁场力说明此空间存在磁场D.在该空间内引入通电导线,如果通电导线没有受到磁场力说明此空间不存在磁场解析:把电荷引入电场中,一定会受到电场力作用,如果电荷没有受到电场力作用,一定是没有电场,A、B正确;把通电导线引入磁场中时,只要通电导线受到磁场力作用,就一定存在磁场,而不受磁场力的原因有两个,一是没有磁场,二是虽有磁场,但电流方向与磁场方向平行,所以

9、C正确,D错误.答案:ABC2.(多选)一根长为0.2 m、电流为2 A的通电导线,放在磁感应强度为0.5 T的匀强磁场中,受到磁场力的大小可能是()A.0.4 NB.0.2 NC.0.1 ND.0解析:根据安培力的定义,当磁感应强度B与通电电流I方向垂直时,磁场力有最大值为Fmax=BIL=0.520.2N=0.2N.当两者方向平行时,磁场力有最小值为0.随着二者方向夹角的不同,磁场力大小可能在 0.2N 与0之间取值.答案:BCD3.在磁感应强度为B的磁场中,一面积为S的矩形线圈abcd如图所示竖直放置,此线圈平面向右以OO为轴转动角,则此时磁通量为() A.0B.BSC.BSsin D.

10、BScos 解析:竖直放置时,1=BS,旋转角后,2=BScos,故选项D正确.答案:D4.如图所示,长为2l的直导线折成边长相等、夹角为60的V形,并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中,磁感应强度为B.当在该导线中通以电流大小为I的电流时,该V形通电导线受到的安培力大小为() A.0B.0.5BIlC.BIlD.2BIl解析:V形导线通入电流I时每条边受到的安培力大小均为BIl,方向分别垂直于导线斜向上.再由平行四边形定则可得其合力F=BIl,答案为C.答案:C5.(2018全国卷)如图所示,纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线L1、L2,L1中的电流方向向左,L2中的电流方向向上;L1的正上

11、方有a、b两点,它们相对于L2对称.整个系统处于匀强外磁场中,外磁场的磁感应强度大小为B0,方向垂直于纸面向外.已知a、b两点的磁感应强度大小分别为13B0和12B0,方向也垂直于纸面向外.则()A.流经L1的电流在b点产生的磁感应强度大小为712B0B.流经L1的电流在a点产生的磁感应强度大小为112B0C.流经L2的电流在b点产生的磁感应强度大小为112B0D.流经L2的电流在a点产生的磁感应强度大小为712B0解析:设L1在a、b点产生的磁感应强度分别为B1a、B1b,L2在a、b点产生的磁感应强度分别为B2a、B2b,根据安培定则可知,B1a=B1b,方向均垂直纸面向里;B2a=B2b

12、,B2a方向垂直纸面向里,B2b方向垂直纸面向外;根据题意,对a点有,B1a+B2a-B0=-B03;对b点有,B1b-B2b-B0=-B02;联立以上方程解得B1a=B1b=7B012,B2a=B2b=B012,选项A、C正确.答案:AC6.质量为m、长度为L的导体棒MN静止于水平导轨上,通过MN的电流为I,匀强磁场的磁感应强度为B,方向与导轨平面成角斜向下,如图所示,求棒MN所受的支持力大小和摩擦力大小.解析:画出平面图,由左手定则判断出安培力方向,对MN受力分析如图所示,由平衡条件得水平方向:Ff=Fsin竖直方向:FN=Fcos+mg安培力F=BIL,所以MN所受的支持力FN=BILc

13、os+mg,所受摩擦力Ff=BILsin.答案:BILcos +mgBILsin 7.如图所示,框架面积为S,框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直,则穿过平面的磁通量为多少?若使框架绕OO轴转过60角,则穿过线框平面的磁通量为多少?若从初始位置转过90角,则穿过线框平面的磁通量为多少?若从初始位置转过180角,则穿过线框平面的磁通量变化了多少?解析:在题图所示位置时,磁感线与线框平面垂直,1=BS.当线框绕OO轴转过60时,2=BS=BScos60=12BS.转过90时,3=0.线框转过180时,磁感线仍然垂直穿过线框,只不过穿过线框的方向改变了,因而1=BS,4=-BS,=4-1=-2

14、BS即磁通量变化了2BS.答案:BS12BS02BS8.如图所示,一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中;磁场的磁感应强度大小为0.1 T,方向垂直于纸面向里;弹簧上端固定,下端与金属棒绝缘.金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连,电路总电阻为2 .已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5 cm;闭合开关,系统重新平衡后,两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了 0.3 cm.重力加速度大小取10 m/s2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向,并求出金属棒的质量.解析:依题意,开关闭合后,电流方向从b到a,由左手定则可知,金属棒所受的安培力方向竖直向下.开关断开时,两弹簧各自相对于其原长伸长为 l1=0.5cm.由胡克定律和力的平衡条件得2kl1=mg式中,m为金属棒的质量,k是弹簧的劲度系数,g是重力加速度的大小.开关闭合后,金属棒所受安培力的大小为F=IBL式中,I是回路电流,L是金属棒的长度.两弹簧各自再伸长了l2=0.3cm,由胡克定律和力的平衡条件得2k(l1+l2)=mg+F由欧姆定律有E=IR式中,E是电池的电动势,R是电路总电阻.联立式,并代入题给数据得m=0.01kg.答案:开关闭合后金属棒所受安培力方向竖直向下金属棒质量为0.01 kg8