高三物理二轮复习 “8+2”定时训练5 2018年(全国2卷)逐题仿真练

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1、2018 年年(全国全国 2 卷卷)逐题仿真练逐题仿真练 题号 14 15 16 17 18 考点 功能关系 动量定理 万有引力定律 光电效应 电磁感应的图象 问题 题号 19 20 21 22 23 考点 速度图象和 追及问题 磁感应强度的 矢量合成 电场性质的理解 电表的改装 测定动摩擦因数 二、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一 项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分) 14 如图 1 所示， 质量为 m 的一辆小汽车从水平地面 AC 上的 A 点沿斜坡匀速行

2、驶到 B 点 B 距水平地面高 h，以水平地面为零势能面，重力加速度为 g.小汽车从 A 点运动到 B 点的过程 中(空气阻力不能忽略)，下列说法正确的是( ) 图 1 A合外力做功为零 B合外力做功为 mgh C小汽车的机械能增加量为 0 D牵引力做功为 mgh 答案 A 15(2019 广西钦州市 4 月综测)“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑为 了研究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内，对玻璃平均冲击力大小的是 ( ) A测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度 B测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 C测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 D测出飞针质量

3、、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度 答案 D 解析 在“飞针穿玻璃”的过程中，由动量定理得： F tmv2mv1，故应测出飞针质量、 飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故 D 正确，A、B、C 错误 16(2019 安徽淮南市第二次模拟)已知地球两极处的重力加速度大小约为 9.8 m/s2，贴近地 球表面飞行的卫星的运行周期约为 1.5 小时， 试结合生活常识， 估算一质量为 60 kg 的人站在 地球赤道上随地球自转所需要的向心力约为( ) A0.2 N B0.4 N C2 N D4 N 答案 C 解析 在两极：GMm R2 mg； 对贴近地球表面飞行的卫星 GMm R2 m

4、4 2 T2 R， 解得 RgT 2 42； 则站在地球赤道上随地球自转的人所受的向心力：F向m人 42 T2Rm 人 42 T2 gT2 42m 人g T2 T2 609.8(1.5 24) 2 N2 N，故选 C. 17(2019 湖北武汉市四月调研)已知氢原子的基态能量为 E1，激发态能量 EnE1 n2，其中 n 2,3.若氢原子从 n3 的能级跃迁到 n2 的能级放出光子的频率为 ， 能使氢原子从基态电 离的光子的最小频率为( ) A.9 4 B4 C. 36 5 D9 答案 C 解析 由题意可知：E1 32 E1 22h； 能使氢原子从基态电离的光子的最小频率满足：0E1h， 解得

5、 36 5 ，故选 C. 18(2019 山东济宁市第二次摸底)如图 2 甲所示，在线圈 l1中通入电流 i1后，在 l2上产生的 感应电流随时间变化的规律如图乙所示，l1、l2中电流的正方向如图甲中的箭头所示则通入 线圈 l1中的电流 i1随时间 t 变化的图象是下图中的( ) 图 2 答案 D 解析 因为感应电流大小不变，根据电磁感应定律得：IE R n t R nB tS R ，而线圈 l1中产生 的磁场变化是因为电流发生了变化，所以 I nB tS R ni tS R ，所以线圈 l1中的电流均匀改变， A、C 错误；根据题图乙，0T 4时间内感应电流磁场向左，所以线圈 l1 产生的磁

6、场向左减小， 或向右增大，B 错误，D 正确 19(2019 广西梧州市联考)甲、乙两物体沿同一直线做减速运动，t0 时刻，两物体同时经 过同一位置， 最后又停在同一位置， 它们的速度时间图象如图3所示， 则在运动过程中( ) 图 3 At1时刻甲和乙相距最远 B甲、乙的平均速度相等 C在某时刻甲、乙的加速度可能相等 D甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变 答案 CD 解析 甲、乙两物体速度相等时相距最远，选项 A 错误；甲、乙的位移相同，但是甲运动的 时间较长，则甲的平均速度较小，选项 B 错误；vt 图象的斜率等于加速度，由图象可知， 在某时刻甲的加速度可能等于乙的加速度，选项 C 正确

7、；vt 图象的斜率等于加速度，由图 象可知，甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变，选项 D 正确 20(2019 江西南昌市第二次模拟)如图 4 所示，三条长直导线 a、b、c 都通以垂直纸面的电 流，其中 a、b 两根导线中电流方向垂直纸面向外O 点与 a、b、c 三条导线距离相等，且 Ocab.现在 O 点垂直纸面放置一小段通电直导线，电流方向垂直纸面向里，导线所受安培 力方向如图所示则可以判断( ) 图 4 AO 点处的磁感应强度的方向与 F 相同 B长导线 c 中的电流方向垂直纸面向外 C长导线 a 中电流 I1小于 b 中电流 I2 D长导线 c 中电流 I3小于 b 中电流 I2

8、 答案 BC 解析 由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，故 A 错误；由左手定则可知， O 点的磁感应强度方向与 F 垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右方向和竖直向下 方向，所以导线 c 在 O 点产生的磁场方向应水平向右，由安培定则可知，导线 c 中的电流为 垂直纸面向外， 导线 a 在 O 点产生的磁场方向竖直向上， 导线 b 在 O 点产生的磁场方向竖直 向下，所以长导线 a 中电流 I1与 b 中电流 I2的关系，由于不知道安培力的具体方向，所以无 法确定长导线 c 中电流 I3与 b 中电流 I2的关系，故 B、C 正确，D 错误 21(2019 山东济宁市第二次

9、摸底)如图 5 所示，在绝缘水平地面上固定两个等量同种点电荷 A、B，在 AB 连线上的 P 点由静止释放一带电滑块(可视为质点)，则滑块会由静止开始一直 向右运动到 AB 连线上的一点 M 而停下则以下判断正确的是( ) 图 5 A滑块一定带的是与 A、B 异种的电荷 B滑块的电势能一定是先减小后增大 C滑块的动能与电势能之和一定减小 DAP 间距一定小于 BM 间距 答案 CD 解析 滑块受到的电场力是两点电荷对它作用力的合力，滑块向右运动，合力向右，滑块一 定带与 A、B 同种的电荷，否则滑块将向左运动，A 错误滑块运动可能有两种情况：1.滑块 受到的电场力先向右后向左，电场力先做正功，

10、再做负功，电势能先减小后增加；2.滑块受 到的电场力合力始终向右，在到达 AB 中点前停止，电场力始终做正功，电势能始终减小，B 错误根据能量守恒，滑块的电势能、动能、内能之和不变，阻力做负功，内能增大，则动 能与电势能之和一定减小，C 正确若没有摩擦力，APBM；因为水平面不光滑，水平方 向受到摩擦力作用， 运动到速度为 0 的位置在 P 点关于 AB 中点对称点的左侧， 所以 APBM， D 正确 22(6 分)(2019 广东揭阳市第二次模拟)某同学用一个满偏电流为 10 mA、内阻为 30 的电 流表，一只滑动变阻器和一节电动势为 1.5 V 的干电池组装成一个欧姆表 图 6 (1)该

11、同学按图 6 正确连接好电路 甲、 乙表笔中， 甲表笔应是_(选填“红”或“黑”) 表笔 (2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指 到_处 图 7 (3)欧姆调零后， 他将甲、 乙两表笔分别接如图 7 中的 a、 b 两点， 指针指在电流表刻度的 4 mA 处，则电阻 Rx_ . (4)若误将甲、 乙两表笔分别接在了如图 2 中的 a、 c 两点， 则 Rx的测量结果_(选填“偏 大”或“偏小”) (5)再给电流表并联一个合适的定值电阻 R0，就可组装成一个中间刻度值为 15 的欧姆表， 则 R0_ .(结果保留两位有效数字) 答案 (1)红 (2)

12、10 mA (3)225 (4)偏小 (5)3.3 解析 (1) 由题图示可知，甲表笔与欧姆表内置电源负极相连，甲表笔是红表笔； (2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指 到电阻为零即电流最大(10 mA)； (3)欧姆表内阻：R内E Ig 1.5 10 2 150 ，指针指在电流表刻度的 4 mA 处，由闭合电路欧 姆定律得：410 3 A 1.5 V 150 Rx，解得：Rx225 ； (4)若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的 a、c 两点，由题图示电路图可知，两电池串联， 相当于欧姆表内置电源电动势 E 变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变

13、大，欧姆表指 针偏右，欧姆表示数变小，Rx的测量结果偏小； (5)欧姆表内阻等于中值电阻，中间刻度值为 15 的欧姆表，其内阻为 15 ，I E R内 1.5 15 A 0.1 A，把电流表改装成 0.1 A 的电流表需要并联分流电阻，分流电阻阻值：R0 IgRg 0.10.010 A3.3 . 23 (9 分)(2019 陕西省第二次质检)某实验兴趣小组为了测量物体间的动摩擦因数， 设计了如 下实验： 图 8 (1)如图 8 甲，将轻弹簧竖直悬挂，用刻度尺测出弹簧自由悬挂时的长度 L14.00 cm. (2)如图乙，在弹簧的下端悬挂小木块，用刻度尺测出稳定时弹簧的长度 L2_ cm. (3)

14、将一长木板平放在水平面上，小木块放置于木板上表面，如图丙，将图乙中的弹簧左端固 定在竖直墙壁上，右端拴接小木块，使弹簧水平，用力 F 向右拉动长木板，长木板与小木块 发生相对运动，当小木块稳定时，测出此时弹簧的长度 L36.07 cm. (4)根据上面的操作， 可以得出小木块与长木板间的动摩擦因数 _(结果保留两位有 效数字) (5)若图丙实验中弹簧不水平，左端略高一些，由此而引起的动摩擦因数 的测量结果 _(填“偏大”或“偏小”) 答案 (2)8.65(8.638.67) (4)0.44 或 0.45 (5)偏小 解析 (2)刻度尺的最小分度值为 0.1 cm，刻度尺的读数为 8.65 cm； (4)根据平衡条件可得小木块的重力为：Mgk(L2L1)，用力向右拉动长木板，长木板与小木 块发生相对运动，当小木块稳定时，则有：Ffk(L3L1)，可以得出小木块与长木板间的动 摩擦因数： Ff Mg L3L1 L2L10.45； (5)若图丙实验中弹簧不水平，左端略高一些，则有：F弹cos (MgF弹sin )，解得小木 块与长木板间的动摩 擦因数： F弹cos MgF弹sin ， 由于左端略高一些， 则有 0 ， 所以： F弹cos MgF弹sin F弹cos Mg ， 由此而引起的动摩擦因数 的测量结果偏小