【市级联考】广东省珠海市2019届高三学业质量监测（一模）物理试题（解析版）

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1、珠海市珠海市 2019 届高三学业质量监测（一模）物理试题届高三学业质量监测（一模）物理试题 二、选择题：二、选择题： 1.如图所示，用紫外光照射金属板，发现验电器的指针偏转，以下说法正确的是 A. 金属板带正电，指针带负电 B. 金属板带负电，指针带正电 C. 金属板带正电，指针带正电 D. 金属板带负电，指针带负电 【答案】C 【解析】 【详解】紫外光照射金属板,电子逸出，所以锌版带正电，有因为验电器与锌版链接，验电器和指针都带正 电。所以 C 正确，ABD 错误。故选 C。 2.某物体沿直线运动的 v-t 图象如图所示，由图可以看出物体 沿直线做往复运动 沿直线向一个方向运动 加速度大小

2、不变 做匀变速直线运动 以上说法正确的是 A. B. C. 仅 D. 【答案】A 【解析】 【详解】由速度时间图象可知，速度有正有负，速度为正表示物体向正方向运动，速度为负表示物体向 负方向运动，所以 对， 错。 速度时间图象的斜率表示物体的加速度，由图可知图象的斜率大小不变，所 以加速度不变， 正确。 由图可知，加速度的大小不变，但是方向是变化的，所以此运动不是云变速运动， 所以错误。故 A 正确，BCD 错误。故选 A。 3.区伯伯在海边钓获一尾鱼，当鱼线拉着大头鱼在水中向左上方匀速运动时，鱼受到水的作用力方向可能是 A. 竖直向上 B. 竖直向下 C. 水平向左 D. 水平向右 【答案】

3、D 【解析】 【详解】由题意可知，鱼受力平衡，即为：竖直向下的重力，斜向上的拉力，还有鱼受到的水的作用力， 根据受力平衡的条件，结合力的合成可知，鱼受到的作用力的方向一定是与拉力和重力的合力的方向相反， 即为水平向右。故 D正确，ABC 错误。 4.如图所示，使一个水平铜盘绕过其圆心的竖直轴转动，且假设摩擦等阻力不计，转动是匀速的.现把一 个蹄形磁铁水平向左移近铜盘，则 A. 铜盘转动将变快 B. 铜盘转动将变慢 C. 铜盘仍以原来的转速转动 D. 因磁极方向未知，无法确定 【答案】B 【解析】 【详解】 （1)假设蹄形磁铁的上端为 N 极，下端为 s 极，铜盘顺时针转动。根据右手定则可以确定

4、此时铜盘 中的感应电流方向是从盘心指向边缘。 （2）通电导体在磁场中要受到力的作用，根据感应电流的方向和磁场的方向，利用左手定则可以确定磁场 对铜盘的作用力的方向是沿逆时针方向，与其受力方向与铜盘的转动方向相反，所以铜盘的转动速度将减 小。无论怎样假设，铜盘的受力方向始终与转动方向相反。同时，转动过程中，机械能转化为电能，所以 转得慢了。所以 B 正确，ACD 错误。 5.如图所示，质量均为 m的木块 A 和 B，用一个劲度系数为 k 的竖直轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用 力 F 向上缓慢拉 A直到 B刚好要离开地面，则这一过程中力 F做的功至少为 A. B. C. D. 【答案】B 【解

5、析】 开始时，A、B 都处于静止状态，弹簧的压缩量设为 x1，由胡克定律有；物体 B恰好离开地面时， 弹簧的拉力等于 B 的重力，设此时弹簧的伸长量为 x2，由胡克定律有，这一过程中，物体 A 上升 的高度，根据能量守恒可知，力 F 做的功等于 A 的重力势能的增加量，所以 ，故 B正确，A、C、D错误； 故选 B。 【点睛】用力 F向上缓慢拉 A 直到 B刚好要离开地面的过程中，动能不变，弹性势能不变，根据能量守恒 可知，力 F做的功等于 A的重力势能的增加量。 6.如图所示，直流电路中，、是定值电阻，是光敏电阻，其阻值随光照增强而减小。当开关 S闭合， 电容器两板间的 M点的带电液滴恰好能

6、保持静止。现用强光照射电阻时 A. 电源的总功率减小 B. A 板的电势降低 C. 液滴向上运动 D. 电容器所带电荷量增加 【答案】CD 【解析】 【详解】A. 当用强光照射光敏电阻时，电阻变小，电流变大，电源的总功率 P=EI 变大，故 A 错误。 B.由于电路中的电流增大，R1两端的电势差增大，又因为 R1下端接地，电势为零，所以 R1上端电势增大，A 板的电势也增大。故 B 错误。 C. 电路稳定时电容器两板间的电压等于 R1两端的电压， 当用强光照射光敏电阻 R2时， 光敏电阻的阻值变小， 电路中电流增大，R1两端间的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，液

7、滴 向上运动，故 C 正确。 D.电容器的电压增大，电容不变，由 Q=C 知，电容器所带电荷量增加。故 D 正确。 7. 2012 年至 2015 年进入了我国北斗系统卫星发射的高峰期，北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道 卫星两种卫星组成，在轨正常运行的这两种卫星比较（ ） A. 低轨卫星运行的周期较大 B. 同步卫星运行的周期较大 C. 低轨卫星运行的加速度较大 D. 同步卫星运行的线速度较大 【答案】BC 【解析】 试 题 分 析 ： 对 卫 星 的 圆 周 运 动 分 析 可 知 ， 万 有 引 力 提 供 向 心 力 ， ，那么周期，高度高则周期大，A 错 B 对。，高度低，加速度

8、大，C 对。，高度高则线速度小，D 错。 考点：万有引力与航天 8.如图， 空间有平行于纸面的匀强电场， 处于该电场中直角三角形直角边=20cm， AD是 的角平分线。若在直角顶点 B 处有一个射线源，能朝空间各方向射出动能为 1000的电子，则能在顶点 A 和 C 分别探测到动能为 1100和 900的电子，本题中运动的电子仅需考虑匀强电场的电场力，则： A. AB 间的电势差 B. 该匀强电场的场强1000V/m C. 电场强度的方向沿 A指向 D D. 整个三角形内，顶点 C的电势最高 【答案】ABC 【解析】 【详解】A.有 B到 A有动能定理可得：，可得，所以，故 A 正确。 C.由

9、题可知 BC间的电势差，所以 AC 间的电势差为，由几何知识 可得 AC在 AD上的投影是 AB在 AD投影的 2 倍，这就说明电场的方向一定沿着 AD，并且由 A指向 D。 所以 C正确。 B.由几何知识可得 AB在 AD上的投影为，所以电场强度的大小为：，故 B 正 确。 D. 分析可知，整个三角形内，顶点 A的电势最高，故 D 错误。 三、非选择题：三、非选择题： （一）必考题（一）必考题 9.在研究匀变速直线运动实验中，在打点计时器打下的纸带上，选取一段如图所示，实验员告知同学们交流 电的频率为 50Hz，图中每两点中间还有四点没有画出；用刻度尺量得 A 到 B、C、D、E各点的距离依

10、次为： 1.23cm、3.71cm、7.44cm和 12.42cm，则打 C点时物体的瞬间速度大小为_m/s；该匀变速直线运动 的加速度的大小为_m/s2（以上结果均保留 3位有效数字） 。若实际上交流电的频率为 51Hz，则上面 计算出的加速度值比实际值_。 （填“偏大”、“偏小”或“不偏”） 【答案】 (1). 0.311 (2). 1.25 (3). 偏小 【解析】 【详解】 （1）打 C 点时物体的速度，等于物体打 AE点间的平均速度： （2）利用逐差法求加速度：AB间的距离，BC间的距离，CD间 的距离 DE 间的距离。利用逐差法求加速度可得： （3）求加速度的公式为，由题意知道：所

11、以，即计算出的加速度比实际值 偏小。 10.某同学在练习使用多用电表时连接的电路如甲图所示 （1）若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过_（选填“R1”或“R2”）的电流； （2）若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆档，则测得的是_。 A. R1的电阻 B.R2的电阻 C.R1和 R2的串联电阻 D.R1和 R2的并联电阻 （3）将选择倍率的旋钮拨至“10 ”的档时，测量时指针偏转角很大，为了提高测量的精确度，应将选择 开关拨至_档（选填“ 100”或“ 1 ”） ，将两根表笔短接调节调零旋钮，使指针停在 0 刻度线 上，然后将两根表笔分别接触待测电阻的两端，若此时

12、指针偏转情况如图所示，则所测电阻大小为_ 。 （4）乙图是该多用表欧姆档“100 ”内部电路示意图，电流表满偏电流为 1.0mA、内阻为 10，则该欧姆 档选用的电池电动势应该为_V。 【答案】 (1). （1）R1 (2). （2）C (3). （3）1 (4). 16 (5). （4）1.5 【解析】 【详解】 （1）由电路图可知多用电表与 R1串联的，所以多用电表当做电流表时，测量的是 R1的电流。 （2）断开电路的开关，R1和 R 2串联，多用电表接在其两端，故测的是 R1和 R 2串联的总电阻。 （3）将选择倍率的旋钮拨至“10 ”的档时，指针偏转角度过大，说明所选的档位太大，为准确

13、测量电阻， 应该换小档位的，应选1 的。档位选1 ，表盘的度数就是电阻的阻值，即为 16. （4）将选择倍率的旋钮拨至“10 ”的档时，欧姆表的中值电阻为，所以电源的电 动势为 11.在中美贸易战中，中兴的遭遇告诉我们，要重视芯片的自主研发工作，而芯片的基础工作在于半导体的 工艺。如图所示，在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子 P和 P3，经电压为 U 的电场加速后， 垂直进入方向垂直纸面向里、宽度为 D的匀强磁场区域，其中离子 P在磁场中转过 30 后从磁场右边界 射出。已知 P和 P3的质量均为 m，而电量分别为 e 和 3e(e表示元电荷)。 （1）求匀强磁场的磁感应强度 B的大

14、小； （2）求 P3在磁场中转过的角度 。 【答案】 （1）（2）600 【解析】 【详解】 （1）对离子 P在电场中的加速运动，由动能定理： 在磁场中，洛伦兹力提供向心力： 由几何关系可得： 因此，匀强磁场的磁感应强度 B 的大小为： （2）对离子 P 3在电场中的加速运动，由动能定理： 在磁场中，洛伦兹力提供向心力： 由几何关系可得： 因此，P 3在磁场中转过的角度： 12.水平放置长为 L=4.5m的传送带顺时针转动，速度为 v=3m/s，质量为 m2=3kg 的小球被长为的轻质 细线悬挂在 O 点，球的左边缘恰于传送带右端 B 对齐；质量为 m1=1kg的物块自传送带上的左端 A点以初

15、 速度 v0=5m/s 的速度水平向右运动，运动至 B点与球 m2发生碰撞，在极短的时间内以碰撞前速率的 反弹， 小球向右摆动一个小角度即被取走。已知物块与传送带间的滑动摩擦因数为 =0.1，取重力加速度 。求： （1）碰撞后瞬间，小球受到的拉力是多大？ （2）物块在传送带上运动的整个过程中，与传送带间摩擦而产生的内能是多少？ 【答案】 （1）42N（2）13.5J 【解析】 【详解】解：设滑块 m1 与小球碰撞前一直做匀减速运动，根据动能定理： 解之可得： 因为，说明假设合理 滑块与小球碰撞，由动量守恒定律： 解之得： 碰后，对小球，根据牛顿第二定律： 小球受到的拉力： （2）设滑块与小球碰

16、撞前的运动时间为 ，则 解之得： 在这过程中，传送带运行距离为： 滑块与传送带的相对路程为： 设滑块与小球碰撞后不能回到传送带左端，向左运动最大时间为 则根据动量定理： 解之得： 滑块向左运动最大位移：=2m 因为，说明假设成立，即滑块最终从传送带的右端离开传送带 再考虑到滑块与小球碰后的速度 ， 说明滑块与小球碰后在传送带上的总时间为 在滑块与传送带碰撞后的时间内，传送带与滑块间的相对路程 因此，整个过程中，因摩擦而产生的内能是 =13.5J 13.下列说法中正确的是 A. 一定质量的理想气体体积增大时，其内能一定减少 B. 气体的温度降低，某个气体分子热运动的动能可能增加 C. 气体对器壁

17、的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的 D. 当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中不会有水分子飞出水面 E. 在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分 子直径计算结果偏大 【答案】BCE 【解析】 【详解】A.一定质量的理想气体体积增大时，即气体对外做功，同时也吸热，其内能可能不变，也可能增 大，也可能减小，故 A 错误； B.气体的温度降低，平均动能减小，但某个气体分子热运动的动能可能增加，故 B 正确； C.从微观角度讲，气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁的不断碰撞而产生的，故 C 正确； D.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时

18、，水中水分子飞出水面与进入水面是平衡的，故 D 错误； E.计算时把油酸酒精溶液当成了纯油酸，体积偏大，则 d 偏大，故 E 正确； 故选：BCE. 14.有一高压气体钢瓶，容积为 V0，用绝热材料制成，开始时封闭的气体压强为 p0，温度为 T0=300K，内部 气体经加热后温度升至 T1=360K，求： （1）温度升至 T1时气体的压强； （2）若气体温度保持 T1=360K不变，缓慢地放出一部分气体，使气体压强再回到 p0，此时钢瓶内剩余气体 的质量与原来气体总质量的比值为多少？ 【答案】 （1）（2） 【解析】 【详解】 ） （1）根据查理定律： 因此，温度升至 T1 时气体的压强 （2

19、）设压强降回到等于气体（含漏出的部分）总体积为，根据玻意尔定律： 因此，剩余气体与原来气体质量的比值为 15.关于振动和波动，下列说法正确的是（ ） A做简谐振动的物体，经过同一位置时，加速度可能不同 B在受迫振动中，驱动力的频率不一定等于物体的固有频率 C在波的干涉中，振动加强的点不一定处在波峰或波谷的叠加处 D波源与观察者互相靠近或者互相远离时，接收到的频率会发生变化 E在波的传播方向上对平衡位置的位移始终相同的质点间距离等于波长 【答案】BCD 【解析】 【详解】在简谐振动的物体，加速度总与位移大小成正比，方向相反，故每次经过同一位置时，加速度一 定相同，故 A 错误；物体做受迫振动时，

20、其驱动频率跟固有频率无关，故 B 正确；在波的干涉中，振动加 强的点不一定处在波峰或波谷的叠加处；也可能是平衡位置的叠加处；故 C 正确；根据多普勒效应，波源 与观察者互相靠近或者互相远离时，接收到的频率会发生变化；故 D 正确；根据波长的定义，波长等于在 波的传播方向上任意两个相邻的振动状态完全相同的两质点间距，故 E错误；故选 BCD。 【点睛】本题要掌握对简谐运动周期性及特点的理解，抓住同一位置位移、加速度和回复力三个物理量都 相同。同时掌握驱动频率与固有频率的区别。 16.如图所示，半圆玻璃砖的半径 R=3cm,折射率为 n=，直径 AB与屏幕垂直并接触于 A 点。激光 a 以入 射角 i=30 射向半圆玻璃砖的圆心 0,结果在水平屏幕 MN上出现两个光斑。 （1）求两个光斑之间的距离； （2）改变入射角，使屏 MN上只剩一个光斑，求此光斑离 A 点的最长距离。 【答案】 （1）9.7cm（2）3cm 【解析】 【详解】 （2）设折射角为 r，根据折射定律有： 解得 由几何知识得两个光斑 PQ 之间的距离： 入射角增大的过程中，当发生全反射时屏 MN 上只剩一个光斑，此光斑离 A 最远时，恰好发生全反射，入 射角等于临界角： 则有： 代入数据解得：