【校级联考】广东省“六校”2019届高三第三次联考理科综合物理试题（解析版）

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1、20192019 届高三届高三“六校联盟六校联盟”第三次联考第三次联考 理科综合（物理部分）理科综合（物理部分） 二、选择题：本题共二、选择题：本题共 8 8 小题，每小题小题，每小题 6 6 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 14181418 题只有一题只有一 项符合题目要求，第项符合题目要求，第 19211921 题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 0 分。分。 1.为迎接新年，小明同学给家里墙壁粉刷涂料，涂料滚由滚筒与轻竿组成，示意图如

2、下。小明同学缓缓上推 涂料滚，不计轻竿的重力以及滚筒与墙壁的摩擦力。轻竿对涂料滚筒的推力为 F1，墙壁对涂料滚筒的支持 力为 F2，以下说法中正确的是 A. F1增大 B. F1先减小后增大 C. F2增大 D. F2减小 【答案】D 【解析】 【分析】 以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出受力图，根据平衡条件得到竿对涂料滚的推力为 F1和墙壁对涂 料滚的弹力 F2的表达式，再分析两个力的变化 【详解】以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出受力图。设撑杆与墙壁间的夹角 ，根据平衡条件得 ，；由题，撑轩与墙壁间的夹角 减小，cos 增大，tan 减小，则 F1、F2均减小。故 选：D。 【点睛

3、】本题是动态平衡问题，采用函数法分析的，也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况 2.开学了，想到又能够回到校园为梦想而拼搏，小明同学开心得跳了起来。假设小明质量为 m，从开始蹬地 到离开地面用时为 t，离地后小明重心最大升高 h，重力加速度为 g，忽略空气阻力。以下说法正确的是 A. 从开始蹬地到最高点的过程中，小明始终处于失重状态 B. 在 t时间内，小明机械能增加了 mgh C. 在 t时间内，地面给小明的平均支持力为 F= D. 在 t时间内，地面对小明做功 mgh 【答案】B 【解析】 【分析】 先根据竖直上抛运动的规律求出该同学刚离开地面时的速度，根据动量和动能定理进行其他物理

4、量的计算。 【详解】A从开始蹬地到最高点的过程中，经历了向上加速和减速的过程，所以小明是先超重后失重，故 A 错误； B小明离开地面后，上升了高度 h，增加了机械能为 mgh，这是在蹬地的时间 t中，其他外力做功转化的， 故 B 正确； C 在时间 t内， 由动量定理得：， 离开地面到最高点有：， 解得：， 故 C 错误； D在时间 t内，地面对小明的支持力 F并没有在力的方向上发生位移，做功为 0，故 D错误。 【点睛】要正确理解做功的概念。 3.钳形电流表由电流互感器和电流表组合而成，常用来测量电流强度很大的电流，其原理如右下图。若初级 线圈与二级线圈的匝数比为 1500，电流表 A的示数

5、为 1A，则 A. 钳形电流表的钳口是电流互感器的铁芯 B. 钳形电流表能够用来测量直流电的电流 C. 被测电路电流的平均值为 500A D. 被测电路电流的最大值为 500A 【答案】A 【解析】 【分析】 变压器的工作原理是利用变化的磁场能够产生感应电流。 【详解】A从图示来看，该互感器属于电流互感器，故钳形电流表的钳口是电流互感器的铁芯，A正确； B互感器利用是电磁感应的互感原理，不能用于直流电，故 B错误； C.D 由得： ，因为电流表测的是有效值，故故值为被测电流的有效值， 故 CD错误。 【点睛】本题考查变压器原理，熟记理想变压器的原理，电压电流的关系，题目就能顺利解出。 4.一辆

6、汽车以 40m/s 的速度沿平直公路匀速行驶，突然前方有一只小狗穿过马路，司机立即刹车，汽车以大 小为 8m/s2 的加速度做匀减速直线运动，那么刹车后第 2s 内与刹车后 6s 内汽车通过的位移大小之比为 A. 725 B. 1625 C. 724 D. 23 【答案】B 【解析】 【分析】 车刹车后的运动可以看成是匀减速直线运动。已知初速度和加速度，求几秒后通过的位移可以运用匀变速 直线运动的公式要注意汽车刹车是一项实际运动一段时间后汽车就停止运动，所以要判断汽车从刹车 到停止所需的时间，根据这个时间来运用公式 【详解】规定初速度方向为正方向，已知初速度，设汽车从刹车到停止所需的时 间为

7、， 根据匀变速运动速度时间公式得：， 当， 当 t26st，说明 6s内汽车的位移等于汽车从刹车到停止的位移， ；故，故 B正确，ACD错误。 【点睛】在运用运动学公式时要注意公式的适用条件和实际的生活问题。 5.如图，通过绝缘线将质量均为 m的三个小球 A、B、C连接在一起并悬于 O点，其中 A、B球带电，且带 电量均为+q，C 球不带电。整个空间存在方向竖直向下的匀强电场，场强大小为 E=。当把 OA段细线剪 断的瞬间 A. A球的加速度小于 2g B. B 球的加速度大于 2g C. A球和 B球之间的绳子拉力为 0 D. B球和 C球之间的绳子拉力为 0 【答案】D 【解析】 【分析】

8、 OA 段被剪断， A 球球被释放， 由于电场力作用 AB 具有相同的向下加速度 a， 且加速度 a大于重力加速度 g， 故 BC段绳子松弛无弹力作用，采用整体法和隔离法处理 AB间的相互作用力即可 【详解】A.B剪断绳子 OA 的瞬间，假设 AB 和 BC 段的绳子均无作用力，对 A 受力分析有： ，对 B：，对 C：，则有,结合轻 绳的受力特点可知，AB 段绳子绷紧，AB 成为一个整体，BC 段绳子松弛，故由对 AB 整体： ，则，故 AB 错误； C对 A分析有：，故，故 C 错； D结合以上分析可知，BC段绳子松弛，故 BC段绳子拉力为 0，故选 D。 【点睛】会采用整体法和隔离法求相

9、互作用的物体间的作用力是解决本题的关键。 6.一束带电粒子以同一速度 v0从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图所示。若粒子 A 的轨迹 半径为 r1，粒子 B 的轨迹半径为 r2，且 r2=2r1，粒子 AB的电荷量分别为 q1、q2，质量分别为 m1、m2。则下 列分析正确的是 A. A带正电、B带负电 B. A带负电、B带正电 C. 9=12 D. 9=21 【答案】AD 【解析】 【分析】 通过图示得出洛伦兹力的方向，根据左手定则得出电荷的电性，正电荷定向移动的方向与四指方向相同， 负电荷定向移动的方向与四指方向相反根据，得出半径公式，通过半径公式的得出荷质 比 【详解】AB由

10、图示可知，向左偏，向右偏，根据左手定则知，带正电，带负电。故 A 对，B 错 误； CD粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：， 荷质比：， 与 不变，所以荷质比之比等于半径之反比，则：，故 D正确。 【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电荷的运动方向以及洛伦兹力方向的关键，以及掌 握带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式 7.2019 年 1月 3日，嫦娥四号探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆，为给嫦娥四号採测器 提供通信支持，我国早在 2018年 5 月 21日就成功发射嫦娥四号中继星鹊桥号”，如图所示，“桥号”中继星 一边绕

11、拉格朗日 L2点做圆周运动，一边随月球同步绕地球做圆周运动且其绕点 半径远小于点与地球间的 距离。 （已知位于地、月拉格朗日 L1、L2点处的小物体能够在地、月的引作用下，几乎不消耗燃料，便可 与月球同步绕地球做圆周运动 ）则下列说法正确的是 A. “鹊桥号”的发射速度大于 11.2kms B. “鹊桥号”绕地球运动的周期约等于月球绕地球运动的周期 C. 同一卫星在 L2点受地、月引力的合力与其在 L1点受地、月引的合力相等 D. 若技术允许，使“鹊桥号”刚好位于拉格朗日 L2点，能够更好地为嫦娥四号探测器提供通信支持 【答案】B 【解析】 【详解】A项：11.2km/s 是卫星脱离地球的引力

12、的第二宇宙速度，所以鹊桥的发射速度应小于 11.2km/s，故 A 错误； B项：根据题意可知，鹊桥绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，故 B正确； C项：鹊桥在 L2点是距离地球最远的拉格朗日点，角速度相等，由可知，在 L2点受月球和地球 引力的合力比在 L1点要大，故 C错误； D 项：鹊桥若刚好位于 L2点，由几何关系可知，通讯范围较小，会被月球挡住，并不能更好地为嫦娥四号 推测器提供通信支持，故 D错误。 故选：B。 8.如图固定在地面的斜面倾角为 30 ，物块 B 固定在木箱 A 的上方，一起从 a 点由静止开始下滑，到 b点接 触轻弹簧，又压缩至最低点 c，此时将 B 迅速

13、拿走，然后木箱 A 又恰好被轻弹簧弹回到 a点。已知 A质量 为 m，B质量为 3m，a、c间距为 L，重力加速度为 g。下列说法正确的是 A. 在 A上滑的过程中，与弹簧分离时 A 的速度最大 B. 弹簧被压缩至最低点 c时，其弹性势能为 0.8mgL C. 在木箱 A 从斜面顶端 a下滑至再次回到 a点的过程中，因摩擦产生的热量为 1.5mgL D. 若物块 B 没有被拿出，AB 能够上升的最高位置距离 a点为 L/4 【答案】BC 【解析】 【分析】 对木箱 A 下滑和上滑过程，运用功能原理列式，可分析若物块 B没有被拿出，弹簧能否将整体弹回 a点在 A、B 一起下滑的过程中，速度最大时

14、的位置合力为零根据功能关系求弹簧上端在最低点 c 时其弹性势能 以及摩擦产生的热量 【详解】A在 A 上滑的过程中，与弹簧分离是弹簧恢复原长的时候，之前 A 已经开始减速，故分离时 A 的速度不是最大，A错误； B设弹簧上端在最低点 c时，其弹性势能为 Ep，在 A、B一起下滑的过程中，由功能关系有 4mgLsin 4mgLcos30+Ep，将物块 B 拿出后木箱 A从 c 点到 a点的过程，由功能关系可得 Ep mgLsin+mgLcos30联立解得 Ep0.8mgL，故 B正确； C由分析可得，木箱 A从斜面顶端 a下滑至再次回到 a 点的过程中，摩擦生热 D若 AB 一起能返回的距离大于

15、弹簧原长，则有，解得，但不知道 与弹 簧原长的关系，故无法确定，故 D 错误。 【点睛】解决本题关键是掌握功与能的关系，明确能量是如何转化的解题时，采用分段法列式 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 2222 题一第题一第 3232 题为必考题，每个试题考生都题为必考题，每个试题考生都 必须做答。第必须做答。第 3 3 题一第题一第 3838 题为选考题，考生根据要求做答题为选考题，考生根据要求做答 9.如图， 小明同学利用拉力传感器和速度传感器探究“加速度与物体受力的关系”。 在长木板上相距为 L的 A、 B两点各安装一个速度传感器，分别记录

16、小车到达 A、B时的速率。实验中使用的小车及拉力传感器总质量 约为 200g，每个钩码的质量约为 50g。 主要实验步骤如下 调整长木板的倾斜角度，平衡小车受到的摩擦力 按住小车，读出拉力传感器的读数 F； 释放小车，让小车依次经过 AB速度传感器 AB，记录速度 vA和 vB，并计算出小车加速 a； 增加钩码数量，重复步骤，得到多组数据，并做出 a-F图像 (1)步骤中平衡摩擦力的具体做法是（ ） A.不挂钩码，逐步调节木板的倾斜程度，使静止的小车开始运动 B.挂上钧码，逐步调节木板的倾斜程度，使小车在木板上保持静止 C.不挂钩码，调节木板到一定的倾斜程度，轻轻推动小车，使小车经过两个速度传

17、感器时速度相同： D.挂上钩码，调节木板到一定的倾斜程度，轻轻推动小车，使小车经过两个速度传感器时速度相同： (2)步骤中小车加速度 a=_(请用题中符号表示) (3)根据本实验做出的 a-F图像最接近（ ） 【答案】 (1). C (2). (3). C 【解析】 【分析】 注意平衡摩擦力的原理，利用重力沿斜面的分力来平衡摩擦力，若物体能匀速运动则说明恰好平衡了摩擦 力；根据运动学公式中速度和位移的关系可以写出加速度的表达式； 【详解】 （1）使小车经过两个速度传感器时速度相同，说明小车做匀速直线运动，处于平衡态，重力沿斜 面向下的分力等于摩擦力，平衡了摩擦力，故选 C。 （2）根据匀变速直

18、线运动的位移与速度公式：可以求出：; （3）当砝码的质量不断增加，不再满足，加速度和 F不再满足线性关系，由分析得 C 正确。 10.小明同学想测量某电阻元件正常工作下的阻值 RL，已知该元件电阻约为 2，额定电流为 1A。在保证器 材安全的情况下，尽量准确的测量 RL。可供使用的器材有： A.电流表 A1：量程 00.6A(内阻 RA1为 1) B.电流表 A2：量程 03A(内阻 RA2约为 0.5) C.电压表 V1：量程 03V(内阻 RV1约为 3K) D.电压表 V2：量程 015V(内阻 RV2约为 15K) E.定值电阻 R1=1 F.定值电阻 R3=1K G.滑动变阻器 R：

19、05 H.蓄电池 E：电动势 10V，不计内阻 I.导线，电键 S (1)电流表应选_，电压表应选_(填写器材前面的字母序号) (2)画出电路图，并标上元件对应的符号； (3)正确连接电路后，当电流表示数为_A，元件正常工作。此时电压表示数如右上图，请读出此 时电压表的示数_V，则此元件的电阻为_。(计算结果保留 2 位小数) 【答案】 (1). A (2). C (3). 0.50 (4). 2.53-2.57 (5). 2.03-2.07 【解析】 【详解】 （1）的额定电流为 1A，从安全性和精确性两方面考虑，两个电流表均不满足要求，故要进行电 表的改装，电流表量程较小，且知道内阻，故把

20、改装能达到要求，电流表和改装成量程为 1.2A的 电流表，满足要求，电流表选，故选 A；由于的额定电流为 1A，两端的最大电压约为 2V，故电压表 选择，故选 C； （2）的量程是，小于电源的电动势,从安全性的角度考虑，应采用分压式解法，考虑到知道 电流表的内阻，采用电流表内接法可以消除系统误差，电路图如下图所示： （3）当电流表的读数为 0.5A 时，电阻两端达到额定电流 1A，正常工作。 估算电流的最大值， ，由于只有电流表知道内阻，由图可知电压表的读数为 2.53-2.57V ，由 ，代入数据可得： 11.如图甲所示， 水平放置的导轨左侧接有定值电阻 R=2， 导轨间距 L=1m整个装置

21、置于垂直纸面向外的匀 强磁场中，磁感应强度 B=1T。一根质量为 m=2kg，阻值为 r=2 的金属棒在水平拉力 F作用下，由静止开 始从 CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的 v-x 图像如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数 =0.25，重 力加速度 g=10m/s2，不计导轨电阻，求： (1)安培力 FA 与位移 x 的函数关系式； (2)从起点到位移 x=lm的过程中，拉力做的功 W。 【答案】(1) (2) 【解析】 【详解】 （1）由速度图像得： 金属棒所受的安培力 电路中的电流 整理得 （2）由上式可知与 是线性关系。当时，安培力；当时，安培力，则从起点 发生位移的过程中，安培力做

22、功为： 即金属棒克服安培力做的功为： 金属棒克服摩擦力做的功为： 根据动能定理得： 其中，代入解得拉力做的功为： 12.如图所示，长方形平台固定在地面上，上有 A、B两个绝缘不带电的光滑小球质量均为 m=1kg，两球半 径足够小。小球 B悬挂在长为 L=0.5m的细绳上，细绳另一端固定在 O 点，B与平台最右端恰好接触但没有 压力。平台右侧存在竖直向下的匀强电场，场强 E=1 103N/C。有一个内径略大于小球直径的凹槽 C 放在倾 角为 30 、 斜边长为 s=2m的斜面 D 底端， 斜面绝缘并固定在地面上， 凹槽质量为 mC=1kg， 带电量 q=0.01C， 凹槽内壁与底部垂直，回槽与斜

23、面摩擦系数为 =。现给 A一个水平向右的初速度 VA，A 球与 B 球的碰 撞为弹性碰撞，B球恰好能做完整的圆周运动。当小球 A 离开平台的同时，给凹槽一个沿斜面向上的初速 度 vC。小球 A 离开平台 t= s 后，小球相对凹槽垂直落入槽内。已知 g=10m/s2。 (1)求小球 A 的初速度 vA的大小； (2)求凹槽的初速度 vc 的大小； (3)若小球 A 与凹槽底部碰撞后黏在一起(垂直斜面方向速度全部耗散，沿斜面方向速度不变)，整个过程凹 槽带电量不发生变化，求小球 A与凹槽离开斜面的速度 V。 【答案】(1) (2) (3) 【解析】 【分析】 （1）A 球和 B 球发生弹性碰撞，

24、它们质量相等，速度交换，此后，B 恰好做竖直面内的圆周运动，可算出 B 碰后的速度，即可求出 A 的初速度； （2）A 和 B 再次碰撞，再次交换速度，A 球做平抛运动，C 做匀速直线运动，根据离开平台的时间和相对凹 槽落入槽内，由平抛运动和直线运动的规律结合几何分析即可； （3）碰撞后黏在一起，根据题意，算出此时沿斜面向上的速度，此后整体向上做匀减速直线运动，进行受 力分析求出加速度，分析位移关系，根据速度位移公式即可求解。 【详解】 （1）由题可知，A球与 B球碰撞，动量守恒、机械能守恒，得： 解得， B球做圆周运动，由最低点到最高点的过程中，机械能守恒 由题意可知，B球在最高点，重力提供

25、向心力 解得 （2）B球由最高点到最低点 B球与 A球再次发生弹性碰撞 解得 A球从平台右端离开平台的速度 对 C 受力分析，得 故 C 沿斜面向上做匀速直线运动，小球恰好无碰撞地落入凹槽，故小球 A 相对 C速度垂直于斜面； A 球离开平台后做平抛运动，竖直方向 A 球速度与水平方向夹角为 ，则，故 故 A 相对地面的速度为； 与的方向关系如图，由几何关系得， 解出 （3）小球 A与凹槽底部碰撞后黏在一起，垂直斜面方向速度全部耗散，故小球与凹槽碰撞后的速度沿斜面 向上，速度大小为 对小球 A 和凹槽这个整体受力如下图 摩擦力 小球 A和凹槽 C这个整体的加速度，方向沿斜面向下 减速到零所需距

26、离为，则 经过时间 ，凹槽上升的距离为 凹槽沿斜面向上的位移 故无法送从斜面上方离开斜面，小球开始向下运动，再对小球 A 和凹槽这个整体受力分析如下图 小球 A和凹槽 C这个整体的加速度，方向沿斜面向下 小球和凹槽子斜面低端离开斜面，此时速度大小为， 解得，方向水平向左。 13.关于分子力，下列说法中正确的是_ A. 温度相等的氢气和氧气，它们的分子平均速率相等 B. 一定温度下饱和汽的密度为一定值，温度升高，饱和汽的密度增大： C. 由于大气压作用，液体在细管中上升或下降的现象称为毛细现象 D. 液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现； E. 干湿泡湿度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离

27、饱和状态越远 【答案】BDE 【解析】 【详解】A温度相等则分子的平均动能相等，不是平均速率相等，故 A 错误； B在一定温度下，饱和汽的分子数密度一定，饱和汽的压强也是一定的，这个压强叫这种液体的饱和汽压， 饱和汽压只是指此蒸汽的分气压，与其他气体压强无关。一定温度下饱和汽的分子数密度为一定值，温度 升高，饱和汽的分子数密度增大，故 B 正确； C毛细现象表现为：浸润细管的液体在细管中上升、不浸润细管的液体在细管中下降，与大气压无关，故 C错误 D浸润现象和不浸润现象都与表面层与表面张力有关，都是分子力作用的表现。故 D正确； E干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱

28、布中的水蒸发吸热，干湿泡温度 计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远。故 E 正确. 【点睛】熟悉分子力的特点是解题的关键。 14.密闭导热的气缸内有一定质量的理想气体，初始状态轻活塞处于 A 点，距离气缸底部 6cm，活塞横截面 积为 1000cm2， 气缸内温度为 300K， 大气压强为 p=1.0 105Pa。 现给气缸加热， 气体吸收的热量 Q=7.0 102J， 气体温度升高 100K，轻活塞上升至 B点。求： B 点与气缸底部的距离； 求此过程中气体内能的增量U。 【答案】 【解析】 详解】由题可知理想气体做等压变化，由盖吕萨克定得 解得 气体对外做功; 解得;

29、 由热力学第一定律知； 解得 15.如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移，以向右为正方向。下列说法 中正确的是_(填入正确选项前的字母。选对 1 个给 2 分，选对 2个给 4 分，选对 3 个给 5分，每 选错一个扣 3分，得分为 0 分) A. 同一摆球在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点，加速度是相同的 B. 甲、乙两个摆的频率之比为 12 C. 甲、乙两个摆的摆长之比为 12； D. 从 t=0 时起，乙第一次到达右方最大位移处时，甲位于平衡位置，速度方向向左 E. t=2s 时，甲摆的重力势能最小，乙摆的动能为零； 【答案】ADE 【解析】 【分析】 据

30、振动图象能读出周期，然后结合单摆的周期公式求解单摆的摆长之比写出乙摆的振动方程，将时间值 代入求解其位移 【详解】A对于同一个摆球，由回复力方程知，在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点，加 速度是相同的，故 A对。 BC根据振动图象知，甲、乙两个单摆周期分别为 ，；由此得，故 B错误； 由单摆的周期公式得单摆的摆长之比,故 C错误； D从 t=0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，位移为负，结合图像可知，此时，甲位于平衡位 置，速度方向向左，故 D正确； Et=2s时，甲摆处于最低点，故重力势能最小，乙摆处于最大位移出，故动能为零，E 正确。 16.一足够大的水池内盛有某种透明液体，液体的深度为 H，在水池的底部放一点光源 S，其中一条光线以 30 入射角射到液体与空气的界面上，它的反射光线与折射光线的夹角为 105 ，如图所示。求 液体的折射率 液体表面亮斑的面积。 【答案】 （i）； （ii） 【解析】 试题分析： （i）由图知，入射角，折射角 （ii）若发生全反射，入射角 C 应满足：，解得 亮斑半径 亮斑面积。 考点：光的折射定律 【名师点睛】考查光的折射定律与光的全反射现象，运用几何知识来解题，同时注意全反射的条件。