2018-2019学年广西玉林市博白县九年级（上）期末物理试卷（含详细解答）

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1、2018-2019 学年广西玉林市博白县九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题 1炎炎夏日，烈日下海滩的沙子热得烫脚，而海水很清凉，傍晚落日后，沙子凉了，海水 却依然暖暖的，这主要是因为海水和沙子具有不同的（ ） A密度 B内能 C热量 D比热容 2如图表示的是汽油机工作时的（ ） A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程 3如图所示，滑雪运动员的滑雪板做得宽大，其目的是为了（ ） A增大压强 B减小压强 C增大压力 D减小压力 42018 年 5 月 5 日，中国国产航母完成首次舰载直升机起降。直升机减速下降靠近航母甲 板的过程中（ ） A惯性变大 B动能变小 C重力势能不变 D机械能

2、不变 5下列图中符合安全用电与保护原则的是（ ） A将冰箱的金属外壳接地 第 2 页（共 27 页） B多个大功率用电器同时使用一个插座 C用湿抹布擦发光的灯泡 D开关接在零线上 6如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（ ） A B C D 7新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流 16A 的 延长线插座，导线 最小标准横截面积由 1mm2提升到 1.5mm2增大导线横截面积的目的是（ ） A增大导线的电阻 B减小通过导线的电流 C增大导线的电压 D减小导线发热的功率 8现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察， 画

3、出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（ ） A B 第 3 页（共 27 页） C D 9下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（ ） A近视眼需要佩戴凸透镜来矫正 B放大镜成正立、放大的实像 C用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内 D要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投片 102018 年 4 月 12 日，我国在南海举行海上阅兵。此次阅兵，辽宁舰航母编队精彩亮相， 一大批新型潜艇、水面舰艇、作战飞机集中展示。下列说法正确的是（ ） A当辽宁舰航母上舰载飞机起飞后，航空母舰排开水的体积会增大 B水面舰艇多采用前后编队而非并排行驶，是为避免舰

4、艇相“吸”碰撞 C潜水艇受到的重力等于其浮力时，潜水艇一定处于漂浮状态 D战机升空时，机翼下方气流速度较大，气流对机翼下表面的压强较大 二、填空题二、填空题 11小明国庆期间跟爸爸乘汽车去五彩田园游玩，汽车在路上行驶时，以车窗为参照物，汽 车上的座椅是 的；倒车雷达利用 （选填“超声波”或“次声波“）探测 障碍物的。 12如图所示， “漓江烟雨”是难得见的美丽景色，江面上环绕的雾是由水蒸气 （填 写物态变化名称）形成的，在这个过程中水蒸气会 选填（ “吸收”或“放出” ）热 量。 13教室里的每位同学都能看到投影白板上的课件画面，这是由于光发生了 反射， 小敏从平面镜看到镜子对电子钟示数的图象

5、如图所示，这时的实际时刻是 。 14如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方时，它根据 （选填“电流的磁效应” 第 4 页（共 27 页） “电磁感应”或“通电导体在磁场中受力” ）的原理发电。魔方还能通过 USB 端口给移 动设备充电， 给移动设备充电时， 魔方相当于电路中的 （填 “电源” 或 “用电器） 。 15某定值电阻两端加上 10V 的电压时，测得通过它的电流为 2A，则其阻值为 ， 若电压为 0，则它的阻值为 。 16 如图甲所示电路中， 电源电压保持不变， R0为定值电阻， R 为滑动变阻器。 闭合开关 S 移 动滑片 P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示，则滑动

6、变阻器的最 大阻值是 ，电源电压是 V。 三、作图、实验与探究三、作图、实验与探究 17画出图中正在加速下落的雨滴受力的示意图。 18根据图中已标出的通电螺线管的 N、S 极，请在图中标出磁感线的方向和电源的“+、 ”极。 19在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液 体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图 A 所示。 第 5 页（共 27 页） （1）图 B 为某时刻的温度，其示数为 。 （2）分析图 C 可知，吸收相同热量， 液体升温更高； 液体更适合作汽车 发动机的冷却液。 （3）若甲、乙液体从图 C 所示的初温分别升高到 40和 35，吸收

7、热量之比为 2：1， 则甲、乙液体的比热容之比为 。 20小天家有一块绿松石工艺品，他想知道绿松石的密度，进行了如下实验。 （1）按图甲调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是 ； （2）纠正错误后，小天调节天平平衡并测量出该工艺品的质量，当天平平衡时，右盘砝 码和游码如图乙所示，工艺品的质量 m g； （3）小天利用量筒测得工艺品体积 V石10cm3 （4）计算出这块绿松石制作的工艺品的密度为 kg/m3； （5）如果小天将步骤（2） 、 （3）互换，则测出工艺品的密度将偏 （大/小） ； （6）实验完成后，小天还利用这块绿松石工艺品和一个弹簧测力计测出了家中食用油的 密度，实验过程如图丁所示，

8、弹簧测力示数为 F，则食用油的密度（写出字母表达式） 油 。 （ 工 艺 品 已 经 测 出 的 质 量 和 体 积 分 别 用 m石和 V石表 示 ） 四、综合应用题四、综合应用题 第 6 页（共 27 页） 21安全、清洁、方便的太阳能越来越受到人们的重视 和广泛利用。如图所示，一太阳能 热水器内装有体积为 200L，温度为 20的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到 80c水4.2103J/（kg） （1）水吸收的太阳能是多少？ （2）这些热量相当于完全燃烧多少 kg 的干火柴？ （3）若这些热量由干木柴完全燃烧来获得，且放出的热量有 70%被水吸收，求干木柴的 质量是多少？q干木柴1.

9、2107J/kg。 22如图所示，定值电阻 R150，只闭合 S1，将滑动变阻器滑片 P 移到最左端时，电流 表是的示数为 0.24A；只闭合开关 S3，将滑动变阻器滑片 P 移到中点时，电流表示数为 0.2A， 小灯泡L的实际功率为1.8W： 电流表的量程为00.6A， 电压表的量程为03V（不 考虑温度对灯丝电阻的影响） 。求： （1）电源电压 （2）小灯泡的电阻 （3）只闭合开关 S3，滑片 P 在中点时，电压表的示数是多少？ （4）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？ 23如图是工人将重 160N 的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为 3m，用时 3s， 工人的拉力

10、为 50N，工人质量为 50kg。 （物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦） （1）求工人放绳的速度。 （2）求滑轮组的效率 1 （3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为 2，已知 1：24：3（物体在水中 仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g10N/kg） 。求当物体完全浸没 水中后，工人对地面的压力。 第 7 页（共 27 页） 第 8 页（共 27 页） 2018-2019 学年广西玉林市博白县九年级（上）期末物理试卷学年广西玉林市博白县九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、单项选择题一、单项选择题 1炎炎夏日，烈日下海滩的沙子热得烫脚，而海水

11、很清凉，傍晚落日后，沙子凉了，海水 却依然暖暖的，这主要是因为海水和沙子具有不同的（ ） A密度 B内能 C热量 D比热容 【分析】水的比热容大，在吸收和放出相同热量时，与同质量的其他物质相比，其温度 变化小。 【解答】解： 水的比热容比沙子的比热容大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的 温度变化比沙小，因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低，放出相同热 量时，海水比沙滩的温度高，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题主要考查学生对水的比热容大在生活中的应用的了解，是一道基础题。 2如图表示的是汽油机工作时的（ ） A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程 【分

12、析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲 程。 【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，火花塞喷出电火花，可以 判断是做功冲程。 故选：C。 【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法，属于基础题目。 3如图所示，滑雪运动员的滑雪板做得宽大，其目的是为了（ ） 第 9 页（共 27 页） A增大压强 B减小压强 C增大压力 D减小压力 【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定 时，通过增大压力来增大压强。 减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是

13、在受力面积一定 时，通过减小压力来减小压强。 【解答】解： 滑雪运动员的滑雪板做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压 强。 故选：B。 【点评】本题考查增大和减小压强的方法，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多 举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。 42018 年 5 月 5 日，中国国产航母完成首次舰载直升机起降。直升机减速下降靠近航母甲 板的过程中（ ） A惯性变大 B动能变小 C重力势能不变 D机械能不变 【分析】 （1）惯性大小只与质量有关， （2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大 小的影响因素：质量、被举

14、得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能 统称为机械能。 【解答】解：A、惯性大小只与质量有关，与速度无关，质量不变，惯性不变，故 A 错 误； BCD、直升机减速下降过程中，高度减小，重力势能减小；速度减小，动能减小；机械 能为动能和势能的和，故机械能减小；故 B 正确，CD 错误。 故选：B。 第 10 页（共 27 页） 【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，根据影响因素能判断动能、 重力势能和弹性势能的大小变化。 5下列图中符合安全用电与保护原则的是（ ） A将冰箱的金属外壳接地 B多个大功率用电器同时使用一个插座 C用湿抹布擦发光的灯泡 D开关接在零线上 【

15、分析】有金属外壳的用电器，外壳要保持良好接地； 电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大； 不能用湿手或湿物体去接触用电器或开关； 开关应控制火线。 【解答】解： A、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属 是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大 地，而防止了触电事故的发生，故 A 正确； B、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大 功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾，故 B 错误； C、因为湿抹布是导体，当用湿抹布接触带电体时，可能会使

16、电源通过人体与大地形成通 第 11 页（共 27 页） 路，使人触电，故 C 错误； D、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋 套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和 灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切 断火线，触及灯泡时更安全，故 D 错误。 故选：A。 【点评】本题主要考查学生对安全用电知识的了解与掌握，增强用电安全意识，学会自 我保护。 6如图所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（ ） A B C D 【分析】要解答本题需掌握：电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到

17、力的作用的原 理制成的。 【解答】解： A、奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故 A 不符合题意； B、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故 B 符合题意； C、图为电磁继电器的原理图，是利用电流的磁效应制成的，故 C 不符合题意； D、当导体在磁场中做切割磁感线运动时，检流计的指针会发生偏转，说明会产生感应电 流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故 D 不符合题意。 故选：B。 【点评】电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观 察图形中有无电源是此题的解题关键。 7新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流

18、 16A 的 延长线插座，导线 最小标准横截面积由 1mm2提升到 1.5mm2增大导线横截面积的目的是（ ） A增大导线的电阻 B减小通过导线的电流 第 12 页（共 27 页） C增大导线的电压 D减小导线发热的功率 【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定 时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据 PI2R 分析导线的发热功率变化，要 注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。 【解答】解： A延长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故 A 错误； B通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，无法判断通过导线电流的

19、变化， 故 B 错误； C在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由 UIR 可知，可以减小导线两端的 电压，故 C 错误； D在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由 PI2R 可知，可以减小导线发热的 功率，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了影响导体电阻大小因素和欧姆定律、电热公式的应用等，是一道较 为简单的应用题。 8现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察， 画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（ ） A B C D 【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然 后分析选项得出答案。

20、【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光， 故 A 不正确； B、只闭合开关 S1时绿灯亮，只闭合开关 S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故 B 第 13 页（共 27 页） 正确； C、 两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光， 任何一个开关断开时红绿交通信号 灯同时发光，故 C 不正确； D、当只闭合开关 S2时，两灯泡都发光；只闭合 S1时绿灯亮。故 D 不正确。 故选：B。 【点评】本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要 注意从选项中找出最符合题意的答案。 9下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（ ） A近视眼需要

21、佩戴凸透镜来矫正 B放大镜成正立、放大的实像 C用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内 D要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投片 【分析】 （1）近视眼观察物体时，像成在视网膜的前方，所以用凹透镜来矫正。 （2）放大镜成的是正立、放大的虚像； （3）扫二维码时镜头和二维码的距离大于二倍焦距，成倒立缩小的实像； （4）凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。 【解答】解： A、近视眼观察远处物体时，像成在视网膜的前方，为使光线延迟会聚，应佩戴具有发散 作用的凹透镜来矫正，故 A 错误； B、放大镜成的是正立、放大的虚像，故 B 错误； C、手机摄像头是利用

22、物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律工作的，因此，用手 机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头的两倍焦距以外，故 C 错误； D、要使投影仪成像变大，应减小物距，增大像距，所以，应使投影仪远离屏幕（增大像 距） ，同时使镜头靠近投片（减小物距） ，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了凸透镜的成像规律和成像特点的应用，属于基础知识。 102018 年 4 月 12 日，我国在南海举行海上阅兵。此次阅兵，辽宁舰航母编队精彩亮相， 一大批新型潜艇、水面舰艇、作战飞机集中展示。下列说法正确的是（ ） A当辽宁舰航母上舰载飞机起飞后，航空母舰排开水的体积会增大 B水面舰艇多采用前后编队而非

23、并排行驶，是为避免舰艇相“吸”碰撞 第 14 页（共 27 页） C潜水艇受到的重力等于其浮力时，潜水艇一定处于漂浮状态 D战机升空时，机翼下方气流速度较大，气流对机翼下表面的压强较大 【分析】 （1）知道航母在平静的水面上航行（漂浮） ，利用漂浮条件确定浮力与总重力的 关系；战机在起飞前是停在航母上的，应将其与航母看成一个整体，再根据漂浮的条件， 可判断战机起飞前后浮力的变化情况，利用阿基米德原理判断它排开水的体积变化。 （2）流体流速越大，流体产生的压强越小；流体流速越小，压强越大； （3）物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮G；悬浮：F浮G；下沉：F浮G。 【解答】解：A、由于航母在平静的

24、水面航行时，航母处于漂浮，它受到的浮力等于它的 总重力；战机从航母上起飞后，航母的总重力减小， 因为漂浮物体的浮力等于自身重力， 所以此时航母受到的浮力将减小， 因为 F浮gV排， 则当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积会减小。故 A 错误； B、舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速 度大于舰艇外侧的水流速度；因为水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大， 所以舰艇内外测的水存在压强差，水的压强差使两舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免 舰艇相“吸”碰撞，故不采用“并排”护航。故 B 正确； C、当水舱充水后，潜水艇重等于同体积的水重时，由于潜水艇排

25、开水的体积等于潜水艇 体积，所以潜水艇可以悬浮在水中，而不是一定漂浮在水中，故 C 错误； D、飞机在空中前进时，机翼上方气流速度较大，气流对机翼的压强小，下方气流速度较 小，它对机翼的压强大，这样在机翼的上下表面存在压力差，就产生了向上的升力。故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了学生对流体流速与流体压强、阿基米德原理、和物体的浮沉条件的 掌握和运用，明确战机起飞后对航母总重力的影响是本题的关键。 二、填空题二、填空题 11小明国庆期间跟爸爸乘汽车去五彩田园游玩，汽车在路上行驶时，以车窗为参照物，汽 车上的座椅是 静止 的；倒车雷达利用 超声波 （选填“超声波”或“次声波“） 探测障

26、碍物的。 【分析】 （1）研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如 果变化，物体是运动的，如果没变化，则是静止的； （2）人们可以利用超声波传递信息，如利用回声定位制造的倒车雷达。 第 15 页（共 27 页） 【解答】解： 在汽车行驶时，车窗和座椅之间没有位置变化，以车窗为参照物，座椅是静止的； 汽车的倒车雷达利用的是超声波传递信息的。 故答案为：静止；超声波。 【点评】此题考查了运动和静止的判断以及超声波的应用，属于基础知识。 12如图所示， “漓江烟雨”是难得见的美丽景色，江面上环绕的雾是由水蒸气 液化 （填 写物态变化名称）形成的，在这个过程中水蒸气会 放出 选

27、填（ “吸收”或“放出” ） 热量。 【分析】物质由气态变为液态是液化，液化放热。 【解答】解：雾是由空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，液化放热。 故答案为：液化；放出。 【点评】此题考查了露的形成是何种物态变化，以及吸放热情况，是一道基础题。 13教室里的每位同学都能看到投影白板上的课件画面，这是由于光发生了 漫 反射，小 敏从平面镜看到镜子对电子钟示数的图象如图所示，这时的实际时刻是 10：51 。 【分析】 （1）为了使教室里的每一位同学都能看到投影白板上的课件画面，投影的白板 表面比较粗糙，当光线射到投影的白板上，反射光线会射向四面八方，这种反射称为漫 反射。 （2）平面镜成像时，像、

28、物关于平面镜对称，可以由像再做出物，还原实际图象后再读 时间。 【解答】解：投影白板粗糙不平，光线射到上面后，反射光线会射向四面八方，每一位 同学都能看到投影白板上的画面，这是发生了漫反射的原因。 根据平面镜成像时像和物关于镜面对称，可以通过对称性由像作出物体（左侧为实际的 电子钟） ，如下图所示： 第 16 页（共 27 页） 因此实际时间为 10：51，也可以利用对称性规律，从像的背面去直接读取。 故答案为：漫；10：51。 【点评】此题考查了平面镜成像规律和漫反射，结合生活中的实例考查物理知识，真正 的把知识应用于生活，给同学们指明了学习的方向。 14如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔

29、方时，它根据 电磁感应 （选填“电流的磁 效应” “电磁感应”或“通电导体在磁场中受力” ）的原理发电。魔方还能通过 USB 端口 给移动设备充电，给移动设备充电时，魔方相当于电路中的 电源 （填“电源”或“用 电器） 。 【分析】利用电磁感应现象可以产生感应电流；在电磁感应现象中机械能转化为电能； 在对外供电的过程中，电源会提供电能。 【解答】解：转动魔方时，闭合电路的导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，利用 的是电磁感应现象；在发电的过程中，机械能转化为电能； 魔方给移动设备充电时，魔方提供电能，相当于电路中的电源。 故答案为：电磁感应；电源。 【点评】发电机的原理是利用电磁感应现象，而

30、电动机的原理是通电导体在磁场中受力 运动，它们的能量转化分别是：机械能转化电能，电能转化为机械能。 15某定值电阻两端加上 10V 的电压时，测得通过它的电流为 2A，则其阻值为 5 ，若 电压为 0，则它的阻值为 5 。 【分析】电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；根据欧姆 定律公式 I变形后可求电阻值。 【解答】解： 第 17 页（共 27 页） 由 I得定值电阻的阻值：R5； 由于电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以当它两端 的电压为零时，它的阻值仍为 5。 故答案为：5；5。 【点评】此题考查了对导体电阻的理解，抓住电阻是导体具有的性

31、质，运用欧姆定律可 解答。 16 如图甲所示电路中， 电源电压保持不变， R0为定值电阻， R 为滑动变阻器。 闭合开关 S 移 动滑片 P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象如图乙所示，则滑动变阻器的最 大阻值是 30 ，电源电压是 8 V。 【分析】 （1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1的最大阻值和 R0串联，电流表 测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻 器的功率，根据 PI2R 求出滑动变阻器的最大阻值； （2） 根据的电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压； 由图乙可知， 当电路中的电流 I 0.4A 时滑动变阻器的功率， 根据 PI

32、2R 求出滑动变阻器的阻值， 根据电阻的串联和欧 姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出 R0的阻值，进一步求 出电源的电压。 【解答】解： （1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R 的最大阻值和 R0串联，电 流表测电路中的电流， 由图乙可知，电路中的最小电流 I最小0.2A，滑动变阻器的功率 P11.2W， 由 PI2R 可得，滑动变阻器的最大阻值： R最大30； （2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由 I可得，电源的电压： UI最小（R最大+R0）0.2A（30+R0） ， 第 18 页（共 27 页） 由图乙可知，当电路中的电流 I0.4A 时，滑

33、动变阻器的功率 P11.6W， 则滑动变阻器接入电路中的电阻： R10， 电源的电压： UI（R+R0）0.4A（10+R0） ， 因电源的电压不变， 所以，0.2A（30+R0）0.4A（10+R0） ， 解得：R010， 电源的电压： UI最小（R+R0）0.2A（30+10）8V。 故答案为：30；8。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象 读出电流和滑动变阻器功率的对应值。 三、作图、实验与探究三、作图、实验与探究 17画出图中正在加速下落的雨滴受力的示意图。 【分析】首先对雨滴进行受力分析，明确小球受到哪些力，方向怎样，作用点在哪里， 然后做出

34、受力示意图。 【解答】解： 加速下落的雨滴，受到重力 G 和空气阻力 f 的作用，且向下的重力大于向上的阻力，重 力的方向竖直向下、阻力的方向竖直向上，作用点在雨滴的重心，雨滴的受力示意图如 图所示： 第 19 页（共 27 页） 【点评】此题考查力的示意图的画法，在画力的示意图时一定要先分析物体的受力情况， 不能漏掉哪个力。 18根据图中已标出的通电螺线管的 N、S 极，请在图中标出磁感线的方向和电源的“+、 ”极。 【分析】磁体外部的磁感线从 N 极出来，回到 S 极；知道通电螺线管的 NS 极和螺线管 的绕法，利用右手螺旋定则确定电流方向，而电流从电源正极出来、回到负极，据此确 定电源的

35、正负极。 【解答】解：通电螺线管外部的磁感线从 N 极指向 S 极；伸出右手使右手大拇指指示螺 线管的右端（N 极） ，四指弯曲所指的方向为电流的方向，由此可知电流从螺线管的左边 流出、右边流入，电源的左边为正极、右边为负极，如图所示： 【点评】右手螺旋定则（安培定则）涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈的绕向。 在具体的题目中，知二求一。由此来突破此题。 19在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液 体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图 A 所示。 （1）图 B 为某时刻的温度，其示数为 39 。 （2）分析图 C 可知，吸收相同热量， 乙

36、液体升温更高； 甲 液体更适合作汽车发 动机的冷却液。 第 20 页（共 27 页） （3）若甲、乙液体从图 C 所示的初温分别升高到 40和 35，吸收热量之比为 2：1， 则甲、乙液体的比热容之比为 3：2 。 【分析】 （1）根据温度计分度值读数； （2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。 比较物质吸热能力的 2 种方法： 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间） ，吸收热 量多的吸热能力强 使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间） ，比较温度的变化，温度 变化小的吸热能力强； 根据 Qcmt 分析。 （3）

37、根据 c求解。 【解答】解： （1）图 B 中，温度计分度值为 1，示数为 39； （2）分析图 C 可知，吸收相同热量，即加热相同时间，如下所示，乙液体升温更高； 根据比较吸热能力的第 2 种方法，甲的吸热能力强，比热容大，根据 Qcmt，相同的 质量甲乙两种物质，升高相同的温度，甲吸热多，冷却效果好，甲液体更适合作汽车发 第 21 页（共 27 页） 动机的冷却液； （3） 若甲、 乙液体从图 C 所示的初温分别升高到 40和 35， 升高的温度分别为： 20 和 15，吸收热量之比为 2：1，根据 c， 则甲、乙液体的比热容之比为：3：2。 故答案为： （1）39； （2）乙； 甲； （

38、3）3：2。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能 力的方法，为热学中的重要实验。 20小天家有一块绿松石工艺品，他想知道绿松石的密度，进行了如下实验。 （1）按图甲调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是 游码未放在零刻度线上 ； （2）纠正错误后，小天调节天平平衡并测量出该工艺品的质量，当天平平衡时，右盘砝 码和游码如图乙所示，工艺品的质量 m 27 g； （3）小天利用量筒测得工艺品体积 V石10cm3 （4）计算出这块绿松石制作的工艺品的密度为 2.7103 kg/m3； （5）如果小天将步骤（2） 、 （3）互换，则测出工艺品的密度将偏 大 （大/

39、小） ； （6）实验完成后，小天还利用这块绿松石工艺品和一个弹簧测力计测出了家中食用油的 密度，实验过程如图丁所示，弹簧测力示数为 F，则食用油的密度（写出字母表达式） 油 。 （工艺品已经测出的质量和体积分别用 m石和 V石表示） 【分析】 （1）在称量物体的质量之前，要用镊子将游码移到标尺左端的零刻度线处； （2）天平的分度值为 0.2g，工艺品质量 m 等于砝码质量加游码对应的刻度值； （4）用公式 算出工艺品的密度； 第 22 页（共 27 页） （5）先测体积后测质量，导致质量偏大，根据密度公式分析解答； （6）根据称重法求出工艺品受到的浮力，再利用阿基米德原理求物体体积，最后利用密

40、 度公式解答； 【解答】解： （1）按图甲调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是调节平衡螺母之前游码没有移到零 刻度线处； （2）纠正错误后，小天调节天平平衡并测量出该工艺品的质量，当天平平衡时，右盘砝 码和游码如图乙所示，工艺品的质量为 m20g+5g+2g27g； （4）利用量筒测得工艺品体积 V石10cm3， 则这块绿松石制作的工艺品的密度为：2.7g/cm32.7103kg/m3； （5）如果小天将步骤（2） 、 （3）互换，即先测体积再测质量，会因为石块上沾有水而使 质量的测量值偏大，测出工艺品的密度将偏大； （6）实验完成后，小天还利用这块绿松石工艺品和一个弹簧测力计测出了家中食用油

41、的 密度，实验过程如图丁所示，弹簧测力示数为 F， 则由称重法可得，石头受到的浮力为 F浮m石gF， 绿松石完全浸没，则 V排V石， 由阿基米德原理可得，食用油的密度： 油。 故答案为： （1）游码未放在零刻度线上； （2）27； （4）2.7103； （5）大； （6）。 【点评】本题考查固体物质密度的测量实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分 析即可。 四、综合应用题四、综合应用题 21安全、清洁、方便的太阳能越来越受到人们的重视 和广泛利用。如图所示，一太阳能 热水器内装有体积为 200L，温度为 20的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到 80c水4.2103J/（kg） （1）水

42、吸收的太阳能是多少？ （2）这些热量相当于完全燃烧多少 kg 的干火柴？ 第 23 页（共 27 页） （3）若这些热量由干木柴完全燃烧来获得，且放出的热量有 70%被水吸收，求干木柴的 质量是多少？q干木柴1.2107J/kg。 【分析】 （1）利用密度公式先求出水的质量结合水的初温和末温，根据吸热公式计算水 吸收的热量； （2）求出了水吸收的热量，由题知 Q吸Q放，利用 Q放mq 计算需要完全燃烧多少干 木柴； （3）根据效率公式结合燃料放热公式求出干木柴的质量。 【解答】解： （1）由 可得，水的质量为： mV1.0103kg/m320010 3m3200kg； 水吸收的热量： Q吸cm

43、1t4.2103J/（kg）200kg（8020）5.04107J； （2）这些热量相当于完全燃烧 m2千克干木柴： 根据 Q吸Q放m2q 可得： m242kg （3）由 可得： Q放7.2107J 由 Q放mq 可得： m36kg。 答： （1）水吸收的热量是 5.04107J； （2）这些能量相当于完全燃烧 4.2kg 干木柴放出的热量； （3）干木柴的质量是 6kg。 【点评】本题考查了太阳能热水器使用、效率公式、吸热公式计算、燃料燃烧放热计算， 第 24 页（共 27 页） 通过做题使学生了解太阳能的优点，引导学生积极开发新能源。 22如图所示，定值电阻 R150，只闭合 S1，将滑动

44、变阻器滑片 P 移到最左端时，电流 表是的示数为 0.24A；只闭合开关 S3，将滑动变阻器滑片 P 移到中点时，电流表示数为 0.2A， 小灯泡L的实际功率为1.8W： 电流表的量程为00.6A， 电压表的量程为03V（不 考虑温度对灯丝电阻的影响） 。求： （1）电源电压 （2）小灯泡的电阻 （3）只闭合开关 S3，滑片 P 在中点时，电压表的示数是多少？ （4）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？ 【分析】 （1）当电阻接在电源两端时，利用电流和电阻的乘积计算电源电压的大小； （2）根据灯泡的电流和电功率，可以计算灯泡的电阻的大小； （3）根据灯泡的电流和电阻计算分压大小，

45、利用电源电压和灯泡的电压差计算滑动变阻 器分压大小，根据电压和电流可以计算滑动变阻器电阻的最大值； （4） 计算电路的最小电功率， 此时滑动变阻器取值最大， 但最大值受电压表的量程控制， 根据电压表量程分析最小电流，利用电源电压和最小电流的乘积计算最小电功率。 【解答】解： （1）只闭合 S1滑片 P 移到中最左端时。电路只有 R150， 由 I可得： 电源电压 UI1R10.24A5012V； （2）只闭合 S3时。滑动变阻器滑片 P 移到中点时。灯泡和滑动变阻器串联。 由 PI2R 得： 灯泡的电阻：RL45； （3）根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得： 此时灯泡两潮的实际电

46、压：UL实I L实RL0.2A459V； 第 25 页（共 27 页） 所以滑动变阻器两端的电压：U滑UUL12V9V3V即为电压表示数， 由 I可得： 此时滑动变阻器连入电路中的阻值 R15。 滑动变阻器的最大阻值 R滑2R21530； （4）只闭合开关 S1时，R1和 R2串联，为了保护电路安全。电压表示数不能超过 3V， 则 U2min3V 时，电流最小电路中消耗的功率最小， 根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得： 此时 R1两端的电压：U1UU2大12V3V9V， 电路中的最小电流：I小0.18A， 此时，由 I可得： R滑16.730； 电路消耗的最小功率：PminUl小

47、12V0.18A2.16W。 答： （1）开关 S1、S2、S3都闭合时，通过 R1的电流是 0.24A； （2）小灯泡的电阻是 45；只闭合开关 S3，滑片 P 在中点时，电压表的示数是 3V； （3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是 2.16W。 【点评】此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率计算公式、电路结构分析的理解和 掌握，弄明白电阻最大时，电路中电流最小，电路消耗的功率最小是解决此题的关键。 23如图是工人将重 160N 的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为 3m，用时 3s， 工人的拉力为 50N，工人质量为 50kg。 （物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦） （

48、1）求工人放绳的速度。 （2）求滑轮组的效率 1 （3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为 2，已知 1：24：3（物体在水中 仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g10N/kg） 。求当物体完全浸没 水中后，工人对地面的压力。 第 26 页（共 27 页） 【分析】 （1）根据 v算出物体的速度，根据绳子段数算出工人放绳的速度； （2）根据 W有用Gh 算出有用功，根据 W总Fs 算出总功；根据 100%算 出机械效率； （3）根据入水前的拉力和物体的重力，根据 F（G动+G）算出动滑轮重力；根据 1： 24：3 算出物体完全浸没水中后滑轮的机械效率 2 根据 100%表示出对物体的拉力；根据 Gmg 算出人的重力，对人受力分析 得出人对地面的压力。 【解答】解： （1）物体下降速度为：v1m/s