2019-2020学年浙江省杭州市萧山区城区片六校九年级（上）期中物理试卷（含详细解答）

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1、如图所示，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动过 程中（ ） A电压表 V 示数变小 B电流表 A1示数变大 C电流表 A2示数不变 D电流表 A2示数变小 2 （3 分）如图所示，在做模拟“蹦极”的小实验时，橡皮筋的一端系一个小石块，另一端 固定在 A 点，B 点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，C 点是小石块从 A 点自由释放后所能达到的最低点。若整个过程不计空气阻力，则小石块从 A 点到 C 点的 运动过程中（ ） A小石块在 C 点时，它具有的机械能最小 B从 A 点下落到 B 点的过程中，小石块的机械能减小 C从 B 点下落到 C 点的过程中，小

2、石块的机械能先增大后减小 D小石块减少的重力势能全部转化为动能 3 （3 分）下列有关如图所示四幅图的观点中（不计摩擦） ，分析合理的是（ ） 第 2 页（共 16 页） A图甲中，起跳后上升到最高点时人的动能为零 B图乙中，在下降过程中滚摆的动能转化为重力势能 C图丙中，卫星从近地点到远地点机械能减小 D图丁中，小球从 A 到 B 的过程中重力势能转化为动能 4 （3 分）如图所示电路中，闭合开关 S，灯泡发光，电路正常。若将电压表与电流表交换 位置，电路可能出现的情况是（ ） A电流表、电压表被烧毁 B电压表示数接近电源电压 C灯泡正常发光 D电流表有示数 5 （3 分）用弹簧测力计沿水平

3、方向两次拉着同一物体在同一水平面上运动，两次运动的 s t 图象如图所示。其对应的弹簧测力计示数分别为 F1、F2，相同时间内所做的功分别为 W1、W2，相同时间内的功率分别为 P1、P2，则它们的关系正确的是（ ） AF1F2 P1P2 BF1F2 W1W2 第 3 页（共 16 页） CF1F2 P1P2 DF1F2 W1W2 6 （3 分）如图所示为一台电压力锅，它结合了高压锅和电饭锅的优点，省时省电、安全性 高。当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作。下图中 S1为过压保 护开关，S2为过热保护开关，压强过大时开关 S1自动断开，温度过高时开关 S2自动断 开。下图分别

4、表示 S1、S2和锅内发热器的连接情况，其中符合上述工作要求的是（ ） A B C D 二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 28 分，分，21 题前题前 4 空空 1 分，其余每空分，其余每空 2 分）分） 7 （4 分）如图所示，用 10N 的水平推力推重为 20N 的物体沿水平方向做匀速直线运动。 若 5s 内推力对物体做了 80J 的功，则在这一过程中，物体沿水平方向运动了 m， 推力做功的功率为 W。 8 （6 分）用手将一重为 G 的铁球缓慢放在一弹簧上，放手后，铁球从 A 位置开始向下运 动，到达 B 位置速度达到最大，到达 C 位置小球的速度变为零。已知 AC 间的高度差为

5、 h，则从 A 位置到 C 位置铁球的重力做功是 ；在此过程中弹簧的弹性势能增加量 为 。B 位置到 C 位置的过程中铁球所受的重力 （选填“大于” 、 “小于” 、 “等于” ）弹簧所施加的弹力。 （整个过程中不计能量损耗） 第 4 页（共 16 页） 三、实验探究题（本大题共三、实验探究题（本大题共 44 分，每空分，每空 2 分）分） 9 （6 分）利用如图所示装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关” 。将小球 A、B 分别 拉到与竖直方向成一定角度 的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时， 将与静止在水平面上的木块 C 发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止。图 中的

6、摆长 L 都相同，12，球 A、B 的质量分别为 mA、mB（mAmB） 。 （1）如图甲、乙所示，同时释放 A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到 达竖直位置。这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的 无关。 （2）如图甲、乙所示，观察到 B 球能将木块 C 撞得更远。由此可得出结论： 。 （3）图乙中小球 B 到达竖直位置时的速度 （选填“大于” 、 “小于”或“等于” ） 图丙中小球 B 到达竖直位置时的速度。 （4）如图乙、丙所示，丙中木块 C 滑行得更远些，由此可得出结论： 。 10 （10 分）在“伏安法测定值电阻”的实验中，小金同学所用的电源电压恒定不变，但

7、电 源电压未知，滑动变阻器标有“201.5A”字样，电压表和电流表的量程合适，但已连接 了部分电路，如图甲所示。请你接着完成下列问题： （1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。 （2）当电压表示数为 2.4V 时，电流表的示数如图乙所示，则电阻丝的电阻为 。 （3）在某次实验时，小金连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片的过程中发现， 电流表示数变大时，电压表示数反而减小，电流表示数变小时，电压反而增大。经检查 第 5 页（共 16 页） 所用器材均完好，小金猜想电路连接有误。你认为出现上述实验现象的原因是 。 （4）小金正准备继续实验，发现电压表已损坏。他利用余下的电流表和滑动变阻

8、器完成 对 Rx 的再一次测量。请你在图丙中画出设计的电路图，并完善下列步骤。 照电路图连接好电路； 调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 0 时，读出电流表的示数 I1； 调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为最大值时，读出电流表的示数 I2； 据已知条件和测量结果，写出定值电阻的表达式：Rx 。 第 6 页（共 16 页） 2019-2020 学年浙江省杭州市萧山区城区片六校九年级（上）期学年浙江省杭州市萧山区城区片六校九年级（上）期 中物理试卷中物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 60 分，每小题分，每小题 3 分分，每小题只有

9、一个选项符合题意），每小题只有一个选项符合题意） 1 （3 分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动过 程中（ ） A电压表 V 示数变小 B电流表 A1示数变大 C电流表 A2示数不变 D电流表 A2示数变小 【分析】分析电路图，电阻与滑动变阻器并联， 电压表测量并联支路 R1两端（电源电压）电压，电源电压保持不变； 电流表 A2测量通过电阻 R1的电流，电流表 A1测量干路上的电流。 【解答】解：如图，电阻 R1与滑动变阻器并联，当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时， 因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压， 故电压表 V 的示数不变；

10、滑动变阻器 R2与电阻 R1并联，电流表 A2测量通过电阻 R1的电流，当滑动变阻器的 滑片 P 向右滑动过程中，R2阻值增大，电流表 A2示数不变， 当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动过程中，R2阻值增大，由 I可知，电流减小，又因 为电流表 A1测量干路上的电流，所以电流表 A1示数变小，故 ABD 错误，C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的应用，关键是知道并联电路电流和电压的规 律，难点是知道电流表和电压表分别测量哪一部分的电流和电压。 2 （3 分）如图所示，在做模拟“蹦极”的小实验时，橡皮筋的一端系一个小石块，另一端 固定在 A 点，B 点是橡皮筋不系小石块自

11、然下垂时下端所在的位置，C 点是小石块从 A 点自由释放后所能达到的最低点。若整个过程不计空气阻力，则小石块从 A 点到 C 点的 第 7 页（共 16 页） 运动过程中（ ） A小石块在 C 点时，它具有的机械能最小 B从 A 点下落到 B 点的过程中，小石块的机械能减小 C从 B 点下落到 C 点的过程中，小石块的机械能先增大后减小 D小石块减少的重力势能全部转化为动能 【分析】AB：小石块在重力作用下自由下落，小石块的速度越来越快，小石块的重力 势能转化为小石块的动能。 BD：小石块受到重力和弹力作用，重力大于弹力，小石块加速运动。 D 点：瞬间小石块的重力和弹力相等，两个力是平衡力，由

12、于惯性要继续向下运动。 DC：小石块受到重力和弹力作用，弹力大于重力，小石块减速运动。 【解答】解：从 A 点下落到 B 点的过程中，橡皮筋没有发生弹性形变，小石块不受弹力 的作用，只受到重力的作用，整个过程不计空气阻力，机械能不变，故 B 错误。 从 B 点下落到 C 点的过程中，橡皮筋弹性形变不断增大，所以橡皮筋的弹性势能一直在 增大，小石块机械能转化为橡皮筋的弹性势能，小石块的机械能减小，C 点时，小石块 的机械能最小，故 A 正确，C 错误； 如下图所示，B 点D 点：小石块受到重力和弹力作用，重力大于弹力，小石块加速运 动，小石块的质量不变，速度增大，动能增大；小石块在 D 点瞬间小

13、石块的重力和弹力 相等，两个力是平衡力，由于惯性继续向下运动，机械能转化为弹性势能，故 D 错误； 故选：A。 第 8 页（共 16 页） 【点评】小石块从 B 到 D 速度增大，从 D 到 C 速度不断减小，这点是解题的关键，也 是学生最容易出错的地方。 3 （3 分）下列有关如图所示四幅图的观点中（不计摩擦） ，分析合理的是（ ） A图甲中，起跳后上升到最高点时人的动能为零 B图乙中，在下降过程中滚摆的动能转化为重力势能 C图丙中，卫星从近地点到远地点机械能减小 D图丁中，小球从 A 到 B 的过程中重力势能转化为动能 【分析】 （1）影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势

14、能的因素是 物体的质量和物体的高度。 根据动能、重力势能影响因素的情况得出动能和重力势能的大小情况。再根据能量变化 的规律：减小的能量转化为增大的能量得出答案。对 ABD 作出判断； （2）太空中没有空气，卫星在运行过程中机械能是守恒的。据此分析对 C 作出判断。 【解答】解： A、图甲中，起跳后上升到最高点时人在竖直方向上的速度为零，但在水平方向上速度不 为零，由于惯性仍会向前运动，所以此时人的动能不为零，故 A 错误； B、图乙中，在下降过程中滚摆的质量不变，高度变小，速度变大，所以重力势能减少， 动能增加，重力势能转化为动能，故 B 错误； C、卫星在太空，运行过程中没有受到阻力，没有能

15、量的损失，机械能是守恒的，故 C 错误； D、图丁中，小球从 A 到 B 的过程中质量不变，高度变小，速度变大，所以重力势能减 少，动能增加，重力势能转化为动能，故 D 正确。 故选：D。 第 9 页（共 16 页） 【点评】掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、势能的大小变化情况。同时知道 卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗，机械能是守恒的。 4 （3 分）如图所示电路中，闭合开关 S，灯泡发光，电路正常。若将电压表与电流表交换 位置，电路可能出现的情况是（ ） A电流表、电压表被烧毁 B电压表示数接近电源电压 C灯泡正常发光 D电流表有示数 【分析】电压表内阻较大

16、，故电压表在电路中相当于断路，应并联在电路中；而电流表 内阻较小，在电路中相当于短路，故电流表应串联在电路中；根据电路及互换后两表的 接法可知出现的情况。 【解答】解：由图可知，电压表并联灯泡的两端，测量的是电源的电压，电流表测电路 中电流； 当两表互换后，则电压表串接在电路中，因其内阻过大，则由欧姆定律可得，电路中有 很小电流的，故电流表示数接近为零，灯泡不亮；而此时相当于电压表并联在电源两端， 故测量的仍为电源电压，故电压表示数接近电源电压。ACD 错误，B 正确。 故选：B。 【点评】本题考查电流表、电压表正确的连接和性质，关键是能利用欧姆定律进行分析 电路中电流及电压的变化。 5 （3

17、 分）用弹簧测力计沿水平方向两次拉着同一物体在同一水平面上运动，两次运动的 s t 图象如图所示。其对应的弹簧测力计示数分别为 F1、F2，相同时间内所做的功分别为 W1、W2，相同时间内的功率分别为 P1、P2，则它们的关系正确的是（ ） 第 10 页（共 16 页） AF1F2 P1P2 BF1F2 W1W2 CF1F2 P1P2 DF1F2 W1W2 【分析】 （1）根据两次运动的 st 图象为过原点的直线，故同一物体两次都做匀速直线 运动，由二力平衡结合影响滑动摩擦力大小的的两个因素，比较两次拉力大小关系； （2）根据 st 图象可知，相同时间内第 1 次通过的距离大，根据 WFs 可

18、知，确定两 次做功的大小；根据 P分析 P1与 P2大小。 【解答】解： （1）由图知，物体两次运动的 st 图象都为过原点的直线，说明同一物体两次都做匀速 直线运动，由二力平衡条件可知，拉力都等于滑动摩擦力；由于压力大小和接触面的粗 糙程度均不变，所以滑动摩擦力大小相等，拉力大小也相等，即 F1F2，故 A、B 错误； （2）根据 st 图象可知， 相同时间内第 1 次通过的距离大， 且 F1F2， 根据 WFs 可知， 第 1 次拉力做的功较大， 即 W1W2；故 D 错误； 物体两次运动的时间相同，则根据 P可知，P1P2；故 C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查二力平衡的原理，影响

19、滑动摩擦力大小的因素及功率、功公式的运用。 6 （3 分）如图所示为一台电压力锅，它结合了高压锅和电饭锅的优点，省时省电、安全性 高。当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作。下图中 S1为过压保 护开关，S2为过热保护开关，压强过大时开关 S1自动断开，温度过高时开关 S2自动断 第 11 页（共 16 页） 开。下图分别表示 S1、S2和锅内发热器的连接情况，其中符合上述工作要求的是（ ） A B C D 【分析】由题意可知，压强过大时开关 S1自动断开，温度过高时开关 S2自动断开，两 者都会造成发热器停止工作，说明两开关串联共同控制发热器。 【解答】解：A、两个开关断开任

20、何一个时，发热器都会停止工作，故 A 符合题意； B、两个开关断开任何一个时，发热器还会正常工作，故 B 不符合题意； CD、两开关都闭合时，发热体会短路，不工作，故 CD 不符合题意； 故选：A。 【点评】本题考查了电路图的设计，关键是根据题意得出两开关的连接方式和发热体工 作的特点。 二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 28 分，分，21 题前题前 4 空空 1 分，其余每空分，其余每空 2 分）分） 7 （4 分）如图所示，用 10N 的水平推力推重为 20N 的物体沿水平方向做匀速直线运动。 若 5s 内推力对物体做了 80J 的功，则在这一过程中，物体沿水平方向运动了 8 m，

21、推 力做功的功率为 16 W。 【分析】 （1）已知推力的大小和做功的多少，根据 S可求出物体在水平方向运动的距 离； （2）直接利用 P即可求出推力的功率。 【解答】解： （1）物体沿水平方向运动的距离：S8m； 第 12 页（共 16 页） （2）推力做功的功率：P16W。 故答案为：8；16。 【点评】本题考查了学生对功的公式、功率公式的了解与掌握，注意做功时两个必要因 素（力和距离）方向的一致性，易错点！ 8 （6 分）用手将一重为 G 的铁球缓慢放在一弹簧上，放手后，铁球从 A 位置开始向下运 动，到达 B 位置速度达到最大，到达 C 位置小球的速度变为零。已知 AC 间的高度差为

22、h，则从 A 位置到 C 位置铁球的重力做功是 Gh ；在此过程中弹簧的弹性势能增加量 为 Gh 。B 位置到 C 位置的过程中铁球所受的重力 小于 （选填“大于” 、 “小于” 、 “等于” ）弹簧所施加的弹力。 （整个过程中不计能量损耗） 【分析】利用 WGh 求重力做功，根据机械能守恒定律判断，铁球在 C 位置的运动趋 势判断受力情况。 【解答】解：从 A 位置到 C 位置铁球的重力做功 WGh， 因为从 A 位置开始向下运动的过程中，重力势能转化为动能，动能又转化为弹性势能， 整个过程中不计能量损耗根据机械能守恒定律可知：弹性势能增加量为 EWGh； 铁球在 C 位置受力不平衡，在弹力

23、的作用下有向上运动的趋势，故 B 到 C 位置的过程中 铁球所受的重力小于弹簧所施加的弹力。 故答案为：Gh；Gh；小于。 【点评】本题考查重力做功和机械能守恒定律，能够比较全面考查学生掌握知识情况。 三、实验探究题（本大题共三、实验探究题（本大题共 44 分，每空分，每空 2 分）分） 9 （6 分）利用如图所示装置探究“物体的动能大小与哪些因素有关” 。将小球 A、B 分别 拉到与竖直方向成一定角度 的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时， 将与静止在水平面上的木块 C 发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止。图 中的摆长 L 都相同，12，球 A、B 的质量分别为 mA

24、、mB（mAmB） 。 第 13 页（共 16 页） （1）如图甲、乙所示，同时释放 A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到 达竖直位置。 这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的 质量 无关。 （2）如图甲、乙所示，观察到 B 球能将木块 C 撞得更远。由此可得出结论： 速度相 同时，物体质量越大，动能越大 。 （3）图乙中小球 B 到达竖直位置时的速度 小于 （选填“大于” 、 “小于”或“等于” ） 图丙中小球 B 到达竖直位置时的速度。 （4）如图乙、丙所示，丙中木块 C 滑行得更远些，由此可得出结论： 质量相同时，物 体速度越大，它的动能就越大 。 【分析】 （

25、1）比较甲乙两图的速度和质量的关系便可得出结论； （2）木块被撞出得远，说明小球的动能大，根据动能大小和质量大小比较，得出动能和 质量的关系； （3） 比较乙丙两图速度的大小， 根据小球被撞得距离比较出动能的大小， 从而得出结论。 【解答】解： （1）甲乙两图中，小球的质量不同，由题意知，摆角相同，小球同时到达 竖直位置，说明小球的速度大小与小球的质量无关； （2）mAmB，两球的速度相同，B 球能将木块 C 撞得更远，说明 B 球的动能更大，因 此可得速度相同时，物体质量越大，动能越大； （3）乙丙两图，小球的质量相同，12，所以丙图小球的速度更大； （4）图丙中木块 C 滑行得更远些，说明

26、质量相同时，物体的速度越大，动能越大。 故答案为： （1）质量； （2）速度相同时，物体质量越大，它的动能就越大； （3）小于； （4） 质量相同时，物体速度越大，它的动能就越大。 【点评】此题是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验，实验装置与以往的课 本装置不同，采用悬挂的小球做实验，实验更容易操作，同时考查了学生根据实验现象 得出结论的能力。 10 （10 分）在“伏安法测定值电阻”的实验中，小金同学所用的电源电压恒定不变，但电 源电压未知，滑动变阻器标有“201.5A”字样，电压表和电流表的量程合适，但已连接 第 14 页（共 16 页） 了部分电路，如图甲所示。请你接着完成下列问

27、题： （1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。 （2）当电压表示数为 2.4V 时，电流表的示数如图乙所示，则电阻丝的电阻为 10 。 （3）在某次实验时，小金连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片的过程中发现， 电流表示数变大时，电压表示数反而减小，电流表示数变小时，电压反而增大。经检查 所用器材均完好，小金猜想电路连接有误。你认为出现上述实验现象的原因是 将电压 表并联在变阻器的两端了 。 （4）小金正准备继续实验，发现电压表已损坏。他利用余下的电流表和滑动变阻器完成 对 Rx 的再一次测量。请你在图丙中画出设计的电路图，并完善下列步骤。 照电路图连接好电路； 调节滑动变阻器的滑

28、片，使接入电路的阻值为 0 时，读出电流表的示数 I1； 调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为最大值时，读出电流表的示数 I2； 据已知条件和测量结果，写出定值电阻的表达式：Rx 20 。 【分析】 （1）电源电压未知，无法确定定值电阻两端的电压，电压表选择大量程，电压 表与定值电阻并联。 滑动变阻器有 4 个接线柱，选择一上一下接线柱串联在电路中。 （2）电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少。知道电 压和电流，根据欧姆定律计算电阻。 （3）电流表串联在电路中，电流表示数增大，电路中电流增大，定值电阻电压增大，电 源电压不变，滑动变阻器电压减小；电流表示数减小，

29、电路中电流减小，定值电阻电压 减小，电源电压不变，滑动变阻器电压增大。可以判断原因。 第 15 页（共 16 页） （4）电压表损坏，可以移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值最大和最小，电路处于 两种状态，找电源电压相等，列等式求解。 【解答】解： （1）定值电阻 RX的两端电压未知，则电压表选择 015V 量程，电压表与 定值电阻并联，滑动变阻器已经选定了下面接线柱，任意选择上面一个接线柱串联在电 路中。如下左图： （2） 电流表选择 00.6A 量程， 分度值为 0.02A， 电流为 0.24A， 此时电压表示数为 2.4V， 则电阻丝的电阻为 R10。 （3）电源电压恒定，电流表串联在电

30、路中， 当电流表示数变大时，通过定值电阻的电流变大，由 UIR 可知，定值电阻的电压增大， 由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器的电压减小， 而已知电流表示数变大时，电压表示数反而减小， 所以，原因是电压表并联在滑动变阻器两端了。 （4）电压表已损坏，用余下的电流表和滑动变阻器完成对 Rx 的再一次测量，设计的电 路图如上右图， 实验步骤： 按照电路图连接好电路； 调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 0 时，读出电流表的示数 I1； 再调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为 20 时，读出电流表的示数 I2； 当滑动变阻器滑到最左端，只有定值电阻 Rx接入电路，测得电流 I1，滑动变阻器滑到最 右端端，定值电阻与滑动变阻器最大值 20 串联在电路中，测得电流 I2。 根据电路在两种状态下电源电压相等，故 I1RxI2（Rx+20） ，解得 Rx20。 故答案为： （1）如上左图； 第 16 页（共 16 页） （2）10； （3）将电压表并联在变阻器的两端了； （4）如上右图；20。 【点评】设计实验时或计算题中，通过开关闭合和断开或滑动变阻器滑片移动，使电路 处于两种状态，电源电压相等，列等式求解是一种常用的方法，一定要掌握。