2019-2020学年四川省达州市开江县九年级（上）期末物理试卷（含详细解答）

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1、“巴山雀舌”为绿茶精品之一，泡茶、喝茶中包含很多科学知识，下列说法错误 的是（ ） A打开茶叶盒时茶香飘满屋，是因为茶叶的分子在不停地做无规则运动 B泡茶时，用开水浸泡是因为水的温度越高，分子运动越激烈，能快速泡出茶味 C一段时间后部分茶叶沉下去，是由于茶叶受到的浮力大于自身的重力 D透过圆柱形玻璃茶杯看到手指变粗，是由于装水的茶杯相当于一个放大镜 2 （3 分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ） A由图得出的结论：对物体做功，物体的内能一定减小 B由图得出的结论：物体对外做功，物体的内能一定增大 C由图得出的结论：塞子被试管内的水蒸气推动冲出时水蒸气的内能 增大

2、D图是四冲程内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能 3 （3 分）一个电路中有两盏电灯 L1和 L2，则下列判断正确的是（ ） A若开关断开，两灯同时熄灭，则两灯连接方式一定为串联 B若一盏灯不亮了，另一盏灯仍然亮，则不能判断是串联还是并联 C若测得每盏灯两端的电压都相等，则两灯的连接方式一定为并联 第 2 页（共 35 页） D若测得通过每盏灯的电流都相等，则两灯的连接方式一定为串联 4 （3 分）在如图所示的四个电路中，哪个电路中三个电灯是并联的（ ） A B C D 5 （3 分）如图所示电路，R1为定值电阻，电流表和电压表都是理想电表，闭合开关 S 后， 滑动变阻器滑片 P 从一端向另一

3、端滑动过程中，下列说法正确的是（ ） AR1两端的电压与通过 R1两端的电流成正比 B无论滑片 P 怎样移动，电压表 V1示数变化量与电流表 A 示数变化量的比值不变 CP 向 b 端滑动时电流表 A 示数变小，电压表 V2与电流表 A 示数的比值变小 DP 向 b 端滑动时电流表 A 示数变小，电压表 V1示数不变，V2示数变小 6 （3 分）如图是电阻甲和乙的 UI 图象，小明对图象信息作出的判断不正确的是（ ） 第 3 页（共 35 页） A当甲两端电压为 4V 时，通过它的电流为 0.8A B当乙两端电压为 2.5V，其电阻值为 5 C将甲和乙串联，若电流为 0.3A，则它们两端的总电

4、压为 2V D若甲和乙并联，若电压为 3V，则电路消耗的总功率为 2.4W 7 （3 分）如图所示的电路，电源电压不变，当开关 S 闭合后，移动滑片 P，改变滑动变阻 器接入电路的阻值，使电压表的示数从 4V 变化到 2V，同时观察到电流表示数的变化范 围为 0.2A0.4A下列结果正确的是（ ） A电源电压为 8V B定值电阻 R0的阻值为 8 C定值电阻 R0的电功率变化范围 0.4W1.6W D在此过程中滑动变阻器的电阻变化了 10 8 （3 分）小华驾驶一辆额定功率为 36 千瓦、效率为 30%的小轿车在一段平直的公路上以 108km/h 的速度匀速行驶，在额定功率下行驶 1 小时（q

5、汽油3.6107J/L） ，下列说法正 确的是（ ） A驾驶时系上安全带是为了减少驾驶员的惯性 B至少需要燃烧 12L 的汽油 C汽车在匀速行驶的过程中所受到的阻力约为 333.3N D小轿车行驶的速度越大，小轿车对地面的压力越大 9 （3 分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电阻 R2与 R3的阻值均为 20， 闭合开关 S电流表 A1和 A2的示数之比为 3：2，电路此时消耗的功率为 P1；若把电流 表 A1和 A2分别换成电压表 V1和 V2后，电压表 V1的示数为 U1，电压表 V2的示数为 U2，此时电路消耗的功率为 P2，则下列选项正确的是（ ） 第 4 页（共 35 页

6、） AR110 U1：U24：3 P1：P210：1 BR15 U1：U24：3 P1：P210：1 CR110 U1：U23：4 P1：P21：10 DR15 U1：U23：4 P1：P21：10 10 （3 分）如图所示，电源电压为 6V，电压表量程为 03V，电流表量程为 00.6A，滑 动变阻器规格为“20 1A” ，小灯泡 L 标有“4V 2W” （灯丝电阻不变） 。在保证整个电路 的安全下，移动滑动变阻器的滑片，下列计算结果正确的是（ ） A滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是 412 B电流表示数变化范围是 0.3A0.5A C电压表示数变化范围是 1.53V D小灯泡 L 消耗的

7、功率变化范围是 1.125W2W 二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分，共分，共 22 分）分） 11 （2 分）夏日荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这是 现象；荷叶上的 两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在 力。 12 （2 分）用某种金属制成的小球，体积为 15cm3，当温度从 10升高到 20时，吸收的 热量为 360J，已知合金的密度为 7.2103kg/m3，比热容为 0.5103J/（kg） ，则该小 球的质量是 g；由此可以判断该小球空心部分的体积是 cm3。 13 （2 分）开江飞云温泉号称“川东第一烫” ，它的日流量约为 1000m3，从井口喷出水的 温

8、度为 47，可以用于泡温泉。当这些水的温度降低到 37时，则每天能放出 J 的热量：若这些热量由效率为 50%的天燃气灶提供，则每天可以节约 m3的天燃 气【c水4.2103J/（kg） ，q天燃气4.2107J/m3】 。 14 （2 分）如图所示，给电磁铁通电，条形磁铁及弹簧在图中位置静止，当滑动变阻器的 滑片向 a 端滑动时，弹簧长度变长，则螺线管上端为 （选填“N 极”和“S 极” ） ， 第 5 页（共 35 页） 电源左侧为 （选填“正极”或“负极” ） 。 15 （3 分）两定值电阻 R19，R218，若将 R1、R2串联后接在电源两端（电源电压不 变） ，此时 R1、R2两端的

9、电压之比为 ；若将 R1、R2并联后接在同一电源上，则 通过 R1、R2的电流之比为 ，前后两次电路消耗的总功率之比为 。 16 （5 分）小明家新买了一台某品牌空调，看到该品牌空调“一晚一度电”的广告，他决 定检验一下。观察到家中空调每制冷工作 10min 后，就转变成送风状态工作 5min，再转 变为制冷状态，如此反复。为了测量空调制冷时的电功率，他单独将该空调接入电路中， 并记录了家中电能表的数据（见表） 。空调送风 10min 所消耗的电能为 kWh， 30min 内空调消耗的电能为 kWh，空调制冷时的电功率为 kW某晚 10 点整开启空调并正常工作，到第二天 8 点整关闭，这晚空调

10、耗电 kWh，此空调 的广告 （选填“存在”或“不存在” ）虚假宣传。 送风状态时消耗的功率：0.24kW 测量时间 30 分钟 电能表示数 （kWh） 开始计时 1666.0 30 分钟 1666.5 17 （3 分）一抽水机的配套电动机，额定功率是 1100W，它的线圈电阻是 1，在 220V 的 额定电压下工作，则一分钟内线圈产生的热量是 J；若当地实际电压只有 200V， 通过电动机电流为 4A，则电动机的实际功率为 W，此时电动机转化成的机械能 的效率是 。 18 （3 分）如图所示，滑动变阻器的最大阻值为 20，电源电压保持不变。当滑动变阻器 的滑片 P 在 a 端，S 和 S1都

11、闭合时，电流表 A 的示数为 1A，灯泡正常发光；当 S 闭合， S1断开，滑片 P 滑到 b 端时，电压表的示数为 5V，此时灯泡 L 的实际功率为 W， 电源电压为 V，灯泡 L 上的额定功率为 W（不考虑温度对灯丝电阻的影 响） 。 第 6 页（共 35 页） 三、作图题（本大题三、作图题（本大题 2 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 6 分）分） 19 （3 分）如图所示，在“”处画上电流表或电压表的符号，L1与 L2能够发光。 20 （3 分）如图所示，请根据通电螺线管的磁感线方向，在图上标出小磁针静止时的 N 极， 并标出电源的“+”极。 四、创新设计与实验探究（本大题四

12、、创新设计与实验探究（本大题 2 小题，每空小题，每空 1 分，共分，共 13 分）分） 21 （4 分）某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体 甲和乙加热。 液体 次数 质量 m/kg 升高的温度t/ 加热的时间 t/min 甲 1 0.1 5 1 2 0.1 10 2 3 0.2 10 4 乙 4 0.1 10 1 5 0.1 20 2 6 0.2 20 4 （1）分析第 1、4 次，第 2、5 次或第 3、6 次实验数据，某同学认为：加热相同的时间 时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些。这位同学的判断是否正确？请 说明理由。 、 。 （2）分析第

13、 2、3 次或第 5、6 次实验数据，可以得出的初步结论是： 。 第 7 页（共 35 页） （3）通过比较第 2、4 次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的 有关， 的吸热能力更强（选填“甲”或“乙” ） 。 22 （8 分）某实验小组的同学在进行“测量小灯泡的额定功率”的实验中，现有器材：电 源（电压恒为 6V） 、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为 2.5V 的待测 小灯泡（电阻约为 10） ，部分已经连好的电路如图 1 所示。 （1）请根据图 2 所示实验电路图，用笔画线代替导线，将图 1 中的实物图连接完整； （2）若该小组同学连好电路并闭合开关后，发现无论怎样移动

14、滑动变阻器的滑片 P，小 灯泡均很亮，且亮度不变，造成这一现象的原因是 。 （3）正确连接电路后，继续进行实验，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图 3 所示， 则被测小灯泡正常发光时的电阻为 （保留一位小数） ，额定功率为 W。 （4）另一实验小组同学实验时发现桌上没有电流表，却多了一个滑动变阻器 R0（最大 阻值用 R0表示） ，他设计如图 4 所示电路，也测出了小灯泡在额定电压（用 U0表示）时 的电阻，请补全下列步骤： 闭合开关，先调节滑动变阻器 （选填“R0”或“R” ）的滑片到最 端（选 填“左”或“右” ） ，再调节另一滑动变阻器的滑片，直到 。 接着 ，读出这时电压表的示数，用

15、 U 表示。 小灯泡正常发光时电阻的表达式 R （用 U、U0、R0字母表示） 。 五、计算题（共五、计算题（共 2 小题，每小题小题，每小题 7 分，共分，共 14 分，解答时要求有必要的文字说明、公式和计分，解答时要求有必要的文字说明、公式和计 算过程，只写结果不得分）算过程，只写结果不得分） 23 （7 分）如图是小张家一台快速电热水壶，铭牌如表。为了测量它烧水时的实际功率， 第 8 页（共 35 页） 小张和父亲合作进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电水壶装满温度为 25的 水后单独接入家庭电路中，闭合壶的开关，测得壶中的水上升到 100所用的时间是 12min， 同时观察到家中

16、电子电能表的表盘上的脉冲闪灯闪烁 320 次。 请根据相关信息求： c水4.2103J/（kg） （1）电热水壶中水吸收的热量； （2）电热水壶烧水的实际功率； （3）电热水壶加热的效率。 24 （7 分）灯 L 标有“0.6A”字样，灯泡 L 的 UI 图象如图甲所示。在如图乙所示的电路 中电源的两端电压不变。只闭合 S1时，电流表的示数 I1为 0.3A，电阻 R1消耗的功率为 P1；若都闭合，滑片移到 b 端，电流表的示数 I2为 0.9A，电阻 R1消耗的功率为 P1，已 知 P1：P11：4，求： （1）灯泡 L 的额定功率； （2）电源电压、R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值 R2；

17、 （3）同时闭合所有开关时整个电路消耗的最小功率。 第 9 页（共 35 页） 2019-2020 学年四川省达州市开江县九年级（上）期末物理试卷学年四川省达州市开江县九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题一、选择题 1 （3 分） “巴山雀舌”为绿茶精品之一，泡茶、喝茶中包含很多科学知识，下列说法错误 的是（ ） A打开茶叶盒时茶香飘满屋，是因为茶叶的分子在不停地做无规则运动 B泡茶时，用开水浸泡是因为水的温度越高，分子运动越激烈，能快速泡出茶味 C一段时间后部分茶叶沉下去，是由于茶叶受到的浮力大于自身的重力 D透过圆柱形玻璃茶杯看到手指变粗，是由于装水的

18、茶杯相当于一个放大镜 【分析】 （1）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物质分子通过扩散现象可以 使分子充满整个空间； （2）温度越高分子运动越快； （3）茶叶沉下去浮力小重力； （4）从一侧看，玻璃杯中间后，边缘薄，相当于一个凸透镜，是一个放大镜。 【解答】解：A、打开茶叶盒，茶香飘满屋是茶叶分子扩散的结果，说明分子不停地做无 规则运动，故 A 正确； B、温度越高分子运动越快，故泡茶时，用开水浸泡是因为水的温度越高，分子运动越激 烈，能快速泡出茶味，故 B 正确； C、泡茶时部分茶叶沉下去，是由于茶叶受到的浮力小于自身的重力，故 C 错误； D、透过玻璃茶杯看到手指变粗是由于装水的茶

19、杯相当于一个放大镜，起到放大作用，故 D 正确。 故选：C。 【点评】本题考查了扩散现象、物体上浮的条件、透镜的应用，是一道学科综合题，但 难度不大，只要熟练掌握基础知识即可。 2 （3 分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ） 第 10 页（共 35 页） A由图得出的结论：对物体做功，物体的内能一定减小 B由图得出的结论：物体对外做功，物体的内能一定增大 C由图得出的结论：塞子被试管内的水蒸气推动冲出时水蒸气的内能 增大 D图是四冲程内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能 【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对 外界做功时，物体

20、的内能就会减小。内燃机的做功冲程内能转化为机械能，压缩冲程机 械能转化为内能。 【解答】解： A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，机械能转化为内能，瓶内空气的内 能增加，温度升高，故 A 错误； B、图中向瓶内打气后，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对塞子做功，空气的内能减 小，故 B 错误； C、图中塞子被试管内的水蒸气推动冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温 度降低，故 C 错误； D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程） ，内能转化为机械能，气体的 内能减小，故 D 正确。 故选：D。 第 11 页（共 35 页） 【点评】本题考查做功改变物体的内能，当

21、外界对物体做功时，物体的内能增大，当物 体对外界做功时，物体的内能就会减小。 3 （3 分）一个电路中有两盏电灯 L1和 L2，则下列判断正确的是（ ） A若开关断开，两灯同时熄灭，则两灯连接方式一定为串联 B若一盏灯不亮了，另一盏灯仍然亮，则不能判断是串联还是并联 C若测得每盏灯两端的电压都相等，则两灯的连接方式一定为并联 D若测得通过每盏灯的电流都相等，则两灯的连接方式一定为串联 【分析】 （1）串联电路中开关的控制作用与开关的连接位置无关，当并联电路中干路开 关控制整个电路，支路开关只控制本条支路； （2）串联电路中的用电器是能相互影响的，且串联电路中的电流一定相等；并联时若两 灯的规格

22、相同，通过各个支路的电流也是相等的； （3）并联电路的用电器是互不影响的，且并联电路中的电压一定是相等的；串联时若两 灯的规格相同，每个灯泡两端的电压也是相同的； （4）灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，知道只有当实际功率达到灯泡的发光条件就发 光；若实际功率太小灯泡也不亮。 【解答】解：A、若开关断开，两盏灯同时熄灭，有两种可能，即可能串联；也可能并联， 且此时的开关处于干路上，故 A 错误； B、若两灯规格相同，则说明两灯互不影响，即一定是并联；但若两灯的规格不同，即也 可能是串联，此时灯泡不发光的原因是由于实际功率太小导致的，故 B 正确； C、 并联电路中的电压一定是相等的， 若相互串联

23、的两灯的规格相同， 其电压也是相同的， 故 C 错误； D、串联电路中的电流一定相等，若并联电路中的两灯的规格相同，通过各个支路的电流 也是相等的；故 D 错误。 故选：B。 【点评】本条考查串并联电路的特点、开关的控制作用和灯泡发光的条件，知道灯泡的 亮度取决于灯泡的实际功率，并且实际功率太小灯泡也不亮。 4 （3 分）在如图所示的四个电路中，哪个电路中三个电灯是并联的（ ） 第 12 页（共 35 页） A B C D 【分析】解决此题要知道并联电路是指将所有用电器的一端连在一起，另一端也连在一 起，再连入电路的两点间而组成的电路。即不是一条电路，而是由多条路径组成的。 【解答】解：A、由

24、于电压表相当于开路，电流表相当于导线，所以此电路中左边的灯泡 短路，且是一个串联电路，故不符合题意； B、由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故该选项不符合题意； C、由于电流表相当于导线，故该电路中的三个灯泡并联，故该选项符合题意； D、由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故该选项不符合题意； 故选：C。 【点评】知道串并联电路的特点，并熟悉电流表和电压表的作用是解决该题的关键。 5 （3 分）如图所示电路，R1为定值电阻，电流表和电压表都是理想电表，闭合开关 S 后， 滑动变阻器滑片 P 从一端向另一端滑动过程中，下列说法正确的是（ ） 第 13 页（共 35 页）

25、 AR1两端的电压与通过 R1两端的电流成正比 B无论滑片 P 怎样移动，电压表 V1示数变化量与电流表 A 示数变化量的比值不变 CP 向 b 端滑动时电流表 A 示数变小，电压表 V2与电流表 A 示数的比值变小 DP 向 b 端滑动时电流表 A 示数变小，电压表 V1示数不变，V2示数变小 【分析】由电路图可知，R1与 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电压，电压表 V2测 R2 两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）根据欧姆定律可知，通过定值电阻的电流与其两端的电压成正比，要注意电压是形 成电流的原因； （2） 根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化， 根据欧姆定律可知电路中电流

26、的变化， 根据欧姆定律可知 R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知 R2两端的电压变 化，进一步可知电压表 V1的示数与电压表 V2的示数比值变化，再根据欧姆定律结合 R1 的阻值可知电压表 V1的示数与电流表 A 的示数之比变化； （3）设出滑片移动前后电路中电流，根据欧姆定律表示出电压表 V1示数的变化量，然 后得出电压表 V1示数变化量与电流表 A 示数变化量的比值变化。 【解答】解：由电路图可知，R1与 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电压，电压表 V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 A、R1为定值电阻，通过的电流与其两端的电压成正比，因电压是形成电流的原因，所

27、 以，不能说 R1两端的电压与通过 R1的电流成正比，故 A 错误； CD、P 向 b 端滑动时，R2接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由 I可知， 电路中的电流变小， 由 UIR 可知，R1两端的电压变小，电压表的 V1示数变小，因串联电路中总电压等于 各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表 V2的示数变大，故 D 错误； 由 R可知，电压表的 V2的示数与电流表 A 的示数之比等于 R2接入电路中的电阻， 其比值变大，故 C 错误； B、设滑片移动前后电路中的电流为 I1、I2，由 I可得，电压表 V1示数的变化量U1 U1U1I1R1I2R1（I1I2）R1IR1，即R

28、1，则电压表 V1的示数变 化量U1与电流表 A 的示数变化量I 的比值不变，故 B 正确。 故选：B。 第 14 页（共 35 页） 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律应用以及电路的动态分析，关键是公式 及其变形式的灵活运用和判断开关闭合前后电路的连接情况。 6 （3 分）如图是电阻甲和乙的 UI 图象，小明对图象信息作出的判断不正确的是（ ） A当甲两端电压为 4V 时，通过它的电流为 0.8A B当乙两端电压为 2.5V，其电阻值为 5 C将甲和乙串联，若电流为 0.3A，则它们两端的总电压为 2V D若甲和乙并联，若电压为 3V，则电路消耗的总功率为 2.4W 【分析】 （1）

29、根据图象分析甲的特点，根据电流和电压的特点，利用欧姆定律分析电流 的大小； （2）根据图象读出乙两端电压为 2.5V 时通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻值； （3）将甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，根据图象读出两电阻两端的电压，根据串 联电路的电压特点求出它们两端的电压之和； （4）将甲和乙并联，它们两端的电压相等，根据图象分析乙的电流，根据电功率公式进 行判定。 【解答】解： A、由图象可知，甲的图象为一条直线，即甲为定值电阻，根据欧姆定律可知，在电阻一 定时，电流与电压是成正比的，当甲两端电压为 2V 时，通过它的电流为 0.4A， 则当甲两端电压为 4V 时，电压变为原来的 2 倍，

30、则电流也会变为原来的 2 倍，故通过它 的电流为 0.8A，故 A 正确； B、由图象可知，当乙两端电压为 2.5V 时，通过的电流为 0.5A，由 I可得，此时乙 的阻值：R乙5，故 B 正确； C、将甲和乙串联，若电流为 0.3A，则通过两电阻的电流均为 0.3A，由图象可知此时 U 甲1.5V、U乙0.5V， 由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的电压：UU 甲+U乙 1.5V+0.5V2V，故 C 正确； 第 15 页（共 35 页） D、若甲和乙并联，若电压为 3V，由图象可知此时 I甲0.6A，则甲的功率为：P甲U 甲I甲3V0.6A1.8W； 由于乙的图象为一条曲线，

31、则乙的电阻是变化的，根据图象可知，当电压为 2.5V，乙的 电流为 0.5A，则此时的功率为：P乙U乙I乙2.5V0.5A1.25W； 乙两端的电压越大，则乙的功越大，所以当电压为 3V 时，乙的功率大于 1.25W，则电路 消耗的总功率要大于 1.8W+1.25W3.05W，故 D 错误。 故选：D。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是 关键。 7 （3 分）如图所示的电路，电源电压不变，当开关 S 闭合后，移动滑片 P，改变滑动变阻 器接入电路的阻值，使电压表的示数从 4V 变化到 2V，同时观察到电流表示数的变化范 围为 0.2A0.4A下列结果

32、正确的是（ ） A电源电压为 8V B定值电阻 R0的阻值为 8 C定值电阻 R0的电功率变化范围 0.4W1.6W D在此过程中滑动变阻器的电阻变化了 10 【分析】由图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压； （1）因电源电压不变，则由串联电路的电压规律和欧姆定律可得出电压的表达式，则可 求得 R0的阻值；再由欧姆定律可求得电源电压； （2）根据 PI2R 分别求出定值电阻消耗的电功率，并确定定值电阻电功率的范围； （3）先根据欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的阻值，进一步确定滑动变阻器阻 值的变化范围。 【解答】解：由图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变

33、阻器两端的电压，电 流表测电路中的电流。 （1）根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压： 第一次：电源电压 UU0+U1I1R0+U10.2AR0+4V 第 16 页（共 35 页） 第二次：电源电压 UU0+U2I2R0+U20.4AR0+2V 联立可得：R010；U6V；故 AB 错误； （2）第一次：定值电阻 R0的电功率：P0I R0（0.2A）2100.4W， 第二次：定值电阻 R0的电功率：P0I R0（0.4A）2101.64W， 故定值电阻 R0的电功率变化范围 0.4W1.6W；故 C 正确； （3）第一次，滑动变阻器接入电路的阻值：R120， 第二次，滑动变阻器接入电

34、路的阻值：R25， 显然在此过程中滑动变阻器的电阻变化了 15，故 D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查串联电路电压规律、欧姆定律以及功率计算公式的使用，要求学生能 从题意中读出 R0两端的电压变化，并能用欧姆定律列式求解。 8 （3 分）小华驾驶一辆额定功率为 36 千瓦、效率为 30%的小轿车在一段平直的公路上以 108km/h 的速度匀速行驶，在额定功率下行驶 1 小时（q汽油3.6107J/L） ，下列说法正 确的是（ ） A驾驶时系上安全带是为了减少驾驶员的惯性 B至少需要燃烧 12L 的汽油 C汽车在匀速行驶的过程中所受到的阻力约为 333.3N D小轿车行驶的速度越大，小轿车

35、对地面的压力越大 【分析】 （1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只与物体的 质量有关； （2）根据 WPt 求出小汽车以额定功率匀速直线行驶 1h 牵引力所做的功，用 求 出放出的热量，再利用 Q放Vq 可求出完全燃烧汽油的体积； （3）利用 v和 WFs 求出汽车的牵引力，知道汽车做匀速直线运动，受到的牵引力 等于阻力，据此求出阻力； （4）根据流体压强与流速的关系，判断升力的情况，再进一步得出压力的大小。 第 17 页（共 35 页） 【解答】解：A、驾驶员开车时系上安全带是为了防止惯性带来伤害，而不是减小惯性， 故 A 错误； B、小汽车以额定功率匀速直线行驶 1

36、h 牵引力所做的功： WPt3.6104W3600s1.29108J， 由 100%得，完全燃烧汽油放出热量： Q放4.3108J， 由 Q放Vq 得，需要燃烧汽油的体积： V12L，故 B 正确； （3）汽车的速度 v108km/h30m/s， 由 WFs 得，汽车发动机的牵引力： F1194N， 因为汽车在平直公路上匀速行驶， 所以汽车受到的阻力：fF1194N，故 C 错误； D、小轿车呈流线型，行驶时上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，产生 向上的升力，因此，小轿车行驶的速度越大，小轿车对地面的压力越小，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了对惯性、流体压强与流速的

37、关系、功率的计算和效率的计算等，是 一道综合题。 9 （3 分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电阻 R2与 R3的阻值均为 20， 闭合开关 S电流表 A1和 A2的示数之比为 3：2，电路此时消耗的功率为 P1；若把电流 表 A1和 A2分别换成电压表 V1和 V2后，电压表 V1的示数为 U1，电压表 V2的示数为 U2，此时电路消耗的功率为 P2，则下列选项正确的是（ ） AR110 U1：U24：3 P1：P210：1 BR15 U1：U24：3 P1：P210：1 第 18 页（共 35 页） CR110 U1：U23：4 P1：P21：10 DR15 U1：U23：4

38、P1：P21：10 【分析】 （1）由电路图可知，三电阻并联，电流表 A1测 R1和 R2支路的电流，电流表 A2测 R2和 R3支路的电流， 根据欧姆定律和并联电路的电压特点表示出每条支路的电流， 再根据并联电路的电流特点表示出两电流表的示数结合电流表示数之比求出 R1的阻值； （2）若把电流表 A1和 A2分别换成电压表 V1和 V2后，三电阻串联，电压表 V1测 R2 和 R3两端的电压之和，电压表 V2测 R1和 R2两端的电压之和，根据串联电路的电压特 点和欧姆定律结合电阻关系求出两电压表的示数关系； （3）根据 PU（+）表示出 P1；根据 PU（）表示出 P2， 进而判断出两次电

39、功率之比。 【解答】解： （1）由电路图可知，三电阻并联，电流表 A1测 R1和 R2支路的电流，电流 表 A2测 R2和 R3支路的电流， 因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和， 所以，由 I可得：， 解得：R110； （2）若把电流表 A1和 A2分别换成电压表 V1和 V2后，三电阻串联，电压表 V1测 R2 和 R3两端的电压之和，电压表 V2测 R1和 R2两端的电压之和， 因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和， 所以，； （ 3 ） 电 路 消 耗 的 总 功 率 P1与 电 路 消 耗 的 总 功 率 为 P2的 比 值 为 ： ； 可见

40、，A 正确、BCD 错。 故选：A。 第 19 页（共 35 页） 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用， 关键是电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断。 10 （3 分）如图所示，电源电压为 6V，电压表量程为 03V，电流表量程为 00.6A，滑 动变阻器规格为“20 1A” ，小灯泡 L 标有“4V 2W” （灯丝电阻不变） 。在保证整个电路 的安全下，移动滑动变阻器的滑片，下列计算结果正确的是（ ） A滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是 412 B电流表示数变化范围是 0.3A0.5A C电压表示数变化范围是 1.53V D小灯泡 L 消耗的

41、功率变化范围是 1.125W2W 【分析】由电路图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R 串联，电压表测 R 两端的电压，电流表 测电路中的电流。 （1）根据 PUI 和电流表的量程可知电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出 滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据 欧姆定律求出灯泡的电阻； 当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据 欧姆定律求出最小电流，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路 的分压特点求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进而得出滑动变阻器连入电路的阻 值变化范围； （2）根据最大电流和最

42、小电流，利用公式 PI2R 求出灯泡的功率变化范围。 【解答】解：由电路图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R 串联，电压表测 R 两端的电压，电 流表测电路中的电流。 （1）由 PUI 得，灯泡的额定电流为： I额0.5A； 由于电流表量程为 00.6A，串联电路中电流处处相等， 所以，为保证小灯泡 L 的电流不超过额定电流，则电路中的最大电流为 0.5A； 灯泡正常发光时，由串联电路电压规律可得，滑动变阻器两端的电压： 第 20 页（共 35 页） U滑UU额6V4V2V，此时滑动变阻器两端的电压是最小的， 由欧姆定律可得，此时滑动变阻器连入电路的最小阻值： R滑小4； 由欧姆定律可得，灯泡的

43、电阻： RL8， 由串联分压规律可知，当电压表示数最大为 U滑大3V 时，滑动变阻器连入电路的电阻 值最大，此时电路中的电流最小， 则电路中的最小电流：I小IL0.375A； 此时灯泡两端的电压：ULUU滑大6V3V3V， 滑动变阻器连入电路的最大阻值： R滑大8； 所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是 48，故 A 错误； 电流表示数变化范围是 0.375A0.5A，电压表的示数变化范围为 2V3V，故 BC 错误； （2）小灯泡正常发光时，功率是最大的，为 2W， 电流最小时，灯泡的功最小，最小功率为：P小RL（0.375A）281.125W， 所以小灯泡 L 消耗的功率变化范围是 1.

44、125W2W，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查串联电路的有关计算，要理解电路最大电流与最小电流的确定方法， 掌握串联电联电路的特点即可正确解题，属于动态电路的典型题。 二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分，共分，共 22 分）分） 11 （2 分）夏日荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这是 扩散 现象；荷叶上 的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在 引 力。 【分析】要解答本题需掌握：分子动理论的基本知识和力的作用效果。 （1）分子永不停息地做无规则运动； （2）分子间有相互作用的力。 第 21 页（共 35 页） 【解答】解： （1）荷塘里荷花盛开，微风吹过，

45、飘来阵阵花香，是扩散现象，说明分子 在做无规则运动。 （2）荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴，是由于分子间引力的作用。 故答案为：扩散；引。 【点评】本题主要考查学生对：分子动理论的基本知识和扩散现象的理解和掌握，是中 招的热点 12 （2 分）用某种金属制成的小球，体积为 15cm3，当温度从 10升高到 20时，吸收的 热量为 360J，已知合金的密度为 7.2103kg/m3，比热容为 0.5103J/（kg） ，则该小 球的质量是 72 g；由此可以判断该小球空心部分的体积是 5 cm3。 【分析】知道小球温度的变化、合金的比热容和吸收的热量，利用吸热公式求小球的质 量；知道合金的密度，

46、利用密度公式求合金的体积，进一步求出空心体积。 【解答】解：根据 Q吸cm（tt0）得： 小球的质量 m0.072kg 72g， 由 得： 合金的体积 V合金110 5m310cm3， 所以空心部分的体积： V空V球V合金15cm310cm35cm3。 故答案为：72；5。 【点评】本题考查了学生对吸热公式、密度公式的掌握和运用，是一道综合题，熟悉基 本公式是解答的基础。 13 （2 分）开江飞云温泉号称“川东第一烫” ，它的日流量约为 1000m3，从井口喷出水的 温度为 47， 可以用于泡温泉。 当这些水的温度降低到 37时， 则每天能放出 4.21010 J 的热量：若这些热量由效率为

47、50%的天燃气灶提供，则每天可以节约 2000 m3的天 燃气【c水4.2103J/（kg） ，q天燃气4.2107J/m3】 。 【分析】 （1）已知流出水的体积，利用 mV 求水的质量；已知水的初、末温度和水的 比热容，由放热公式可以求出水放出的热量。 第 22 页（共 35 页） （2）已知效率先求出天燃气完全燃烧放出的热量，再利用 QVq 求出每天需要天燃气 的体积。 【解答】解： （1）已知温泉的日流量约为 1000m3，由 可得，水的质量： m水V1.0103kg/m31000m31.0106kg， 当这些水的温度降低到 37时，水放出的热量： Q水放cmt4.2l03J/（kg）1.0l06kg（4737）4.21010J。 （2）若这些热量由效率为 50%的天燃气灶提供，则 Q吸Q水放4.21010J， 由 得，天然气完全燃烧放出的热量： Q放8.41010J， 由 Q放Vq 得需要完全燃烧天然气的体积： V2000m3， 故答案为：4.21010；2000。