2019-2020学年四川省内江市隆昌市九年级（上）期末物理试卷（含详细解答）

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1、关于分子和物体内能，下列说法正确的是（ ） A杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力 B固体间能扩散，表明固体物质分子是运动的 C把 0的冰块加热熔化成 0的水，其内能不变 D用力搓手，手发热是通过热传递增加手的内能 2 （4 分）我国年仅 22 岁的优秀青年科学家曹原研究发现：当两层石墨烯以一个“魔角” 叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为 0此现象中石墨烯是 （ ） A绝缘体 B导体 C半导体 D超导体 3 （4 分）如图所示，下列家用电器的额定功率最接近 10 瓦的是（ ） A电饭煲 B节能灯 C电冰箱 D空调 4 （4 分）如图所示，取两个相同的验电器 A 和

2、 B，使 A 带负电，B 不带电，用带有绝缘手 柄的金属棒把 A 和 B 连接起来。下列说法正确的是（ ） 第 2 页（共 34 页） AB 中正电荷通过金属棒流向 A，A 金属箔的张角减小 BA 中的自由电子通过金属棒流向 B，B 金属箔的张角增大 CA 中负电荷通过金属棒流向 B，B 中正电荷通过金属棒流向 A D金属棒中瞬间电流的方向从 A 流向 B，B 金属箔的张角增大 5 （4 分）对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列 说法不正确的是（ ） A它们都是采用控制变量的研究方法 B它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的 C前者多次测量的目的是分析多组

3、数据，得出电流跟电阻的关系 D后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差 6 （4 分）某房间原来只接有一只标有“PZ22040”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯 泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（ ） A变亮 B变暗 C不变 D无法确定 7 （4 分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关 S 闭合，警 示灯 L 不亮；当井盖被移动，井盖开关 S 断开，警示灯 L 发光，R0为保护电阻。图中符 合设计要求的电路图是（ ） A B C D 第 3 页（共 34 页） 8（4 分） 如图所示电路， 电源电压保持不变， R15， 滑动变阻器 R

4、2的最大阻值为 15 闭 合开关 S，向左移动滑动变阻器滑片 P 的过程中，下列说法正确的是（ ） A电流表 A 的示数变小 B电压表 V 的示数增大 C滑片可在 R2上任意移动 D若滑片移到 b 端时，R1与 R2的电功率之比为 3：1 9 （4 分）甲、乙两地相距 30km。在甲，乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电 线的电阻与其长度成正比。现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置。甲地检修员 先用如图所示的测量仪接入 AB 时，电流表的示数为 0.2A；乙地检修员后用相同的测量 仪接入 CD 时，电流表的示数为 0.3A则短路位置离乙地（ ） A10 km B12 km C15 k

5、m D18 km 10 （4 分）如图甲、乙所示，相同容器中装了质量都为 2kg 的纯净水，用不同电加热器加 热，设加热器放出的热量全部被水吸收，得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，已 知水的比热容为 4.2103J/（kg） 。下列说法正确的是（ ） 第 4 页（共 34 页） A加热相同时间，两杯水吸收的热量相同 B加热器 1 和加热器 2 的功率之比是 3：2 C吸收相同的热量，甲杯中水的末温比乙杯的高 D加热 1min 时，甲容器中的水吸收热量为 1.68105J 11 （4 分）已知甲灯标有“6V3W”字样，乙灯的额定电压是 3V甲、乙两灯的 UI 关系 如图所示，确保电路安全的前

6、提下，下列分析不正确的是（ ） A乙灯的额定功率是 1.8W B两灯串联使用，电路两端最大电压是 9V C两灯并联使用，电路最大电流是 0.9A D两灯串联使用，甲灯比乙灯更亮 12 （4 分）如图所示，当 S 闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为 U甲：U乙7：2， 则关于图中各个元件的判断，说法正确的是（ ） A两个电阻的比值为 R1：R27：2 B两个电阻的比值为 R1：R25：3 C当 S 断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为 I甲：I乙5：7 D当 S 断开，甲、乙两表为电流表时，流过 R1的电流和流过 R2的电流之比为 I1：I2 5：2 二、填空题（每空二、填空题（每空

7、2 分，共分，共 28 分 ）分 ） 13 （4 分）英国物理学家 最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的 关系：电流通过导体产生的热量跟 成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成 正比 第 5 页（共 34 页） 14 （4 分）白光 LED（发光二极管）是一种新型的最被看好的 LED 产品，用它做成的手电 筒正走进人们的生活之中，与白炽钨丝灯泡相比，LED 具有体积小（多颗、多种组合） 、 发热量低（几乎没有热幅射） 、耗电量小（低电压、低电流起动） 、寿命长（1 万小时以上） 等优点，因此成为替代传统照明器具的一大潜力商品。如图所示是一种产品的 LED 手电 筒， 它由 5

8、个 LED 并联组成， 用两节干电池做电源， 正常每只 LED 通过的电流为 20mA， 则它正常工作时的总电流为 A，电池的输出功率为 W。 15 （4 分）将踩瘪但没有破裂的乒乓球放入热水中，球内气体通过 方式增加内能使 气压增大；用天然气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲 程汽油机的 冲程的能量转化相同； 16 （4 分）一台标有“5V2.5W”的带有 USB 接口的小电风扇，线圈电阻为 1，正常工作 2min，产生的热量是 J工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于 现象。 17 （4 分）在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作 2min，测得家中如图

9、所示的 电能表的转盘转了 60r，热水器的实际功率为 W；由于热水器的功率远大于冰箱， 从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要 （选填“粗”或“细” ） 。 18 （4 分）截至 2019 年 4 月 14 日，泸州云龙机场已开通 31 条航线。从云龙机场飞往北京 的某航班在水平跑道上加速的初始阶段，牵引力沿水平方向，大小为 9.2104N，经过的 路程为 1000m，则牵引力所做的功为 J；若飞机发动机的效率为 25%，在此过程 中，消耗的汽油为 kg， （汽油的热值 q4.6107J/kg） 19 （4 分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合

10、开关 S 后，滑片 P 从 a 端移动到 b 端，电流表示数 I 与电压表示数 U 的变化关系如图乙 第 6 页（共 34 页） 所示，则电源电压为 V，R2的最大阻值为 。 三、按要求完成下列各题（每空三、按要求完成下列各题（每空 2 分，共分，共 10 分） 分） 20 （10 分）如图所示，某同学做“测量小灯泡电阻”实验，所用电源为两节干电池。 （1）该实验的原理是（用公式表示） 。 （2）图甲是测量灯泡电阻的电路图，请你在“”里填上合适的电表符号。 （3）请根据图甲电路，用笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整。 （4）该同学连接好电路的最后一根导线时，小灯泡立刻发出微弱的光亮，移动

11、滑动变阻 器滑片，灯泡亮度不变。导致上述现象的两个原因是： ； 。 四、按要求完成下列各题本大题四、按要求完成下列各题本大题 2 小题，小题，21 小题小题 3 分，分，22 小题小题 18 分，共分，共 21 分分 21 （2 分）如图所示，电源电压保持 6V 不变，电流表量程为 00.6A，电压表量程为 0 3V，定值电阻 R1的规格为“10 0.5A” ，滑动变阻器 R2的规格为“20 1A” 。闭合开关， 为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是 A电阻 R1消耗电功率允许的变化范围为 0.4W2.5W B电流表示数允许的变化范围为 0.2A0.5A C滑动变阻器 R

12、2允许接入电路阻值的变化范围为 520 D电路消耗总电功率允许的变化范围为 1.2W1.8W 第 7 页（共 34 页） 22 （18 分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小毛设计了如图甲所示的电路图，已知小 灯泡的额定电压为 2.5V，电源是由 2 节新干电池串联组成。 （1）在如图甲所示的电路中，经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打 “” ，并补画出一根导线连接成正确的电路。 （2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下 来应进行的操作是 。 A检查灯泡是否断路 B检查灯泡是否短路 C检查开关接触是否良好 D移动滑动变阻器的滑片 （3）电路连接

13、正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的 IU 图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W由图可知，小灯泡的实际功率 随实际电压的增大而 ，滑动变阻器的规格应选择 。 A.101A B.151A C.251A D.401A （4）小毛继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，滑动变阻器的滑片应向 端调节（填字母） ，观察到小灯泡变亮。 （5）有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这 种说法 （选填“合理”或“不合理” ） ，理由是 。 （6）小毛经过思考，发现用两只电流表和一个阻值为 R0的定值电阻也可以测出小灯泡 第 8 页（共 3

14、4 页） 的额定功率，她设计的电路如图丙所示，具体操作是：闭合开关 S，调节滑动变阻器使 电流表 A1的示数为 I1时，小灯泡正常发光，此时电流表 A2的示数为 I2则小灯泡额定功 率的表达式为 Pm （用 I1、I2、R0表示） 五、本大题共五、本大题共 2 小题，第小题，第 25 小题小题 7 分，第分，第 26 小题小题 7 分，共分，共 14 分分 23 （7 分） “道路千万条，安全第一条；行车不规范，亲人两行泪。 ”酒后不开车是每个司 机必须遵守的交通法规。甲图是酒精测试仪工作电路原理图，电源电压 U8V；R1为气 敏电阻，它的阻值随气体中酒精含量的变化而变化，如乙图所示。气体中酒

15、精含量大于 0 且小于 80mg/100mL 为酒驾，达到或者超过 80mg/100mL 为醉驾。使用前通过调零旋钮 （即滑动变阻器 R2的滑片）对测试仪进行调零，此时电压表示数为 U16V，调零后 R2 的滑片位置保持不变。 （1）当电压表示数为 U16V 时，求 R1消耗的电功率； （2）当电压表示数为 U16V 时，求 R2接入电路中的阻值； （3）某次检测中，电流表示数 I10.2A，请通过计算，判断此驾驶员属于酒驾还是醉 驾。 24 （7 分）如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、 R2均为发热电阻，R2的阻值为 88，M 是电动机。开关 S1闭合后

16、，当 S2接 1、2 时吹 冷风； 当 S2接 2、 3 时吹温风； 当 S2接 3、 4 时吹热风， 此时空调扇的总功率为 1100W 已 知：电源电压为 220V，c冰2.1103J/（kg） 。求： （1） 吹冷风时， 在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低， 若冰袋内冰的质量为 1.5kg， 温度从16升高到6时，冰从周围吸收的热量是多少？ （2）吹冷风时，电动机正常工作 2h 消耗的电能为 0.22kWh，此时通过电动机的电流是 多少？ （3）吹热风时，R1的电阻是多少？ 第 9 页（共 34 页） 第 10 页（共 34 页） 2019-2020 学年四川省内江市隆昌市九年级（上）

17、期末物理试卷学年四川省内江市隆昌市九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、本大题共一、本大题共 12 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 96 分在每小题给出的四个选项中，只有一个选分在每小题给出的四个选项中，只有一个选 项是符合题目要求的项是符合题目要求的 1 （4 分）关于分子和物体内能，下列说法正确的是（ ） A杯子里的水可以任意倒出，说明水分子间没有引力 B固体间能扩散，表明固体物质分子是运动的 C把 0的冰块加热熔化成 0的水，其内能不变 D用力搓手，手发热是通过热传递增加手的内能 【分析】液体没有固定的形状，具有流动性； 扩散现象表明分子在不停的

18、做无规则运动； 改变内能的方式：做功和热传递，对物体做功，物体的内能会增加；物体吸收热量，内 能会增加。 【解答】解： A、杯子里的水可以任意倒出，说明水具有流动性，不能说明分子间没有引力，故 A 错 误； B、扩散现象表明分子在不停的做无规则运动，固体间能扩散，表明固体物质分子在不停 地做无规则运动，故 B 正确； C、把 0的冰块加热熔化成 0的水，该过程中冰吸收热量，其内能会增加，故 C 错误； D、用力搓手，由于需要克服摩擦力做功，所以手发热是通过做功的方式增加手的内能， 故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题主要考查分子动理论和改变内能的方式，属于识记性内容，难度不大。 2 （4

19、分）我国年仅 22 岁的优秀青年科学家曹原研究发现：当两层石墨烯以一个“魔角” 叠加在一起时，再加入一定数量的电子，石墨烯的电阻突然变为 0此现象中石墨烯是 （ ） A绝缘体 B导体 C半导体 D超导体 【分析】超导现象是指电阻为零的现象。 第 11 页（共 34 页） 【解答】解：由题意知，当两层石墨烯以一个“魔角”叠加在一起时，再加入一定数量 的电子，石墨烯的电阻突然变为 0，这种现象叫做超导现象，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题以石墨烯材料为例，考查了超导体的特点，体现了物理与高科技领域的联 系，值得我们关注。 3 （4 分）如图所示，下列家用电器的额定功率最接近 10 瓦的是（

20、 ） A电饭煲 B节能灯 C电冰箱 D空调 【分析】根据我们对生活中常用用电器额定功率的了解去选择。 【解答】解：A、电饭煲的额定功率约为 1000W，不符合题意； B、节能灯的电功率约为 10W，符合题意。 C、电冰箱的额定功率约为 200W，不符合题意； D、柜式空调机的功率约为 2000W，不符合题意； 故选：B。 【点评】该题为估测题，是对家用电器功率的估测，要求在平时的生活中多关注、多观 察，但不需要去死记硬背这些用电器的功率。 4 （4 分）如图所示，取两个相同的验电器 A 和 B，使 A 带负电，B 不带电，用带有绝缘手 柄的金属棒把 A 和 B 连接起来。下列说法正确的是（ ）

21、 第 12 页（共 34 页） AB 中正电荷通过金属棒流向 A，A 金属箔的张角减小 BA 中的自由电子通过金属棒流向 B，B 金属箔的张角增大 CA 中负电荷通过金属棒流向 B，B 中正电荷通过金属棒流向 A D金属棒中瞬间电流的方向从 A 流向 B，B 金属箔的张角增大 【分析】 （1）规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相 反； （2）验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而 验证物体是否带电的。 【解答】解： （1）A 带负电，B 不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把 A 和 B 连接起来， A 上的部分负电荷会转移到 B 上，因

22、此验电器 B 的金属箔由于带负电会张开，A 的电荷 量减少，则 A 的张角会变小； （2）负电荷从 A 到 B，电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，因此电流方向是由 B 到 A； 综上所述：B 正确。 故选：B。 【点评】本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况，在金属导体中， 能够自由移动的电荷是负电荷（自由电子） ，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由 电荷的运动方向相反。 5 （4 分）对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列 说法不正确的是（ ） A它们都是采用控制变量的研究方法 B它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的 C前者多次测量

23、的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系 D后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差 第 13 页（共 34 页） 【分析】根据实验目的、实验原理、滑动变阻器的用法、实验进行多次测量的目的进行 分析答题。 【解答】解：A在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量 电阻”时不需要利用控制变量法，故 A 错误，符合题意； B探究电流与电阻关系实验，使用滑动变阻器的目的是控制电阻两端电压保持不变，伏 安法测定值电阻实验中，使用滑动变阻器的目的是改变电阻两端电压，这两个实验使用 滑动变阻器的作用不同，故 B 正确，不符合题意； C探究电流跟电阻的关系实验，进行多次测量的目的是

24、分析多组数据，得出电流跟电阻 的关系，故 C 正确，不符合题意； D伏安法测电阻阻值实验，后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差，故 D 正确，不符合题意。 故选：A。 【点评】本题考查了物理中的科学研究方法的种类区分，注意在初中物理中灵活应用这 些研究方法，本题结合两个电学实验进行分析考查对物理学方法的理解与应用情况。 6 （4 分）某房间原来只接有一只标有“PZ22040”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯 泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（ ） A变亮 B变暗 C不变 D无法确定 【分析】两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下

25、， 根据 PUI判断电路总功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断房 间内总亮度的变化。 【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻， 在电源电压不变的情况下，由 PUI可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变 暗。 故选：B。 【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用，正确的判断两灯泡串联时的总电阻大于其 中一个灯泡的电阻是关键。 7 （4 分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关 S 闭合，警 示灯 L 不亮；当井盖被移动，井盖开关 S 断开，警示灯 L 发光，R0为保护电阻。图中符 第 14 页（共

26、34 页） 合设计要求的电路图是（ ） A B C D 【分析】根据题意可知，正常情况下 S 闭合，灯泡不亮；当井盖丢失 S 断开时，灯泡发 光，据此选择符合题意的电路图。 【解答】解：由图知， A、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故 A 不符合题意； B、闭合开关，灯泡被短路不能发光；断开开关，灯泡和定值电阻串联，灯泡能够发光， 故 B 符合题意； C、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故 C 不符合题意； D、无论开关是否闭合，灯泡都能发光，故 D 不符合题意。 故选：B。 【点评】本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，这 是本题的重点也是难点

27、，最容易出错的地方是开关断开时灯泡发光，和我们平时接触到 的开关闭合，灯泡发光正好相反。 8（4 分） 如图所示电路， 电源电压保持不变， R15， 滑动变阻器 R2的最大阻值为 15 闭 合开关 S，向左移动滑动变阻器滑片 P 的过程中，下列说法正确的是（ ） A电流表 A 的示数变小 B电压表 V 的示数增大 C滑片可在 R2上任意移动 第 15 页（共 34 页） D若滑片移到 b 端时，R1与 R2的电功率之比为 3：1 【分析】由电路图可知，R1与 R2并联，电压表 V 测电源两端的电压，电流表测干路电 流， （1） 根据电源的电压可知滑片移动时电压表 V 示数的变化， 根据并联电路

28、中各支路独立 工作、互不影响可知滑片移动时通过 R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电 阻的变化，根据欧姆定律可知通过 R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电 流的变化； （2）由电路图可知，R2的滑片移至 a 端时会造成电源短路； （3）若滑片移到 b 端时，根据并联电路的电压特点和 PUI求出 R1与 R2的电功 率之比。 【解答】解：由电路图可知，R1与 R2并联，电压表 V 测电源两端的电压，电流表测干 路电流， （1）因电源电压保持不变， 所以，滑片移动时，电压表 V 的示数不变，故 B 错误； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时通过 R1的电

29、流不变， 向左移动滑动变阻器滑片 P 的过程中，R2接入电路中的电阻变小， 由 I可知，通过 R2的电流变大， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变大，即电流表 A 的示数变大，故 A 错误； （2）由电路图可知，R2的滑片移至 a 端时会造成电源短路， 所以，滑片不可在 R2上任意移动，故 C 错误； （3）因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，若滑片移到 b 端时，由 PUI可知，R1与 R2的电功率之比： ，故 D 正确。 故选：D。 第 16 页（共 34 页） 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式 的应用，分清电路的连

30、接方式和电表所测的电路元件是关键。 9 （4 分）甲、乙两地相距 30km。在甲，乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电 线的电阻与其长度成正比。现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置。甲地检修员 先用如图所示的测量仪接入 AB 时，电流表的示数为 0.2A；乙地检修员后用相同的测量 仪接入 CD 时，电流表的示数为 0.3A则短路位置离乙地（ ） A10 km B12 km C15 km D18 km 【分析】根据导体的材料、粗细相同时电阻与长度成正比的特点表示出所测输电线的电 阻，根据电源电压相等和欧姆定律列出等式进一步计算短路位置离乙地的距离。 【解答】解： 由题知，甲乙两地相距

31、30km，输电线的电阻与其长度成正比， 设每 km 输电线的电阻为 R0，短路位置离乙地的距离为 s，则短路位置离甲地的距离为 30kms， 则 CD 间的总电阻（两条输电线的总长度为 2s） ：Rcd2sR0， 同理可得，AB 间的总电阻：Rab2（30kms）R0， 用如图所示的测量仪进行检测时，电源电压 U 不变， 所以由欧姆定律得：UIabRab，UIcdRcd， 因电源电压不变，所以可得 IabRabIcdRcd， 代入数据有：0.2A2（30kms）R00.3A2sR0， 解得：s12km。 故选：B。 【点评】本题考查学生运用欧姆定律解决实际问题的能力。能根据题意求从检修点到短

32、路处的总电阻是关键的一步，再进一步根据总电阻得出导线的总长度，值得注意的是： 短路处距甲处的距离则是左侧导线总长度的一半。 10 （4 分）如图甲、乙所示，相同容器中装了质量都为 2kg 的纯净水，用不同电加热器加 第 17 页（共 34 页） 热，设加热器放出的热量全部被水吸收，得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，已 知水的比热容为 4.2103J/（kg） 。下列说法正确的是（ ） A加热相同时间，两杯水吸收的热量相同 B加热器 1 和加热器 2 的功率之比是 3：2 C吸收相同的热量，甲杯中水的末温比乙杯的高 D加热 1min 时，甲容器中的水吸收热量为 1.68105J 【分析】 （

33、1）由题知，用不同的加热器进行加热，则在相同的时间内加热器放出的热量 不同，说明在相同的时间内两杯水吸收的热量不同； （2）加热 2min 时，由图丙的甲图线可知甲容器中水升高的温度；而水的温度变化随时 间的增加而均匀升高，据此判断加热 1min 时甲容器中水升高的温度，已知水的质量和 比热容，利用 Q吸cmt 计算此时甲容器中的水吸收热量； （3）由图丙可知，水的温度从 20升高到 40时，甲的加热时间为 2min，乙的加热时 间为 3min； 两容器中水的质量相同，升高的温度也相同（均升高 20） ，由 Q吸cmt 可知，两杯 水吸收的热量相同；由于忽略散热损失，所以两加热器放出的热量也相

34、同，即 Q1放Q2 放；根据 P计算两加热器的功率之比； （4）两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，根据t可判断两杯水升高的温度 的关系。 【解答】解： A、实验中，用不同加热器加热，相同时间内，加热器放出的热量不同，所以相同时间内 两杯水吸收的热量不同，故 A 错误； B、由图丙可知，水的温度从 20升高到 40时，甲的加热时间为 2min，乙的加热时间 第 18 页（共 34 页） 为 3min； 两容器中水的质量相同，升高的温度也相同（均升高 20） ，由 Q吸cmt 可知，两杯 水吸收的热量相同；由于忽略散热损失，所以两加热器放出的热量也相同，即 Q1放Q2 放； 则加热器 1 和加热

35、器 2 的功率之比： P1：P2：t2：t13min：2min3：2，故 B 正确。 C、两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，根据t可知，两杯水升高的温度应 相同，由图象可知两杯水的初温相同，则吸收相同的热量后两杯水的末温也相同，故 C 错误； D、由图丙的甲图线可知，加热 2min 时，甲容器中水升高的温度： t402020； 由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高， 所以，加热 1min 时，甲容器中水升高的温度： tt2010； 此时甲容器中的水吸收热量： Q吸cmt4.2103J/（kg）2kg108.4104J，故 D 错误； 故选：B。 【点评】本题考查了吸热公式的灵活运

36、用，本题需要注意是利用的不同加热器，则相同 的时间产生的热量不同，解题的关键是从图象中获取有用信息。 11 （4 分）已知甲灯标有“6V3W”字样，乙灯的额定电压是 3V甲、乙两灯的 UI 关系 如图所示，确保电路安全的前提下，下列分析不正确的是（ ） A乙灯的额定功率是 1.8W B两灯串联使用，电路两端最大电压是 9V 第 19 页（共 34 页） C两灯并联使用，电路最大电流是 0.9A D两灯串联使用，甲灯比乙灯更亮 【分析】 （1）由图象可知乙灯的额定电流，根据公式 PUI 求出乙灯的额定功率； （2）根据 I可求得甲灯的额定电流，两灯串联使用，电路中电流为最小者，读出乙 灯两端电压

37、，然后可知电路两端的最大电压； （3）两灯泡并联时允许所加的最大电压为两额定电压较小的，由图象可知，此时流经甲 的电流，乙灯正常发光，根据干路中的电流等于各支路电流之和求得电路最大电流。 【解答】解： （1）由图象可知，当乙灯的额定电压是 3V 时，I乙0.6A， 乙灯的额定功率 P乙U乙I乙3V0.6A1.8W，故 A 正确； 由 PUI 可得，甲灯的额定电流 I甲0.5A， 两灯串联使用，电路中的最大电流是 I甲0.5A， 由图象可知，此时乙灯两端电压为 2V，故电路两端的最大电压 U串6V+2V8V，故 B 错误； （2）两灯泡并联时，电路两端的最大电压为 3V，由图象可知，此时流经甲的

38、电流 I甲 0.3A，乙灯正常发光， 故电路最大电流 II甲+I乙0.3A+0.6A0.9A，故 C 正确； （3）两灯串联使用，两灯泡的电流相同，由图知，甲灯泡两端的电压大于乙灯泡两端的 电压，根据 PUI 知，甲灯泡的实际功率大于乙灯泡的实际电功率，甲灯比乙灯更亮， 故 D 正确。 故选：B。 【点评】本题考查了学生的读图能力，同时考查了欧姆定律和电功率的应用以及串联电 路的特点，是一道综合性题目。 12 （4 分）如图所示，当 S 闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数比为 U甲：U乙7：2， 则关于图中各个元件的判断，说法正确的是（ ） 第 20 页（共 34 页） A两个电阻的比值为

39、R1：R27：2 B两个电阻的比值为 R1：R25：3 C当 S 断开，甲、乙两表为电流表时，两表示数比为 I甲：I乙5：7 D当 S 断开，甲、乙两表为电流表时，流过 R1的电流和流过 R2的电流之比为 I1：I2 5：2 【分析】 （1）由电路图可知，当 S 闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联甲电压表测 电源的电压，乙电压表测 R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电 压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比； （2）当 S 断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测 R2支路的电流，乙电 流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支

40、路的电流之比，再根据 并联电路的电流特点求出两表示数之比。 【解答】解： （1）当 S 闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压 表测 R2两端的电压， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且 U甲：U乙7：2， 所以，R1、R2两端的电压之比： ， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，由 I可得，两电阻的阻值之比： ，故 AB 错误； （2）当 S 断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过 R2支路的电流， 电流表乙测干路电流， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，R1、R2两支路的电流之比： 第 21 页（共 34 页） ，故 D 错误， 因

41、并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，两表示数之比：，故 C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关 键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。 二、填空题（每空二、填空题（每空 2 分，共分，共 28 分 ）分 ） 13 （4 分）英国物理学家 焦耳 最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间 的关系：电流通过导体产生的热量跟 电流的二次方 成正比，跟导体的电阻成正比， 跟通电时间成正比 【分析】焦耳定律内容为：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的 电阻成正比，跟通电时间成

42、正比。表达式为：QI2Rt。 【解答】解：英国物理学家焦耳做了大量的实验，在 1840 年最先精确地确定了影响电热 的相关因素，总结出了著名的焦耳定律；焦耳定律内容为：电流通过导体产生的热量跟 电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比。 故答案为：焦耳；电流的二次方。 【点评】深入理解焦耳定律的内容是解答此题的关键。 14 （4 分）白光 LED（发光二极管）是一种新型的最被看好的 LED 产品，用它做成的手电 筒正走进人们的生活之中，与白炽钨丝灯泡相比，LED 具有体积小（多颗、多种组合） 、 发热量低（几乎没有热幅射） 、耗电量小（低电压、低电流起动） 、寿命长（1 万小时

43、以上） 等优点，因此成为替代传统照明器具的一大潜力商品。如图所示是一种产品的 LED 手电 筒， 它由 5 个 LED 并联组成， 用两节干电池做电源， 正常每只 LED 通过的电流为 20mA， 则它正常工作时的总电流为 0.1 A，电池的输出功率为 0.3 W。 第 22 页（共 34 页） 【分析】根据并联电路干路电流等于各支路电流之和求出正常工作时的总电流；根据一 节干电池的电压为 1.5V，利用 PUI 求出电池的输出功率。 【解答】解：正常工作时的总电流为 I5I1520mA100mA0.1A； 两节干电池的电压 U21.5V3V， 电池的输出功率为 PUI3V0.1A0.3W。

44、故答案为：0.1；0.3。 【点评】本题考查了并联电路的电流特点和电功率的计算，关键是知道一节干电池的电 压为 1.5V。 15 （4 分）将踩瘪但没有破裂的乒乓球放入热水中，球内气体通过 热传递 方式增加内 能使气压增大；用天然气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与 四冲程汽油机的 做功 冲程的能量转化相同； 【分析】 （1）改变内能的方法：做功和热传递； （2）在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，水烧开时壶盖会向上 跳动，也是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能。 【解答】解： 将踩瘪但没有破裂的乒乓球放入热水中，球内气体吸收热量，内能增加，内部气压增大， 所

45、以瘪下去的部分很快恢复了原状； 水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机 械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同，在汽油机的做功冲程中，是将燃气的内 能转化为活塞的机械能。 故答案为：热传递；做功。 【点评】解决此类问题要结合改变物体内能的两种方式的区别来分析解答。同时还要知 道，这两种方式在改变物体内能上是等效的。 16 （4 分）一台标有“5V2.5W”的带有 USB 接口的小电风扇，线圈电阻为 1，正常工作 2min，产生的热量是 30 J工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于 摩擦 起电（静电） 现象。 【分析】 （1）根据 PUI 和 QI

46、2Rt 求出线圈产生的热量； （2）通过摩擦可以使物体带电，带电的物体能够吸引轻小物体。 【解答】解： 由题知，工作时间 t2min120s， 第 23 页（共 34 页） 由 PUI 得，线圈中的电流： I0.5A， 则线圈产生的热量： QI2Rt（0.5A）21120s30J。 风扇的叶片在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着 在扇叶上，这属于静电（摩擦起电）现象。 故答案为：30；摩擦起电（静电） 。 【点评】本题考查了电功率公式、焦耳定律及静电现象等知识，注意电动机不是纯电阻 电路，切记不能应用欧姆定律计算电流，产生的热量小于消耗的电能，即 QW。 17 （

47、4 分）在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作 2min，测得家中如图所示的 电能表的转盘转了 60r，热水器的实际功率为 1.8103 W；由于热水器的功率远大于 冰箱， 从安全用电的角度考虑， 热水器的电源线比冰箱的要 粗 （选填 “粗” 或 “细” ） 。 【分析】 （1）先求出电能表的转盘转 60r 电热水器消耗的电能，然后根据 P求出该电 热水器的实际功率； （2）利用 PUI、QI2Rt 以及影响导体电阻大小的因素来分析即可。 【解答】解： （1）电能表的转盘转 60r，电热水器消耗的电能： W0.06kWh， 工作时间 t2minh， 则该电热水器的实际功率： P1.8kW1.8103W。 （2）由于电热水器的功率远大于冰箱，根据 PUI 可知，电热水器工作时的电流远大于 冰箱，相同条件下热水器导线上产生的热量较多。 第 24 页（共 34 页） 为保证线路安全，在电流和通电时间一定时，电热水器选择较粗的电源线，可以减小导 线电阻， 根据 QI2Rt 可知，电源线产生的热量减少，可防止电源线快速老化而引发安全事故。 故答案为：1.8103；粗。 【点评】本题是一道电热综合题