2020年上海市普陀区中考物理一模试卷（含详细解答）

《2020年上海市普陀区中考物理一模试卷（含详细解答）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年上海市普陀区中考物理一模试卷（含详细解答）（29页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、一名中学生的质量可能为（ ） A0.5 千克 B5 千克 C50 千克 D500 千克 2 （2 分）一壶水倒出一半之后，不变的物理量是（ ） A重力 B密度 C体积 D质量 3 （2 分）下列器材中，利用连通器原理工作的是（ ） A茶壶 B订书机 C小灯泡 D吸尘器 4 （2 分）下列实例中，设计目的为了增大压强的是（ ） A刀刃 B图钉钉帽 C装甲车履带 D滑雪板 5 （2 分）家庭用电饭煲正常工作时，通过它的电流约为（ ） A0.03 安 B0.3 安 C3 安 D30 安 6 （2 分）在如图所示的电路中，开关 S 从断开到闭合，电流表 A 两次示数之比为 2：3； 若将电阻 R1、R

2、2串联在电路中，则它们两端的电压之比为（ ） A2：1 B3：2 C2：3 D1：2 7 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。可能使电压表示数与电流表示数同时 变小的操作是（ ） A闭合开关 S B移动 R2的滑片 C用阻值更大的电阻替换 R1 D用阻值更小的电阻替换 R1 8 （2 分）如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强大于乙 第 2 页（共 29 页） 对地面的压强。沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分，若甲、乙剩余部分对地面 的压力相等，则甲、乙正方体（ ） A对地面压强的变化量可能p甲p乙 B剩余部分的底面积一定相等 C对地面压力的变化量可能

3、相等 D剩余部分的体积可能相等 二、填空题（共二、填空题（共 23 分）请将结果填入答题纸的相应位置分）请将结果填入答题纸的相应位置 9 （3 分）一节干电池的电压为 伏；上海家庭中洗衣机和电视机的正常工作电压为 伏，它们之间是 联连接的。 10 （3 分）如图 1 实验中杯中水不会流出来是因为有 的存在。 实验首先测 出了大气压强的值。 图 2 中洗手盆下水管利用的是 原理， 使得两管中的水面相平。 11（3 分） 水银的密度为 13.6103千克/米 3， 读作 13.6103 ， 它的含义是 的 水银质量为 13.6103千克；水银是导体，因此水银内存在大量 。 12 （3 分）体积为

4、110 3 米 3、密度为 0.9103 千克/米 3 的物块漂浮在水面上，它的质量 为 千克， 受到的浮力为 牛； 向水中加盐后， 物块受到的合力将 （选 填“变小” 、 “不变”或“变大” ） 。 13 （3 分）某导体两端电压为 6 伏，电阻为 10 欧，通过该导体的电流为 安，10 秒 内通过该导体横截面的电荷量为 库；若将该导体两端电压调整为 9 伏，其电阻为 欧。 14 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S 后，电路正常工作。一 段时间后，电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数不变，已知故障只发生在电阻 R1、 R2上。 选择一个完好的定值电阻R替换R2

5、， 并观察比较两电表替换前、 后示数， 若 ， 则可以判断 R1一定断路，理由是 。 第 3 页（共 29 页） 15 （6 分）某同学利用图中演示板上的 5 根金属丝 A、B、C、D、E 进行四次实验，通过 分析初步得出导体电阻大小与导体材料、粗细和长度有关的结论。已知板上各金属丝横 截面积都相同，A、B、C、D 长度相同，E 的长度是它们的一半，实验过程如图所示。 本实验通过观察 来判断演示板上金属丝的电阻大小。 演示板上 E 和 材料肯定相同（填字母） 。 演示板上的金属丝中， （填字母）所对应的材料比较适合用作家用电线。 三、作图题（共三、作图题（共 7 分）请将图直接画在答题纸的相应

6、位置，作图题必须用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用 2B 铅笔铅笔 16 （2 分）在图中，重为 4 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 17 （2 分）在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。 18 （3 分）在如图所示的电路中，有三根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上 后要求： 灯与滑动变阻器并联； 第 4 页（共 29 页） 闭合开关 S，向左移动滑动变阻器的滑片 P，电流表示数变小。 四、计算题（共四、计算题（共 26 分）请将计算过程和答案写入分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置答题纸的相应位置 19 （4 分）小球浸

7、入水中，排开水的体积为 110 3 米 3，求：小球受到的浮力 F 浮。 20 （4 分）体积为 210 3 米 3 的冰全部熔化成水，已知冰的密度为 0.9103千克/米 3，求 水的质量 m水。 21 （9 分）如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。容器甲底面积 为 510 2 米 2圆柱体乙的重力为 180 牛、底面积为 6102 米 2容器甲中盛有质量 为 4 千克的水。 求容器甲中水的体积 V水。 求圆柱体乙对水平地面的压强 p乙。 若将一物体 A 分别浸没在容器甲的水中（水未溢出） 、放在圆柱体乙上表面的中央时， 水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强

8、的变化量相等。求物块 A 的密 度 A。 22 （9 分）在如图 1 所示的电路中，电源电压为 18 伏且不变，电阻 R1的阻值为 20 欧，滑 动变阻器 R2上标有“50 1A”字样，电压表和电流表表盘如图 2（a） 、 （b）所示。闭合 开关 S，电流表的示数为 0.4 安。求： 电阻 R1的两端电压 U1。 现有三个定值电阻，分别为 A（40 欧） 、B（8 欧） 、C（3 欧） ，请从中选择个来替换 电阻 R1，并选择合适的电表量程。要求：在移动变阻器滑片 P 的过程中，不更换电表量 程，两电表的指针分别能达到满刻度处，且电路能正常工作。 a电压表量应选 伏量程。 第 5 页（共 29

9、 页） b应选用电阻 （选填字母）代替电阻 R1 （请说明选择的依据） c满足上述要求时，求变阻器 R2连入电路的阻值范围。 五、实验题（共五、实验题（共 18 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答分）请根据要求在答题纸的相应位置作答 23 （3 分） “用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 ，在连接电路过程中，开关 应该处于 状态，电流表应与待测电阻 联连接。 24 （3 分）在“测定物质的密度”实验中，需要测量的物理量 和 。在“探 究物质质量与体积的关系“实验中，为了得出普遍规律需要多次测量不同体枳同种物质 的质量，并选择 进行多次测量（选择“一种”或“多种） 25 （7 分）小同学选用

10、弹簧测计、 和系细绳的盒属块各一个，及三种密度不同液体 进行如图所示实验，设计的实验表格如下。小李同学将测得数据及根据数据计算得到的 结果记录在表中（部分未显示） 。 实验 序号 （103 千克/米 3） V1（10 3 米 3） V2（10 3 米 3） F1（牛） F2（牛） F1F2 （牛） g（V2 V1） 1 1.2 4.0 2.8 1.2 2 1.0 4.0 3.0 1.0 3 0.8 4.0 3.2 0.8 填写 所对应的器材，该金属块所受重力为 。 分析实验数据并得出初步结论： a分析比较实验序号 1 与 2 中 和 F2数据及相关条件可初步得出结论，对浸没在液体 中的同一金属

11、块而言， 。 b分析比较实验序号 1、2、3 中 和 F1F2数据及相关条件可初步得出结论，对浸没 在液体中的同一金属块而言， 。 根据小李同学所设计的表格和实验步骤， 该实验的实验目的应该是 （填写选项 第 6 页（共 29 页） 序号“A” “B” “C”或“D” ） 。 A验证阿基米德原理 B探究物体所受浮力与哪些因素有关 C探究物体所受浮力与体积的关系 D练习使用弹簧测力计测物体所受浮力 为使实验结论更有普遍性，请提出补充设计建议 。 26 （5 分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压小于 24 伏且保持不 变） 、待测电阻 Rx、电压表、电流表（只有 0.6 安量程

12、可用） 、滑动变阻器（标有“1 安” 字样） 、阻值为 10 欧的定值电阻 R1、阻值为 30 欧的定值电阻 R2、开关及导线若干。实 验器材均完好。 小华经过思考，先进行一次实验测电源电压，实验电路图及闭合开关 S 后对应的电压 表的示数如图 1 所示。小华实验所用电源电压为 伏。 小华根据第一次实验结果进行思考后开始第二次实验，他正确串联电源、待测电阻、 电流表、滑动变阻器和开关，然后把电压表并联接入电路。闭合开关后，将变阻器滑片 从一端滑到另一端的过程中，发现电流表示数由 0.20 安增大到 0.58 安，此过程中电压表 示数减小了 4.0 伏。当移动变阻器滑片到某个位置时，电压表、电流

13、表的示数分别如图 2 （a） 、 （b）所示。 根据图 2（a） 、 （b）所示电压表、电流表示数，计算待测电阻 Rx 的阻值。 （写 出计算过程） 第 7 页（共 29 页） 第 8 页（共 29 页） 2020 年上海市普陀区中考物理一模试卷年上海市普陀区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（共一、选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用 2B 铅笔填铅笔填 涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂 1 （2

14、 分）一名中学生的质量可能为（ ） A0.5 千克 B5 千克 C50 千克 D500 千克 【分析】根据对质量的掌握及对中学生体重的认识进行分析。 【解答】解：中学生的质量一般在 80 斤到 120 斤之间，即约为 40kg 到 60kg 之间； 故选：C。 【点评】学生对自身的质量都比较了解，但我们日常所说的质量常常以斤为单位，故注 意单位的换算即可。 2 （2 分）一壶水倒出一半之后，不变的物理量是（ ） A重力 B密度 C体积 D质量 【分析】质量是物体本身的一种属性，是不随物体形状、状态和位置变化而变化的。当 所含物质的多少发生变化，质量也变化，质量变化，重力也会变化，质量减少，体积

15、也 会减少，但密度不随质量而变化，同种物质密度是不变的。 【解答】解：一壶水倒出一半之后，剩下的半壶水与原来的一壶水比较，由于壶内所含 的水的数量减少，则质量、体积、重力都会变小，但密度不变。 故选：B。 【点评】本题对质量、密度特性进行了考查，要注意影响它们的因素。 3 （2 分）下列器材中，利用连通器原理工作的是（ ） A茶壶 B订书机 C小灯泡 D吸尘器 【分析】连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不 流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。 【解答】解： A、茶壶是利用连通器的原理制成的，符合题意； B、订书机在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力

16、杠杆，不符合题意； C、小灯泡是利用电流的热效应原理制成的，不符合题意； 第 9 页（共 29 页） D、吸尘器，通过内部电机旋转，使内部的气压降低，低于外界大气压，将外面的灰尘压 入吸尘器内，是利用大气压来工作的，不符合题意。 故选：A。 【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止 时保持相平。 4 （2 分）下列实例中，设计目的为了增大压强的是（ ） A刀刃 B图钉钉帽 C装甲车履带 D滑雪板 【分析】 （1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。 （2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时， 增大压力来增大压强。

17、（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时， 减小压力来减小压强。 【解答】解： A、刀刃很薄是在压力一定时，减小受力面积来增大对物体的压强，容易把物体切断，故 A 符合题意。 B、图钉钉帽面积较大是在压力一定时，增大受力面积减小图钉钉帽对手的压强，故 B 不符合题意。 C、装甲车履带在压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基，故 C 不符 合题意。 D、滑雪板是压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，故 D 不符合题意。 故选：A。 【点评】掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到 生活中。 5 （2 分）家庭用电饭煲

18、正常工作时，通过它的电流约为（ ） A0.03 安 B0.3 安 C3 安 D30 安 【分析】电饭煲的功率大约是 700W，由 PUI 可计算出工作时的电流。 【解答】解：由于电饭煲的功率大约是 700W，家庭电路的电压为 220V，故工作时的电 流 I3A。 故选：C。 第 10 页（共 29 页） 【点评】本题要知道家庭电路的电压和电饭煲的功率才能正确解答。 6 （2 分）在如图所示的电路中，开关 S 从断开到闭合，电流表 A 两次示数之比为 2：3； 若将电阻 R1、R2串联在电路中，则它们两端的电压之比为（ ） A2：1 B3：2 C2：3 D1：2 【分析】由电路图可知，开关 S

19、断开时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1的电 流；开关 S 闭合时，R1与 R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点求出 通过两电阻的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值；将电 阻 R1、 R2串联在电路中时通过它们的电流相等， 根据欧姆定律求出它们两端的电压之比。 【解答】解：由电路图可知，开关 S 断开时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1 的电流， 开关 S 闭合时，R1与 R2并联，电流表测干路电流， 因为并联电路中各支路独立工作、 互不影响， 所以开关断开和闭合时通过 R1的电流不变， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通

20、过两电阻的电流之比： ， 因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由 I可得，两电阻的阻值之比： ； 将电阻 R1、R2串联在电路中时，因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻两端的电 压之比： 。 故选：D。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，灵活运用公式是关键。 7 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。可能使电压表示数与电流表示数同时 第 11 页（共 29 页） 变小的操作是（ ） A闭合开关 S B移动 R2的滑片 C用阻值更大的电阻替换 R1 D用阻值更小的电阻替换 R1 【分析】 （1）开关原来是断开的，分别分析开关 S 断开和闭合时电路的连接情况以及

21、电 表作用，根据电路特点分析解答； （2）根据串联电路特点和欧姆定律分析滑片移动时两电表的示数变化情况； （3）根据串联电路特点和欧姆定律分析用更大电阻和更小电阻替换 R1后两电表示数的 变化。 【解答】解： A、开关原来是断开的，两电阻串联，电流表测电路中电流中，电压表测 R1两端电压； 闭合开关 S，R2被短路，电路为 R1的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中电 流。 由串联电路的电压特点知，S 闭合后电压表示数变大； 由串联电路电阻特点知，S 闭合后电路的电阻变小，由 I知电路电流变大，即电流表 示数变大，故 A 错误； B、若 R2的滑片向左移动，其连入电路的阻值变小，电路中总

22、电阻变小，电源电压不变， 由 I知电路电流变大（电流表示数变大） ，由 UIR 知，R1两端电压变大（电压表示 数变大） ，反之滑片右移时，电流表示数变小，电压表示数变小，所以移动 R2的滑片， 可能使电压表示数与电流表示数同时变小，故 B 正确； CD、若用阻值更大的电阻替换 R1，电路的总电阻变大，电源电压不变，由 I知电路 电流变小 （电流表示数变小） ， 由 UIR 知， R2分得电压变小， 所以 R1分得电压变大 （电 压表示数变大） ，故 C 错误；反之，若用阻值更小的电阻替换 R1，电流表示数变大，电 压表示数变小，故 D 错误。 第 12 页（共 29 页） 故选：B。 【点评

23、】本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，分析各选项得出电路的变化从而 得出电表示数的变化是关键。 8 （2 分）如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强大于乙 对地面的压强。沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分，若甲、乙剩余部分对地面 的压力相等，则甲、乙正方体（ ） A对地面压强的变化量可能p甲p乙 B剩余部分的底面积一定相等 C对地面压力的变化量可能相等 D剩余部分的体积可能相等 【分析】（1） 实心均匀正方体对水平地面的压强 phg， 沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变，对地面的 压强不变，据此得出两者对对地面压强的变化量关系；

24、甲、乙剩余部分对地面的压力相 等，且甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据 FpS 判断剩余部分甲乙的底面积关 系； （2）甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据 FpS 可知截取前甲对水平面的压力关 系，截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等，据此得出甲乙对地面压力的变化量的关 系； （3）甲剩余部分的底面积小，但高度大，根据 VSh 判断剩余部分的体积关系。 【解答】解： （1）实心均匀正方体对水平地面的压强： phg， 因沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变， 所以，甲、乙剩余部分对地面的压强不变（均等于原来各自对地面的压强） ，则两者对地 面压强的变化量相等

25、，均为 0，故 A 错误； 又因甲、乙剩余部分对地面的压力相等，且此时甲对地面的压强大于乙对地面的压强， 所以，由 FpS 可知，剩余部分甲的底面积小于乙的底面积，故 B 错误； （2）因甲对地面的压强大于乙对地面的压强，且由图知甲的底面积较大， 第 13 页（共 29 页） 所以，由 FpS 可知，截取前甲对水平面的压力大， 又因截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等， 所以，甲对地面压力的变化量大，故 C 错误； （3）因甲剩余部分的底面积小，但高度大， 所以由 VS剩余h 可知，剩余部分的体积可能相等，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了压强公式的灵活应用，利用好规则均匀（如长方

26、体、正方体、圆柱 体等）对水平面上的压强公式 phg 是关键。 二、填空题（共二、填空题（共 23 分）请将结果填入答题纸的相应位置分）请将结果填入答题纸的相应位置 9 （3 分）一节干电池的电压为 1.5 伏；上海家庭中洗衣机和电视机的正常工作电压为 220 伏，它们之间是 并 联连接的。 【分析】 （1）根据一节干电池的电压和我国家庭电路的电压进行解答； （2）把用电器并联在电路中使用，由并联电路电压关系知加在它们两端的电压就电压电 源电压。这样可以使用电器在额定电压下工作。 【解答】解：一节干电池的电压为 1.5V； 我国家用电器的额定电压是 220V，所以上海家庭中洗衣机和电视机的正常

27、工作电压为 220V，为使用电器正常工作要把它们并联在电路中。 故答案为：1.5；220；并。 【点评】本题考查了学生对一节干电池电压和家庭电路电压的记忆以及家庭电路连接方 式的判断，是一道基础题目。 10 （3 分）如图 1 实验中杯中水不会流出来是因为有 大气压 的存在。 托里拆利 实 验首先测出了大气压强的值。图 2 中洗手盆下水管利用的是 连通器 原理，使得两管 中的水面相平。 【分析】 （1）从力学的角度来分析，杯中的水在自身重力的作用下却没有落下来进行分 析。 第 14 页（共 29 页） （2）由教材知识知托里拆利实验准确的测出了 1 标准大气压的值。 （3）从连通器的特点来分析

28、。 【解答】解： （1）杯中的水在自身重力的作用下却没有落下来，杯子周围除了空气外什 么也没有，说明空气给了杯中的水一个向上的力，进而证明大气压强的存在。 （2）托里拆利实验实验首先测出了大气压强的值。 （3）反水弯的两端开口底部相连通符合连通器的特点，连通器中装同种液体且静止不流 动时各容器的液面总保持相平，这样容器中总有水就把外面的臭气挡在外面。 故答案为：大气压；托里拆利；连通器。 【点评】本题考查了大气压强的存在和连通器的原理等，明白装置的特点是关键。 11 （3 分）水银的密度为 13.6103千克/米 3，读作 13.6103 千克每立方米 ，它的含 义是 每立方米 的水银质量为

29、13.6103千克；水银是导体，因此水银内存在大量 自 由电子 。 【分析】 （1）密度的单位读作千克每立方米。 （2）从密度的定义来分析。 （3）导体之所以容易导电是因为它有大量的自由电子。 【解答】解： （1）水银的密度为 13.6103千克/米 3，读作 13.6103 千克每立方米。 （2）13.6103千克/米 3，它的含义是每立方米的水银质量是 13.6103 千克。 （3）导体之所以容易导电是因为它有大量的自由电子。水银是导体，因此水银内存在大 量的自由电子。 故答案为：千克每立方米；每立方米；自由电子。 【点评】本题考查了密度及其特性以及对导体的理解，是一道基础题目。 12 （

30、3 分）体积为 110 3 米 3、密度为 0.9103 千克/米 3 的物块漂浮在水面上，它的质量 为 0.9 千克，受到的浮力为 9 牛；向水中加盐后，物块受到的合力将 不变 （选 填“变小” 、 “不变”或“变大” ） 。 【分析】 （1）根据题中条件，由 mV 求物块的质量； （2）漂浮的物体所受的浮力等于物体的重力，浸在液体中的物体，所受浮力的大小与液 体的密度和物体所排开的液体的体积有关，据此回答； （3）根据阿基米德原理，分析加盐后物块所受的浮力变化，进而判断物块所处状态来分 析物体所受的合力变化。 【解答】解： 第 15 页（共 29 页） （1）由 可得物体的质量： mV0.

31、9103kg/m3110 3m30.9kg， （2）因为物体漂浮在水面上， 所以受到水的浮力： F浮Gmg0.9kg10N/kg9N； （3）当物块漂浮在水面上时，所受的合力为零； 当向水中加盐后，液体的密度会增大，可知当物体会逐渐上浮并最终处于静止状态，即 所受的合为仍为零。故所受合力会不变。 故答案为：0.9；9；不变。 【点评】本题考查了密度公式、重力公式、物体的漂浮条件、阿基米德原理的应用，属 于基础题目。 13 （3 分）某导体两端电压为 6 伏，电阻为 10 欧，通过该导体的电流为 0.6 安，10 秒 内通过该导体横截面的电荷量为 6 库； 若将该导体两端电压调整为9伏， 其电阻

32、为 10 欧。 【分析】知道电压及电阻，由欧姆定律求导体的电流，由电荷量的公式 QIt 解题。电 阻是导体本身的一种属性，其大小其决于材料、长度、横截面及温度，与两端的电压及 通过的电流无关。 【解答】解：由题可知，导体中的电流：I0.6A； 10s 内通过导体横截面的电荷量为：QIt0.6A10s6C； 电阻是导体本身的一种属性，其大小于其两端电压无关，即当电压调整为 9V 时，其阻值 不变仍为 10。 故答案为：0.6；6；10。 【点评】本题考查了欧姆定律的运用，要理解电阻是导体本身的一种属性。 14 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S 后，电路正常工作。一 段

33、时间后，电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数不变，已知故障只发生在电阻 R1、 R2上。选择一个完好的定值电阻 R 替换 R2，并观察比较两电表替换前、后示数，若 电 流表示数变小或不变 ，则可以判断 R1一定断路，理由是 由题意可知，发生的故障只 可能是 R1断路或 R2断路，若 R2断路，用 R 替换 R2后，电流表的示数一定变大 。 第 16 页（共 29 页） 【分析】根据电路图可知，两电阻并联，电流表测量干路电流，电压表测量并联电路两 端电压；根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。 【解答】解： 根据电路图可知，两电阻并联，电流表测量干路电流，电压表测量并联电路两端电压

34、； 电压表示数不变，说明电源完好且电阻没有被短路；电流表示数变小，说明有支路出现 断路，即：R1断路或 R2断路； 若 R2断路，用某完好的定值电阻 R 替换 R2后，由于有电流通过 R 和 R1，根据并联 电路的电流特点可知，电流表示数会变大； 若 R1断路，当 RR2时，用 R 替换 R2后，由于电阻减小了，根据欧姆定律可知，电 路中的电流会变大，即电流表示数变大； 若 R1断路，当 RR2时，用 R 替换 R2后，由于电阻增大了，根据欧姆定律可知，电路 中的电流会变小，即电流表示数变小； 若 R1断路，当 RR2时，用 R 替换 R2后，由于电阻不变，所以电流表示数不变； 综上所述，若电

35、流表示数变大，则 R1断路或 R2断路这两种情况都有可能；若电流表示 数变小或不变，则只有 R1断路这一种情况。 故答案为：电流表示数变小或不变；由题意可知，发生的故障只可能是 R1断路或 R2断 路，若 R2断路，用 R 替换 R2后，电流表的示数一定变大。 【点评】此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特 点进行分析。 15 （6 分）某同学利用图中演示板上的 5 根金属丝 A、B、C、D、E 进行四次实验，通过 分析初步得出导体电阻大小与导体材料、粗细和长度有关的结论。已知板上各金属丝横 截面积都相同，A、B、C、D 长度相同，E 的长度是它们的一半，实验过程

36、如图所示。 本实验通过观察 电流表示数 来判断演示板上金属丝的电阻大小。 演示板上 E 和 C 和 D 材料肯定相同（填字母） 。 演示板上的金属丝中， A （填字母）所对应的材料比较适合用作家用电线。 第 17 页（共 29 页） 【分析】 （1）电阻起阻碍电流的作用，电阻越大，通过电阻的电流越小； （2）影响电阻大小的因素有三个：材料、长度和横截面积。因此探究电阻与其中一个因 素的关系是，需要用控制变量进行探究，即要保证其他两个因素都相同，单独研究电阻 与该因素的关系。 【解答】解： （1） 因为电阻对电流起阻碍作用， 所以可以通过观察电流表示数的大小来判断电阻大小， 这属于转换法的应用；

37、 （2）已知板上各金属丝横截面积都相同，A、B、C、D 长度相同，E 的长度是它们的一 半，且图 c 中是两根金属丝并联，即横截面积增大了； 探究导体的电阻与长度的关系时，需要控制导体的材料和横截面积都相同，而长度不 同， 若选 a、d 两图来探究导体的电阻与长度的关系，因金属丝 E 的长度小于 A 的长度，则 金属丝 E 的电阻应小于 A 的电阻； 由图知通过金属丝 E 的电流小于金属丝 A 的电流， 说 明金属丝 E 的电阻大于 A 的电阻，前后是矛盾的，则金属丝 A、E 的材料不同，不能探 究导体的电阻与长度的关系； 所以，只能选择 a、b 两图来探究导体的电阻与长度的关系，则演示板上

38、E 和 D 的材料 肯定相同。 由图可知，图 b 中只有 D 金属丝接入电路，而图 c 中 C、D 两金属丝并联接入电路， 两图中导体的横截面积不同，所以利用图 b、c 可探究电阻与横截面积的关系，而该实验 需要控制长度和材料相同，故金属丝 C、D 的材料是相同的，E 与 C 的材料也相同。 （3）比较 b、d 两图可知，A 和 D 两金属丝的长度和横截面积都相同，电流表示数不 同，说明 A 和 D 是不同的材料，通过金属丝 A 的电流大，表明 A 的电阻小于 D 的电阻， 且由前面分析可知金属丝 C、D 是完全相同的金属丝，则 A 的电阻小于 C 的电阻； 由图 a 和 d 可知，A 和 E

39、 两金属丝的横截面积相同，材料不同，E 的长度小于 A 的长 第 18 页（共 29 页） 度，但通过 E 的电流小于通过 A 的电流，表明 E 的电阻大于 A 的电阻； 由此可知，在长度、横截面积相同的情况下，金属丝 A 的电阻是最小的；因家庭电路中 导线的电阻越小越好，所以 A 对应的材料比较适合用作家用电线。 故答案为：电流表示数；C 和 D；A。 【点评】物理学中对于多因素的问题，常常采用控制因素的办法，把多因素的问题变成 多个单因素的问题，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法，一定要 掌握控制变量法。 三、作图题（共三、作图题（共 7 分）请将图直接画在答题纸的相应位置

40、，作图题必须用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用 2B 铅笔铅笔 16 （2 分）在图中，重为 4 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 【分析】根据二力平衡得出浮力大小，明确浮力的三要素，再确定一个标度，并用这个 标度去准确表示出力的大小。 【解答】解：重为 4N 的小球静止在水中，受到的竖直向下的重力及水对其施加的竖直向 上的浮力 F浮为一对平衡力，大小相等，F浮4N，浮力作用点可认为在球的球心，规定 标度为 2N，该球所受的浮力 F浮的力示意图如下所示： 【点评】本题考查二力平衡的运用及力的图示的画法，注意力的图示必须要确立一个标 度，这样才能准确表示

41、力的大小。 17 （2 分）在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。 【分析】根据电流表要串联使用，电压表要并联使用的特点分析。 第 19 页（共 29 页） 【解答】解：左侧圈与用电器串联，一定是电流表，而右侧圈并联在 R 两端，一定是电 压表，这样组成一个简单电路，如图所示： 【点评】解答此题的关键是明确电压表和电流表的使用规则，主要考查电流表、电压表 的使用方法，要求学生应熟练掌握。 18 （3 分）在如图所示的电路中，有三根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上 后要求： 灯与滑动变阻器并联； 闭合开关 S，向左移动滑动变阻器的滑片 P，电流表示数变小。 【分析】根据题

42、干要求，灯与滑动变阻器并联； 由并联电路电压的规律结合向左移动滑动变阻器的滑片 P 电流表示数变小，确定变阻器 右下接线柱连入电路中，电流表选用大量程与变阻器串联。 【解答】解： 灯与滑动变阻器并联； 由并联电路电压的规律，变阻器的电压始终等于电源电压，因闭合开关 S，向左移动滑 动变阻器的滑片 P，电流表示数变小，由欧姆定律，即变阻器连入电路的电阻变大，故 变阻器右下接线柱连入电路中，因不知电流大小，故电流表选用大量程与变阻器串联， 如下所示： 第 20 页（共 29 页） 【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是确定变阻器和电流表的连接。 四、计算题（共四、计算题（共 26 分）请将计算

43、过程和答案写入答题纸的相应位置分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置 19 （4 分）小球浸入水中，排开水的体积为 110 3 米 3，求：小球受到的浮力 F 浮。 【分析】知道小球排开水的体积，利用阿基米德原理求小球受到水的浮力。 【解答】解： F浮液gV排 1.0103千克/米 39.8 牛/千克1103 米 3 9.8 牛。 答：小球受到的浮力为 9.8 牛。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮G排 液gV排。 20 （4 分）体积为 210 3 米 3 的冰全部熔化成水，已知冰的密度为 0.9103千克/米 3，求 水的质量 m水。 【分析】已知

44、冰的体积和密度，可求冰的质量，冰化水质量不变。 【解答】解：根据 可知，冰的质量为： m冰冰V0.9103kg/m3210 3m31.8kg， 冰化水质量不变，即：m水m冰1.8kg。 答：水的质量为 1.8kg。 【点评】本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，知道冰化水质量不变是本题的关键。 21 （9 分）如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。容器甲底面积 为 510 2 米 2圆柱体乙的重力为 180 牛、底面积为 6102 米 2容器甲中盛有质量 为 4 千克的水。 求容器甲中水的体积 V水。 求圆柱体乙对水平地面的压强 p乙。 第 21 页（共 29 页） 若将一物

45、体 A 分别浸没在容器甲的水中（水未溢出） 、放在圆柱体乙上表面的中央时， 水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块 A 的密 度 A。 【分析】知道水的质量和水的密度，利用密度公式 计算水的体积； 圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，知道受力面积，利用压强公式 p求对地 面的压强； 设物体 A 的质量为 m，A 的体积为 VA；则水对容器甲底部压强增加量p1水hg 水g，圆柱体乙对地面压强的增加量p2，根据p1 p2求得物体的密度。 【解答】解： （1）由 可得，容器甲中水的体积： V410 3m3； （2）圆柱体乙置于水平地面上，圆柱体对地面的压力 FG180

46、N， 圆柱体乙对地面的压强： p乙3000Pa； （3）设物体 A 的质量为 m，A 的体积为 VA； 由于物体 A 浸没在容器甲的水中，则水对容器甲底部压强增加量： p1水hg水g； 物体 A 放在圆柱体乙上表面的中央，则圆柱体乙对地面压强的增加量： p2， 已知p1p2，则：水g， 第 22 页（共 29 页） 所以物体 A 的密度：A1.2 103kg/m3。 答： （1）容器甲内水的体积是 410 3m3； （2）圆柱体乙对水平地面的压强是 3000Pa； （3）物块 A 的密度是 1.2103kg/m3。 【点评】本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点

47、在第三问，求出容器对地面压强的增加量和水对容器底部压强的增加量，利用好等量关 系是突破点。 22 （9 分）在如图 1 所示的电路中，电源电压为 18 伏且不变，电阻 R1的阻值为 20 欧，滑 动变阻器 R2上标有“50 1A”字样，电压表和电流表表盘如图 2（a） 、 （b）所示。闭合 开关 S，电流表的示数为 0.4 安。求： 电阻 R1的两端电压 U1。 现有三个定值电阻，分别为 A（40 欧） 、B（8 欧） 、C（3 欧） ，请从中选择个来替换 电阻 R1，并选择合适的电表量程。要求：在移动变阻器滑片 P 的过程中，不更换电表量 程，两电表的指针分别能达到满刻度处，且电路能正常工作。 a电压表量应选 015V 伏量程。 b应选用电阻 B （选填字母）代替电阻 R1 （请说明选择的依据） c满足上述要求时，求变阻器 R2连入电路的阻值范围。 【分析】由图可知 R1与滑动变阻器串联，电压表并联在 R2两端；根据 UIR 求出 R1两端的电压； 根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，然后结合电流表可以达到最大刻度 确定其量程；根据电流表达到最大量程时滑动变阻器分得的最小电压并结合指针达到最