2020年上海市黄浦区中考物理一模试卷（含详细解答）

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1、上海地区家用电冰箱的正常工作电压是（ ） A110 伏 B200 伏 C220 伏 D380 伏 2 （3 分）首先发现电流与电压关系的科学家是（ ） A安培 B库仑 C伏特 D欧姆 3 （3 分）铁轨下面垫枕木是为了（ ） A增大压力 B增大压强 C减小压力 D减小压强 4 （3 分）下列装置中，主要利用连通器原理工作的是（ ） A液位计 B抽水机 C订书机 D密度计 5 （3 分）一根铁丝被拉长后，下列物理量会发生变化的是（ ） A密度 B质量 C电阻 D体积 6 （3 分）重为 5 牛的小球轻放入装满水的烧杯中，溢出重为 4 牛的水。若将该小球轻放入 盛有酒精的烧杯中，已知 酒水，则溢出

2、酒精的重力大小（ ） A一定小于 4 牛 B可能等于 5 牛 C一定等于 4 牛 D可能大于 5 牛 7 （3 分）在图（a） 、 （b）所示的电路中，所有元件均完好，电源电压相等且保持不变。已 知 R1、R2、R3为定值电阻，R4为滑动变阻器（滑片在中点附近某位置） ，现有两个电流 表的示数相同，则下列判断正确的是（ ） A1与 A2示数相同，R1R2 A1与 A3示数相同，R1R2 A2与 A4示数相同，R2R3 第 2 页（共 29 页） A3与 A4示数相同，R2R3 A和 B和 C和 D和 8 （3 分）如图（a）所示，底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体，其密度为 甲和 乙

3、已知液体对各自容器底部的压强相等。现将甲、乙液体互换容器（均不溢出） ， 如图（b）所示，甲、乙液体对容器底部压强的变化量分别为p甲、p乙则（ ） A甲乙，p甲p乙 B甲乙，p甲p乙 C甲乙，p甲p乙 D甲乙，p甲p乙 二、填空题（共二、填空题（共 23 分分)请将结果填入答题纸的相应位请将结果填入答题纸的相应位 9 （3 分）家庭电路中各用电器之间是 （选填“串联”或“并联” ）连接的。使用的 用电器增多，电路的总电流 ，电路的总电阻 。 （均选填“变大” 、 “不变” 或“变小” ） 10 （3 分）压强是表示 的物理量。深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内 部 ，著名的 实验向人们展示

4、了大气压强存在。 11 （3 分）冰的密度为 900 千克/米 3，它的含义是每立方米冰的 为 900 千克。现有 0.01 米 3 的冰融化成水，融化后体积 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） ，水的 质量为 千克。 12 （3 分）如图（a）所示，长度相同、粗细不同的同种金属棒 AB 和 CD 串联在电路中。 则通过 AB 的电流 通过 CD 的电流（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） 。用电压 表测得 AB 和 CD 两端的电压如图（b）所示，则 AB 两端的电压为 伏，CD 两端 电压为 伏。 第 3 页（共 29 页） 13 （3 分）竖直浸没在水中的长方体金属块，上、

5、下表面受到水的压力分别为 2 牛、10 牛， 该金属块受到的浮力为 牛。若上表面距水面的深度为 0.1 米，则上表面受到水的 压强为 帕，增大金属块在水中的深度，金属块受到的浮力将 （选填“变 大” 、 “不变”或“变小” ） 。 14 （3 分）在图所示的电路中，R1、R2为定值电阻且阻值相等，电源电压为 U 且不变。闭 合开关 S 后， 电路正常工作， 电流表示数为 I 一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。 已知电路中只有一处故障，且发生在电阻 R1或 R2上，请写出两电表的示数及其对应的 故障 。 15 （3 分）分析大气压强的变化可以判断大气环流的方向，预报相关气象情况。气象站用 气

6、压计采集某区域同一时刻近地面不同地点的大气压，并将气压相等的各点连起来，绘 成“等气压线” ，如图所示。 等气压线的特征 一般天气特征 等气压线闭合，四周气压低于中心气压 晴朗 等气压线闭合，四周气压高于中心气压 阴雨 你认为采集数据时，应使近地面不同地点 ，理由是 。 根据 A 处风的方向，可判断 A 处气压 B 处气压；结合上表，可判断该区域一 般天气特征为 。 第 4 页（共 29 页） 三、作图题（共三、作图题（共 7 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用 2B 铅笔铅笔 16在图中，重为 6 牛的小球静止在水中，用力的图

7、示法画出该球所受的浮力 F浮。 17在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处。要求电键 S 闭合后： 电流方向如图所示；电压表测小灯 L 两端电压。 18在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。要求：闭合开关 S，向左端移动滑动变阻器的滑片 P，电流表示数变小，小灯泡亮度不变。 19某导体两端的电压为 6 伏，10 秒内通过该导体横截面的电荷量为 5 库。 求通过该导体的电流 I。 若通过该导体的电流变为 0.6 安，求此时导体的电阻 R。 第 5 页（共 29 页） 20在图（a）所示的电路中，电源电压为 12 伏保持不变，电阻 R1的阻值为 10 欧，

8、滑动变 阻器 R2上标有“20 2A”字样，电流表的表盘如图（b）所示。闭合开关 S，求： 通过电阻 R1的电流 I1； 移动变阻器滑片 P 过程中，电流表 A 示数的最大变化量I大； 变阻器连入电路的最小电阻 R2小。 21如图所示，实心均匀正方体甲和实心均匀圆柱体乙置于水平地面，已知甲的质量为 2 千克，边长为 0.1 米。 求甲的密度 甲。 求甲对地面的压强 p甲。 若圆柱体乙的底面积是甲底面积的一半，且甲、乙对水平地面的压力相等。现将乙沿 水平方向切去一部分，使乙与甲等高，已知乙的压强变化了 980 帕，求乙的密度 乙。 五、实验题（共五、实验题（共 18 分）请根据要求在答题纸的相应

9、位置作答分）请根据要求在答题纸的相应位置作答 22在“用电压表测电压”的实验中，连接电路时，电压表负接线柱应与被测导体靠近电源 极的一端相连（选填“正”或“负” ） ，所测电压不得超出电压表的 。在“测定物 质的密度”的实验中，实验原理是 ；测量质量的仪器是 。 23在“验证阿基米德原理”的实验中，用 测量浮力的大小，为了达成实验目的， 需要将所测的浮力大小与该物体 的大小进行比较。在“探究液体内部的压强与哪 些因素有关”的实验中，需用 液体进行研究（选填“一种”或“多种” ） 。图（a） 、 第 6 页（共 29 页） （b）和（c）所示情景，是在探究液体内部的压强与 的关系。 24小明做“

10、小球浸入液体中的体积 V浸与哪些因素有关”的实验，他选取了体积相同、密 度不同的若干小球放入水中（水深大于小球直径） ，如图所示，测出小球浸入水中的体积 V浸，并将相关数据记录在表一中。 表一（水1.0103千克/米 3） 实验序号 1 2 3 4 5 球（103千克 /米 3） 0.3 0.6 0.8 1.0 1.2 V浸（10 3 米 3） 0.30 0.60 0.80 1.00 1.00 分析比较表一中实验序号 中的数据及相关条件可知：浸入水中体积相同的小 球，当 球与 水的大小满足 关系时，V浸与 球无关。 分析比较表一中实验序号 13 中 V浸与 球的数据及相关条件可知： 浸入水中的

11、小球， 当 时， 。 小红选取了体积相同、密度不同的若干小球放入酒精中（酒精深度大于小球直径）重 复小明的实验，并将实验数据记录在表二中。实验序号 10 中的数据为 。 表二（酒0.8103千克/米 3） 实验序号 6 7 8 9 10 球（103千克 /米 3） 0.1 0.3 0.5 0.7 0.9 V浸（10 3 米 3） 0.25 0.75 1.25 1.75 第 7 页（共 29 页） 25小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，所用器材有电源（电压为 6 伏保持不变） 、 电流表、电压表、开关、滑动变阻器、待测电阻 Rx及导线若干。他连接电路，进行实验， 当滑动变阻器滑片 P 分别置

12、于两端和某位置时， 电流表和对应的电压表示数如下表所示。 实验序号 1 2 3 电流表示数（A） 0.20 0.32 0.60 电压表示数（V） 4.0 2.9 0 画出小华同学的实验电路图。 计算滑动变阻器的最大阻值。 （需写出计算过程） 本实验中，待测电阻 Rx的阻值为 欧。 （精确到 0.1 欧） 第 8 页（共 29 页） 2020 年上海市黄浦区中考物理一模试卷年上海市黄浦区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（共一、选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用 2B 铅笔填铅

13、笔填 涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂 1 （3 分）上海地区家用电冰箱的正常工作电压是（ ） A110 伏 B200 伏 C220 伏 D380 伏 【分析】我国家庭电路的电压是 220V，家用电器的额定电压是 220V，各家用电器之间 只有并联，各家用电器才能正常工作，并且互不影响。 【解答】解： 我国家庭电路的电压是 220V，上海地区家用电冰箱的正常工作电压也是 220V，故 ABD 错、C 正确。 故选：C。 【点评】记住我国家庭电路的电压、家用电器的额定电压（正常工作的电压） ；属于基础 题目。 2 （

14、3 分）首先发现电流与电压关系的科学家是（ ） A安培 B库仑 C伏特 D欧姆 【分析】电流与电压、电阻的关系确立是电学发展史上重要的里程碑。其基本关系是： 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与 其阻值成反比。 【解答】解：通过导体的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这就是欧 姆定律。最早是德国物理学家欧姆于 1826 年总结得出的。 故选：D。 【点评】此题考查的是我们对物理学家科学成就的掌握，属于物理学史的考查，难度不 大，在平时要注意积累这方面的材料。 3 （3 分）铁轨下面垫枕木是为了（ ） A增大压力 B增大压强 C减小压力 D减小

15、压强 【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定 时，减小压力来减小压强； 第 9 页（共 29 页） 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强。在受力面积一定时，增大 压力来增大压强。 【解答】解：铁轨下面垫枕木，不是为了改变压力的大小，这样做的目的是在压力一定 时，通过增大受力面积来减小对路基的压强，防止压坏路基。 故选：D。 【点评】平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理 知识分析实际问题的能力。 4 （3 分）下列装置中，主要利用连通器原理工作的是（ ） A液位计 B抽水机 C订书机 D密度计 【分析】几个底部

16、互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器 的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。结合选项中物品的结构与使用 特点可做出判断。 【解答】解： A、液位计是上端开口，底部相连的容器，构成了一个连通器，故 A 符合题意； B、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下， 被压上来，与连通器无关。故 B 不合题意； C、订书机中应用了多种物理知识，包括杠杆、压强等，与连通器无关，故 C 不合题意； D、密度计是利用物体的漂浮条件来工作的，与连通器无关，故 D 不合题意。 故选：A。 【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底

17、部相连的，液面静止 时保持相平。 5 （3 分）一根铁丝被拉长后，下列物理量会发生变化的是（ ） A密度 B质量 C电阻 D体积 【分析】影响电阻的因素有：材料、长度、横截面积和温度有关。 【解答】解：将一段金属丝拉长之后只是形状改变，而密度是物质的特性，质量和体积 是物体的特性，都不随物体的形状而改变。故 ABD 错误。 将一段金属丝拉长之后长度变长了，横截面积变小，所以电阻变大了。故 C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查的都是一些基础知识，只要理解比热容、密度和熔点的概念及影响电 阻大小的因素是不难解答的。 第 10 页（共 29 页） 6 （3 分）重为 5 牛的小球轻放入装满水的烧

18、杯中，溢出重为 4 牛的水。若将该小球轻放入 盛有酒精的烧杯中，已知 酒水，则溢出酒精的重力大小（ ） A一定小于 4 牛 B可能等于 5 牛 C一定等于 4 牛 D可能大于 5 牛 【分析】根据小球受到对重力和浮力判断出小球在水的状态，根据阿基米德原理求出小 球的体积，然后得出物体的密度； 比较小球的密度与酒精的密度，根据物体的浮沉条件判断小球放入盛有酒精的烧杯中后 所处的状态； 得出小球在酒精中排开酒精的体积，最后即可根据阿基米德原理判断受到浮力大小。 【解答】解：由于小球轻放入装满水的烧杯中，溢出重为 4 牛的水， 则由阿基米德原理可知，小球在水中受到的浮力 F浮G排4N， 小球的重力

19、G5N，则：GF浮， 所以由浮沉条件可知，小球在水中会下沉到烧杯的底部，小球的密度 球水， 根据 F浮水gV排可知小球的体积： VV排； 由于 酒水，球水，则：球酒； 根据物体的浮沉条件可知，该小球轻放入盛有酒精的烧杯中，一定会下沉； 则小球此时受到浮力：F浮酒gV酒gF浮； 由于 酒水，所以 F浮F浮4N。 故选：A。 【点评】本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握 和运用，判断出物体密度的取值范围是本题的关键。 7 （3 分）在图（a） 、 （b）所示的电路中，所有元件均完好，电源电压相等且保持不变。已 知 R1、R2、R3为定值电阻，R4为滑动变阻器（滑片在

20、中点附近某位置） ，现有两个电流 表的示数相同，则下列判断正确的是（ ） 第 11 页（共 29 页） A1与 A2示数相同，R1R2 A1与 A3示数相同，R1R2 A2与 A4示数相同，R2R3 A3与 A4示数相同，R2R3 A和 B和 C和 D和 【分析】 （1）由 a 图可知，R1与 R2并联，电流表 A1测 R1中的电流，电流表 A2测干路 电流，电流表 A3测 R2的电流； （2）由 b 图可知，R3与 R4串联，电流表 A4测串联电路的电流； 根据串并联电路的特点和欧姆定律分别求出 R1、R2、R3，然后比较即可。 【解答】解：由 a 图可知，R1与 R2并联，电流表 A1测

21、R1中的电流，电流表 A2测干路 电流，电流表 A3测 R2的电流； 由 b 图可知，R3与 R4串联，电流表 A4测串联电路的电流； 若 A1与 A2示数相同，则说明 R2没有连入电路，则无法求出 R2，故不能比较 R1、R2 的大小，故错误； 若 A1与 A3示数相同，即通过 R1、R2的电流相等，由于并联电路各支路电路两端的 电流相等，根据欧姆定律可知：R1R2，故正确； 由于 R1与 R2并联，电流表 A2测干路电流，则根据并联电路的特点和欧姆定律可知： R2R并； 由于 R3与 R4串联，根据串联电路的特点和欧姆定律可知：R3R串； 若 A2与 A4示数相同，则 R并R串，所以，R2

22、R3，故正确； 由于电流表 A3测 R2的电流；则根据欧姆定律可得：R2； 由于 R3与 R4串联，根据串联电路的特点和欧姆定律可知：R3R串； 第 12 页（共 29 页） 若 A3与 A4示数相同，则 R2R串R3，故错误。 故选：B。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分别得出 R1、R2、R3的电阻 表达式是关键。 8 （3 分）如图（a）所示，底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体，其密度为 甲和 乙已知液体对各自容器底部的压强相等。现将甲、乙液体互换容器（均不溢出） ， 如图（b）所示，甲、乙液体对容器底部压强的变化量分别为p甲、p乙则（ ） A甲乙，p甲p

23、乙 B甲乙，p甲p乙 C甲乙，p甲p乙 D甲乙，p甲p乙 【分析】 （1）由图（a）可知两液体的深度关系，液体对各自容器底部的压强相等，根据 pgh 比较两液体的密度关系； （2）因图（a）中，液体对各自容器底部的压强相等，且 S1S2，根据 p比较两液体 对容器底部的压力关系，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等得出两液体的重力 关系；将甲、乙液体互换容器后，根据 p得出甲、乙液体对容器底部压强的变化 量，然后结合液体重力关系得出压强变化量的关系。 【解答】解： （1）由图（a）可知，甲液体的深度小于乙液体的深度， 因液体对各自容器底部的压强相等， 所以，由 pgh 的变形式 可知，甲液体

24、的密度大于乙液体的密度，即 甲乙， 故 BC 错误； （2）因图（a）中，液体对各自容器底部的压强相等，且 S1S2， 所以，由 p的变形式 FpS 可知，甲液体对容器底部的压力大， 因水平面上物体的压力和自身的重力相等， 第 13 页（共 29 页） 所以，甲液体的重力大，即 G甲G乙， 将甲、乙液体互换容器后，甲液体对容器底的压力不变（等于甲的重力） ，而受力面积发 生变化，则甲液体对容器底部压强的变化量： p甲G甲（） ， 乙液体对容器底的压力不变（等于乙的重力） ，而受力面积发生变化，则乙液体对容器底 部压强的变化量： p乙G乙（） ， 由 G甲G乙可知，G甲（）G乙（） ，即p甲p乙

25、，故 A 正确、 D 错误。 故选：A。 【点评】本题考查了压强大小的比较，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相 等。 二、填空题（共二、填空题（共 23 分分)请将结果填入答题纸的请将结果填入答题纸的相应位相应位 9 （3 分）家庭电路中各用电器之间是 并联 （选填“串联”或“并联” ）连接的。使用 的用电器增多，电路的总电流 变大 ，电路的总电阻 变小 。 （均选填“变大” 、 “不 变”或“变小” ） 【分析】 （1）家庭电路中各用电器首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，并联的各用 电器互不影响，能独立工作； （2）用电器并联相当于增大导体横截面积，在长度和材料相同时，横截面积越大

26、、电阻 越小。 【解答】解： 第 14 页（共 29 页） （1）家庭电路中的各用电器工作时互不影响，它们之间都是并联连接。 （2）家庭电路中同时开启的用电器越多，即并联的用电器越多，由于电阻越并越小，电 路中的总电阻就越小，又因为电源电压不变，所以总电流变大。 故答案为：并联；变大；变小。 【点评】本题易错点在第三空的回答，注意：并联总电阻小于任何一个分电阻，并联越 多，总电阻越小；串联总电阻大于任何一个分电阻，串联越多，总电阻越大。 10 （3 分）压强是表示 压力作用效果 的物理量。深海潜水器有下潜深度限制，是由于 海水内部 压强随深度的增加而增大 ，著名的 马德堡半球 实验向人们展示了

27、大气 压强存在。 【分析】压强是表示压力作用效果的物理量。 液体的压强随深度的增加而增大； 著名的马德堡半球实验证明了大气压的存在， 测出了大气压强值的实验是托里拆利实验； 【解答】解：压强是表示压力作用效果的物理量； 因为液体的压强随深度的增加而增大，所以深海潜水器有下潜深度限制； 著名的马德堡半球实验，证明了大气压强的存在。 故答案为：压力作用效果；压强随深度的增加而增大（或深度越深压强越大） ；马德堡半 球。 【点评】本题考查了学生对液体的压强特点、压强的理解，大气压强存在的实验的，难 度不大，是一道基础题目。 11 （3 分）冰的密度为 900 千克/米 3，它的含义是每立方米冰的 质

28、量 为 900 千克。现 有 0.01 米 3 的冰融化成水，融化后体积 变小 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） ， 水的质量为 9 千克。 【分析】 （1）单位体积的某种物质的质量，叫做这种物质的密度； （2）已知冰的密度和体积，可以得到冰的质量。质量是物体本身的一种属性，决定于物 体所含物质的多少，与其他因素无关；冰的密度小于水。 【解答】解：冰的密度为 900 千克/米 3，它的含义是每立方米冰的质量为 900 千克； 一定质量的冰，熔化成水后，状态改变，物质多少不变，所以质量不变， 由 知， 水的质量为 m水m冰冰V冰900kg/m30.01m39kg； 第 15 页（共 2

29、9 页） 因为冰的密度小于水的密度，根据公式 V可知，水的体积变小。 故答案为：质量；变小；9。 【点评】本题考查了密度的物理意义及公式的应用，还要知道质量是物质的属性，不随 物体状态的改变而改变。 12 （3 分）如图（a）所示，长度相同、粗细不同的同种金属棒 AB 和 CD 串联在电路中。 则通过 AB 的电流 等于 通过 CD 的电流（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） 。用电 压表测得 AB 和 CD 两端的电压如图（b）所示，则 AB 两端的电压为 5 伏，CD 两端 电压为 2.5 伏。 【分析】 （1）两电阻串联，由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系； （2）由于电阻

30、的大小与导体的材料、长度、横截面积有关，由题意可知两部分电阻的大 小关系，再由欧姆定律可求得两部分导体两端的电压关系。 【解答】解： （1）由图（a）知，两电阻串联，由串联电路的电流特点可知，通过 AB 的电流等于通 过 CD 的电流； （2）由题意可知，导体 AB 和 CD 的材料相同，长度相同，但是横截面积不同，由图可 知，SABSCD，所以 AB 段的导体电阻大于 CD 段的电阻； 通过两导体的电流相等，AB 段的电阻大于 CD 段的电阻，由 UIR 可知，AB 段的两端 电压要大于 CD 段的两端电压； 图（b）中，测 AB 段的电压时，电压表若选 015V 的量程，则示数为 5V；若

31、选 03V 的量程，则示数为 1V； 测 CD 段的电压时，电压表若选 015V 的量程，则示数为 12.5V；若选 03V 的量程， 则示数为 2.5V； 因为 AB 段的电压要大于 CD 段的电压，所以 AB 两端的电压应为 5V，CD 两端电压应 为 2.5V。 故答案为：等于；5；2.5。 第 16 页（共 29 页） 【点评】本题考查串联电路的电流规律及影响电阻大小的因素，同时也检测了同学们对 于欧姆定律的应用情况，故熟记电阻大小与导体的长度成正比与导体的横截面积成反比 的关系，并能利用欧姆定律做定性的分析是解决该题的关键。 13 （3 分）竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受

32、到水的压力分别为 2 牛、10 牛， 该金属块受到的浮力为 8 牛。若上表面距水面的深度为 0.1 米，则上表面受到水的压 强为 980 帕， 增大金属块在水中的深度， 金属块受到的浮力将 不变 （选填 “变大” 、 “不变”或“变小” ） 。 【分析】 （1）利用浮力产生的原因（压力差 F浮F下表面F上表面）求金属块受到的浮力； （2）知道上表面距水面的深度，利用 pgh 求上表面受到水的压强； （3）若增大金属块在水中的深度，金属块排开水的体积不变，由 F浮水gV排可知金属 块受到的浮力大小不变。 【解答】解： （1）金属块受到的浮力： F浮F下表面F上表面10N2N8N； （2）上表面距

33、水面的深度 h0.1m，上表面受到水的压强： pgh1103kg/m39.8N/kg0.1m980 Pa； （3）金属块浸没在水中，若增大金属块在水中的深度，金属块排开水的体积不变，由 F 浮水gV排可知金属块受到的浮力大小不变。 故答案为：8；980；不变。 【点评】本题考查了浮力产生的原因（压力差） 、液体压强公式、阿基米德原理的应用， 属于基础题目。 14 （3 分）在图所示的电路中，R1、R2为定值电阻且阻值相等，电源电压为 U 且不变。闭 合开关 S 后， 电路正常工作， 电流表示数为 I 一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。 已知电路中只有一处故障，且发生在电阻 R1或 R2上，

34、请写出两电表的示数及其对应的 故障 R2短路，电流表示数变大，电压表示数变小 。 【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表测量的是 R2电压，电流表测量电路中的 第 17 页（共 29 页） 电流；一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。可以列举出每个电阻的故障，然后分 析。 【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量的是 R2电压，电流表测量电路 中的电流； 若 R1断路，则电流表示数为 0，电压表示数为 0； 若 R2断路，则电流表示数为 0，电压表测量电源电压，示数变大； 若 R1短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，此时电压表测量电 源电压，示数变大； 若 R

35、2短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，此时电压表测量一 段导线两端的电压，示数减小为 0； 综上所述：故障为：R2短路，电流表示数变大，电压表示数变小。 故答案为：R2短路，电流表示数变大，电压表示数变小。 【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短 路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。 15 （3 分）分析大气压强的变化可以判断大气环流的方向，预报相关气象情况。气象站用 气压计采集某区域同一时刻近地面不同地点的大气压，并将气压相等的各点连起来，绘 成“等气压线” ，如图所示。 等气压线的特征 一般天气特征 等气压线

36、闭合，四周气压低于中心气压 晴朗 等气压线闭合，四周气压高于中心气压 阴雨 你认为采集数据时，应使近地面不同地点 同一高度采集 ，理由是 高度会影响大 气压，根据控制变量法的原则可知，应在同一高度采集数据 。 根据 A 处风的方向，可判断 A 处气压 高于 B 处气压；结合上表，可判断该区域一 般天气特征为 阴雨 。 第 18 页（共 29 页） 【分析】 （1）大气压强与海拔高度、温度、湿度有关，其它条件相同时大气压强随海拔 高度的增加而减小； （2）高压气体向低压气体流动形成风，根据图中风的方向判断 A 处和 B 处的气压关系， 然后从表格得出天气特征。 【解答】解： 大气压强与海拔高度、

37、温度、湿度有关，要测量近地面不同地点的大气压绘成“等气 压线” ，应使近地面不同地点同一高度采集， 原因是：高度会影响大气压，根据控制变量法的原则可知，应在同一高度采集数据； 高压气体向低压气体流动形成风，由图可知，风从 A 处向 B 处流动，则 A 处气压高 于 B 处气压； 由表格可知：等气压线闭合，四周气压高于中心气压，该区域一般天气特征为阴雨。 故答案为： 同一高度采集；高度会影响大气压，根据控制变量法的原则可知，应在同一高度采集 数据； 高于；阴雨。 【点评】本题以等气压线的绘制过程考查了影响大气压强的因素和控制变量法的应用， 明白风的形成是关键。 三、作图题（共三、作图题（共 7

38、分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用 2B 铅笔铅笔 16在图中，重为 6 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 【分析】由图可知小球在水中悬浮，受到的浮力和自身的重力相等，明确浮力的三要素， 第 19 页（共 29 页） 再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小。 【解答】解：由题意和图示可知，小球悬浮在水中，则小球受到的浮力 F浮G6N，方 向竖直向上，作用点可画在重心处；选取标度为 3N，则浮力的图示如下图所示： 【点评】本题考查了物体浮沉条件的应用以及力的图示法，要注意力的图示必须要确立 一个

39、标度，这样才能准确表示力的大小。 17在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处。要求电键 S 闭合后： 电流方向如图所示；电压表测小灯 L 两端电压。 【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联； 电压表测 L 两端电压，所以电压表与 L 并联。 【解答】解：因为电压表测小灯泡 L 两端电压，故电压表与 L 并联，所以中间一定为电 压表，左边一定为电源，并且上边为负极，下边为正极，则右边为电流表，如下图所示： 【点评】此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并 联电路的特点正确连接电路。 18在如图所示的电路中，有两根

40、导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。要求：闭合开关 S，向左端移动滑动变阻器的滑片 P，电流表示数变小，小灯泡亮度不变。 第 20 页（共 29 页） 【分析】由题意可知，向左端移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡亮度不变，说明灯泡与 滑动变阻器并联，由电路图可知，电流表已经接入电路，且已知有两根导线尚未连接， 则电流表应位于干路；滑片左移时，电流表示数变小，说明变阻器接入电路的阻值变大， 则变阻器下方右接线柱必须接入电路中，据此进行解答。 【解答】解： 向左端移动滑片时，小灯泡亮度不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以 灯泡与滑动变阻器应并联； 图中电流表已经接入电路，且有两根导线尚未

41、连接，则电流表应位于干路； 向左端移动变阻器的滑片 P，电流表示数变小，即干路电流变小，由并联电路的电流特 点可知，通过变阻器的电流变小，说明变阻器接入电路的阻值变大，所以变阻器下方的 右接线柱必须接入电路中，如下图所示： 【点评】本题考查了实物图的连接，根据题意和实物图已经连接部分判断出灯泡与变阻 器的连接方式以及电流表的位置是关键。 第 21 页（共 29 页） 19某导体两端的电压为 6 伏，10 秒内通过该导体横截面的电荷量为 5 库。 求通过该导体的电流 I。 若通过该导体的电流变为 0.6 安，求此时导体的电阻 R。 【分析】 知道 10 秒内通过该导体横截面的电荷量， 根据 I求

42、出通过该导体的电流； 知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻；电阻是导体本身的一 种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无 关。 【解答】解：通过该导体的电流： I0.5A； 由 I可得，导体的电阻： R12， 因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关， 所以，当通过该导体的电流变为 0.6A 时，导体的电阻仍为 12 不变。 答：通过该导体的电流为 0.5A； 若通过该导体的电流变为 0.6 安，此时导体的电阻 R 为 12。 【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，是一道基础题目。 20在图（a）所示的电路中，电源

43、电压为 12 伏保持不变，电阻 R1的阻值为 10 欧，滑动变 阻器 R2上标有“20 2A”字样，电流表的表盘如图（b）所示。闭合开关 S，求： 通过电阻 R1的电流 I1； 移动变阻器滑片 P 过程中，电流表 A 示数的最大变化量I大； 变阻器连入电路的最小电阻 R2小。 【分析】由电路图可知，R1与 R2并联，电流表 A 测干路电流。 第 22 页（共 29 页） 根据并联电路的电流特点求出通过 R1的电流； 首先根据 R1的电流判断出干路上电流表的量程， 根据并联电路的电流特点求出电流表 A 示数最大时通过 R2的电流， 然后与变阻器允许通过的最大电流相比较确定电流表的最 大示数；当滑

44、动变阻器接入电路中的电阻最大时干路电流最小，根据并联电路的特点和 欧姆定律求出电流表的最小示数，然后得出答案； 当滑动变阻器允许通过的电流最大时，此时 R2接入电路中的电阻最小，根据欧姆定 律求出其大小。 【解答】解：由电路图可知，R1与 R2并联，电流表 A 测干路电流。 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，通过 R1的电流： I11.2A； 由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流一定大于 1.2A，所以电流 表的量程为 03A， 则当电流表示数最大时通过 R2的电流为： I2I最大I13A1.2A1.8A2A， 所以，电流表的最大示数为 3A； 当滑动变阻器的电阻全部连

45、入电路，通过滑动变阻器的电流最小，则干路电流最小， 所以干路电流： I最小I2最小+I1+I1+1.2A1.8A， 则I大I最大I最小3A1.8A1.2A； 当滑动变阻器允许通过的电流最大时，滑动变阻器连入电路的电阻最小， 根据 I可得 R2接入电路中的最小电阻： R2最小6.7。 答：通过电阻 R1的电流为 1.2A； 移动变阻器滑片 P 过程中，电流表 A 示数的最大变化量为 1.2A； 变阻器连入电路的最小电阻为 6.7。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电流表 A 量程的判断。 21如图所示，实心均匀正方体甲和实心均匀圆柱体乙置于水平地面，已知甲的质量为 2 第

46、 23 页（共 29 页） 千克，边长为 0.1 米。 求甲的密度 甲。 求甲对地面的压强 p甲。 若圆柱体乙的底面积是甲底面积的一半，且甲、乙对水平地面的压力相等。现将乙沿 水平方向切去一部分，使乙与甲等高，已知乙的压强变化了 980 帕，求乙的密度 乙。 【分析】已知甲的边长为 0.1 米，可求得其体积，根据 求其密度； 物体放在水平地面上，对地面的压力等于物体的重力，根据 Gmg 求出重力，公式 p 可求对地面的压强； 若圆柱体乙的底面积是甲底面积的一半，可求得乙的底面积，甲、乙对水平地面的压 力相等。可求得乙对地面的压强，现将乙沿水平方向切去一部分，使乙与甲等高，已知 乙的压强变化了

47、980 帕， 利用 pgh 可求得乙的密度 乙。 【解答】解： 正方体甲的体积： V甲0.1m0.1m0.1m110 3m3； 甲的密度：甲2103kg/m3； 甲的重力：G甲m甲g2kg9.8N/kg19.6N， 甲对水平地面的压力：F甲G甲19.6N， 甲的底面积即受力面积： S甲（0.1m）20.01m2； 甲对水平地面的压强： 第 24 页（共 29 页） p甲1960Pa； 由题知，S乙S甲0.01m2510 3m2， 已知甲、乙对水平地面的压力相等，F乙F甲19.6N， 原来乙对地面的压强 p乙3920Pa； 现将乙沿水平方向切去一部分，使乙与甲等高，已知乙的压强变化了 980 帕， 则此时乙对地面的压强 pp乙p3920Pa980Pa2940Pa， 使乙与甲等高，则 h乙剩h甲0.1m， 由 pgh 可得，乙的密度： 乙3103kg/m3； 答：甲的密度