2020年上海市静安区中考物理一模试卷（含详细解答）

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1、上海地区，家庭照明电路的电压为（ ） A1.5 伏 B24 伏 C110 伏 D220 伏 2 （2 分）1644 年，首先用实验测定大气压强值的意大利物理学家是（ ） A托里拆利 B牛顿 C帕斯卡 D安培 3 （2 分）物体部分浸在液体中时，它受到浮力的大小等于它所排开这部分液体的（ ） A密度 B体积 C质量 D重力 4 （2 分）下列各实例中，属于增大压强的是（ ） A图钉的宽大钉帽 B磨得锋利的刀刃 C雪上行驶的雪橇 D铁轨下铺设的枕木 5 （2 分）下列各实例中，主要属于应用密度知识的是（ ） A高原地区煮食物时使用高压锅 B包装盒中防震填充物采用泡沫塑料 C中医传统的治疗器械拔火罐

2、 D拦河大坝筑成上窄下宽的形状 6 （2 分）若家中每多使用一盏照明灯，则家庭电路的（ ） A总电流变小 B总电流变大 C总电阻变大 D总电阻不变 7 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S 后，当滑动变阻器 R1的 滑片 P 由中点向右端移动时，变大的是（ ） A电流表 A1的示数 B电流表 A2的示数 第 2 页（共 31 页） C电压表 V 示数与电流表 A1示数的比值 D电流表 V 示数与电流表 A2示数的比值 8 （2 分）如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的薄壁薄底圆柱形容器置于水平地面，圆 柱体和容器的高度相等但底面积不同，甲对地面的压力等于液体乙对容器底部

3、的压力。 现沿水平方向截取部分圆柱体甲并从容器内抽取部分液体乙，使得它们剩余部分的高度 或深度均为 h，则甲、乙的密度 以及它们截取或抽取部分质量 m 的关系是（ ） A甲乙；m甲m乙 B甲乙；m甲m乙 C甲乙；m甲m乙 D甲乙；m甲m乙 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）请将结果填入答题纸的相应位置分）请将结果填入答题纸的相应位置 9（3 分） 常用手电筒的电路由干电池、 开关、 小电珠等组成， 一节干电池的电压为 伏， 小电珠跟开关之间是 连接的， 小电珠工作时的电流约为 300 （填写单位） 。 10 （3 分）茶壶、锅炉液位计等是 原理的应用，奥托格里克所做的 实验证 明了大气压

4、强的存在，滑动变阻器是通过改变电阻线接入电路中的 来实现变阻 的。 11 （3 分）若 6 秒内通过某导体横截面的电荷量为 18 库，导体两端的电压为 30 伏，则通 过该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧，如果该导体两端的电压为零 时，则该导体的电阻为 欧。 12 （3 分）如图所示，用细绳吊着正方体金属块并将其浸没在水中，当其上表面位于 0.1 米深处时，此处水的压强为 帕，若此时该金属块上、下表面受到水的压力为 10 牛、17 牛，该金属块受到的浮力为 牛，现用细绳吊着该金属块继续在水中下沉， 则该金属块受到水的浮力 F浮、其上表面受到水的压力 F上和下表面受到水的压力 F下， 这三个

5、力中大小不变的是 。 第 3 页（共 31 页） 13 （3 分）以下选自九年级教科书中关于大气压强的一段文字，阅读并完成填空：我们的 地球被一层厚度约为 80100 千米的大气层包围着。如果把空气比作海洋，我们就生活 在这层海洋的 。我们周围每立方米空气的质量约为 千克（选填“0.1” “1” 或“10” ） ，由于大气受到 作用，大气会对处于其中的物体产生压强，我们称它为 大气压强。 14 （4 分）在如图所示的电路中，电源电压为 U闭合开关 S 后，灯 L 不发光。若已知电 路中只有一处故障，且故障只发生在电阻 R 或灯 L 处。 开关 S 断开时，电压表 V1的示数可能为 。 开关 S

6、 闭合后，若电压表 V1的示数为 U，请写出电压表 V2的示数及相对应的故 障。 。 15 （7 分）物理研究通常会用建立模型的方法来解释或解决问题，在研究浮力知识时，就 可以将一定形状的物体作为模型，根据液体内部压强的大小和方向的知识，来解释浮力 产生的原因，并以此推导阿基米德原理，现有浸没在液体中的正方体、圆柱体、球体和 圆锥体，可供选择作为模型，如图（a） （b） （c）和（d）所示。 请判断，图中的 不适合作为模型推导阿基米德原理。 （填写图序） 若液体的密度为 ，请从图中选择一个作为模型，运用液体内部压强等知识，推导阿 基米德原理。要求： （a）将所选的模型填入 ； （b）在图中添注

7、所需的物理量（用字母表示） ，写出推导过程。 。 第 4 页（共 31 页） 三、作图题（共三、作图题（共 9 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用 2B 铅笔铅笔 16 （3 分）在图中，重为 6 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 17 （3 分）在图电路中的 O 处填入电表符号，使之成为正确的电路。 18 （3 分）在如图电路中缺少一根导线，请按要求用笔线代替导线完成电路连接。要求： 闭合开关 S 后，小灯泡 L 发光：向右移动变阻器的滑片 P 时，电流表的示数变小， 且灯 L 亮度改变。 四、计算题（共

8、四、计算题（共 29 分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置 19 （4 分）浸没在水中的合金块排开水的体积为 510 4 米 3，求合金块受到浮力的大小。 20 （8 分）质量为 18 千克的冰块，密度为 0.9103千克/米 3。 求冰块的体积 V冰。 若冰块吸热后，有 510 3 米 3 的冰熔化成水，求水的质量 m水。 21 （8 分）在如图所示的电路中，电源电压为 6 伏，电阻 R1为 5 欧。闭合开关 S 时，电流 第 5 页（共 31 页） 表 A 的示数为 2.0 安，求： 电流表 A1的示数 I1。 通过电阻 R2的电流 I2。

9、22 （9 分）质量均为 60 千克的均匀圆柱体 A、B 放置在水平地面上。A 的底面积为 0.15 米 2，A 的密度为 2.0103 千克/米 3，B 的高度为 0.375 米。 求圆柱体 A 对水平地面的压强 pA。 现分别从圆柱体 A、B 上部沿水平方向截取相同的厚度 h，截取前后两圆柱体对地面 的压强值（部分）记录在表中。 圆柱体对地面的压强 截取前 载取后 pA（帕） 1960 pB（帕） 2940 （a）求圆柱体 B 的密度 B。 （b）求圆柱体 B 剩余部分的质量 mB剩。 五、实验题（共五、实验题（共 20 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答分）请根据要求在答题纸的相应位置

10、作答 23 （3 分） 在 “用电流表测电流” 实验中， 连接电路时， 开关应 ， 电流表应 在 待测电路中（选填“串联”或“并联” ）并使电流从电流表 接线柱流入。 24 （3 分）如图（a）所示是探究液体内部的压强与 的关系的实验情景：图（b）所 示是验证阿基米德原理的实验情景，图中弹簧测力计的示数 F1 F2（选填“大于” “等于” 或 “小于” ） ， 为验证阿基米德原理， 需用 的固体和液体进行多次实验 （选 填“相同”或“不同” ） 。 第 6 页（共 31 页） 25 （6 分）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，实验所用电源电压保持不变， 其他器材齐全且完好，他正确串联电

11、源、待测电阻，电流表、开关后，将电压表并联在 电路中，然后闭合开关，观察到电压表的指针位置如图（a）所示，当他记录示数后准备 继续实验时，却发现无法再次实验，经过思考后，小华调整电路重新测电阻。他移动变 阻器的滑片，依次进行了三次实验，其操作、步骤以及数据观察、记录均正确。第 1 次 实验为闭合开关时，所观察到两电表的示数如图（b）所示：第 2 次实验时观察到两电表 的示数为 5.5 伏、0.36 安：第 3 次实验时，所观察到电压表的示数跟图（a）所示一致。 请根据相关信息完成下列各题 小华第 2 次实验时，所测得的待测电阻为 欧。 （保留一位小数） 小华第 3 次实验时所观察到电压表的示数

12、，跟图（a）所示一致，原因是 。 求本实验所用滑动变阻器的最大电阻值。 。 （第小题需写出简要的计算过程 及理由） 26 （8 分）小红、小明和小华在知道电压是形成电流的原因后，进一步研究通过导体中的 电流与导体两端电压的关系，他们选用了由同种材料制成、长度和横截面积不同的三个 导体甲、乙、丙和电压可变的电源等器材进行实验。他们各自实验，将所用的导体接入 如图所示电路的 AB 间后，改变导体两端的电压进行多次实验并记录实验数据，实验完 成，三位同学汇总实验数据，即表一、表二和表三所示，并对这些数据进行了分析。 表一甲导体 第 7 页（共 31 页） 实验序号 电压（伏） 电流（安） 1 3.0

13、 0.3 2 6.0 0.6 3 9.0 0.9 表二乙导体 实验序号 电压（伏） 电流（安） 4 1.5 0.1 5 3.0 0.2 6 6.0 0.4 表三丙导体 实验序号 电压（伏） 电流（安） 7 4.5 0.3 8 7.5 0.5 9 9.0 0.6 （a）分析比较实验序号 1 和 2 和 3（或 4 和 5 和 6 或 7 和 8 和 9）中电流与电压的倍 数关系，可初步得出的结论是：同一导体， ； （b）分析比较实验序号 1 和 5（或 2 和 6 或 3 和 9）中电压相等时电流的关系，可初步 得出的结论是：电压相等时， 。 三位同学进一步分析比较各表中“电压与电流的比值”后，

14、一致认为：同一导体， “电 压与电流的比值”相等：不同导体， “电压与电流的比值”可能相等，也可能不相等。 请你在分析实验数据的基础上，写出“不同导体， “电压与电流的比值可能相等，也可 能不相等”的依据。 。 他们经过思考，认为：导体的“电压与电流的比值” ，跟电压、电流的大小无关，而可 能跟导体的本身有关，于是他们整理了实验所用导体的长度、横截面积的关系并记录在 表四中。 根据表四的数据以及相关信息， 表四导体的长度、横截面积 导体 长度 横截面积 第 8 页（共 31 页） 甲 L S 乙 L S 丙 L S （a）同种材料制成的不同导体， “电压与电流的比值”可能跟导体的 有关； （b

15、）同种材料制成的不同导体， “电压与电流的比值”相等的条件可能是 。 第 9 页（共 31 页） 2020 年上海市静安区中考物理一模试卷年上海市静安区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、单项选择题（共一、单项选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用 2B 铅铅 笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂 1 （2 分）上海地区，家庭照明电路的电压为（ ） A1.5 伏 B24 伏 C110 伏 D220 伏 【

16、分析】我国家庭电路电压，即家庭照明电压是 220V。 【解答】解： 我国家庭电路的电压是 220V， 故上海地区家庭照明电路的电压为 220V， 故 D 正确、 ABC 错。 故选：D。 【点评】本题考查了家庭电路电压的数值，属于基础题目。 2 （2 分）1644 年，首先用实验测定大气压强值的意大利物理学家是（ ） A托里拆利 B牛顿 C帕斯卡 D安培 【分析】本题根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识做出选择。 【解答】解：A、托里拆利完成了托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值，故 A 符合题意； B、牛顿的主要贡献是总结了牛顿三定律，为力学奠定的基础，故 B 不符合题意； C、帕

17、斯卡研究了帕斯卡定律，属于液体压强问题，故 C 不符合题意； D、安培主要贡献在于电磁学的研究，故 D 不符合题意。 故选：A。 【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉 及，在学习中应注意。 3 （2 分）物体部分浸在液体中时，它受到浮力的大小等于它所排开这部分液体的（ ） A密度 B体积 C质量 D重力 【分析】根据阿基米德原理内容进行解答。 【解答】解：根据阿基米德原理可知，浸没在液体中物体所受的浮力大小等于它所排开 液体的重力，即 F浮G排，故 D 正确、ABC 错误。 第 10 页（共 31 页） 故选：D。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理内

18、容的理解，初学此部分知识点是，少数学生 会误以为它受到浮力的大小等于它所排开这部分液体的体积，对此应及时强调。 4 （2 分）下列各实例中，属于增大压强的是（ ） A图钉的宽大钉帽 B磨得锋利的刀刃 C雪上行驶的雪橇 D铁轨下铺设的枕木 【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定 时，通过增大压力来增大压强。 减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定 时，通过减小压力来减小压强。 【解答】解：A、图钉的宽大钉帽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 A 不合题意； B

19、、磨得锋利的刀刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故 B 符合题意； C、雪上行驶的雪橇，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 C 不合题意； D、铁轨下铺设的枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 D 不合题 意。 故选：B。 【点评】这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际 情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解 答时，要注意使用控制变量法。 5 （2 分）下列各实例中，主要属于应用密度知识的是（ ） A高原地区煮食物时使用高压锅 B包装盒中防震填充物采用泡沫塑料 C中医传统的治疗器械拔火

20、罐 D拦河大坝筑成上窄下宽的形状 【分析】 （1）掌握气压与沸点的关系：沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；气压越 低，沸点越低。 （2）相同体积的不同物质，质量与密度成正比。 （3）大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意 第 11 页（共 31 页） 有没有形成这个“气压差” 。 （4）液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，因此水坝的 下部受到的压强比上部大。 【解答】解： A、高压锅在使用时利用限压阀增大锅内气体压强，气压增大，水的沸点就会升高，故 A 不符合题意。 B、相同体积的泡沫塑料与其它材料比较，由于泡沫塑料的密度较小，所以

21、质量较小，适 合做包装中的填充物，故 B 符合题意。 C、拔火罐在使用时，由于燃烧，火罐内部的气压减小，小于外部大气压，所以火罐被压 在皮肤上，其原理是利用了大气压，故 C 不符合题意， D、水坝筑成下宽、上窄的形状，是考虑到水对坝体侧面有压强，并且水的压强随深度的 增加而增大，故 D 不符合题意。 故选：B。 【点评】本题主要考查了大气压的综合应用、沸点及沸点与气压的关系，密度的应用， 液体压强的特点等多个知识点，是一道综合性较强的题目。 6 （2 分）若家中每多使用一盏照明灯，则家庭电路的（ ） A总电流变小 B总电流变大 C总电阻变大 D总电阻不变 【分析】家庭电路中各用电器之间的连接方

22、式为并联，且家庭电路的电压为 220V 不变， 根据并联电路的特点可知每多使用一盏照明灯时干路电流的变化，根据欧姆定律可知电 路中总电阻的变化。 【解答】解：家庭电路中各用电器之间的连接方式为并联，且家庭电路的电压为 220V 不 变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，且干路电流等于各支路电流之和， 所以，家中每多使用一盏照明灯，干路的总电流会变大，故 A 错误、B 正确； 由 I可知，电路的总电阻变小，故 CD 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道家庭电路的电压不 变和各用电器之间的连接方式为并联。 7 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压

23、保持不变。闭合开关 S 后，当滑动变阻器 R1的 第 12 页（共 31 页） 滑片 P 由中点向右端移动时，变大的是（ ） A电流表 A1的示数 B电流表 A2的示数 C电压表 V 示数与电流表 A1示数的比值 D电流表 V 示数与电流表 A2示数的比值 【分析】由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表 A2测 R2的电流，电 流表 A1测 R1的电流。 A、 根据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化， 根据欧姆定律可知通过 R1的电流变化， 然后确定 A1示数变化； B、根据并联电路各支路互不影响分析通过 R2的电流变化； CD、根据欧姆定律结合两电阻的阻值判断电压表 V 示数与电

24、流表 A1示数的比值、电流 表 V 示数与电流表 A2示数的比值变化。 【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表 A2测 R2的电流， 电流表 A1测 R1的电流。 A、当滑动变阻器 R1的滑片 P 由中点向右端移动时，变阻器连入电路的电阻变大，由 I 可知，该支路的电流变小，即 A1示数变小，A 不符合题意； B、由并联电路各支路互不影响可知，通过 R2的电流不变，即 A2示数不变，故 B 不符 合题意； CD、由 I可知，电压表 V 示数与电流表 A1示数的比值即为 R1连入电路的电阻，所 以这个比值变大，故 C 符合题意； 电流表 V 示数与电流表 A2示数的比值即

25、 R2的电阻，保持不变，故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的运用，关键 第 13 页（共 31 页） 是电路的分析。 8 （2 分）如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的薄壁薄底圆柱形容器置于水平地面，圆 柱体和容器的高度相等但底面积不同，甲对地面的压力等于液体乙对容器底部的压力。 现沿水平方向截取部分圆柱体甲并从容器内抽取部分液体乙，使得它们剩余部分的高度 或深度均为 h，则甲、乙的密度 以及它们截取或抽取部分质量 m 的关系是（ ） A甲乙；m甲m乙 B甲乙；m甲m乙 C甲乙；m甲m乙 D甲乙；m甲m乙 【分析】（1） 均匀圆柱

26、体甲对水平地面的压力和自身的重力相等， 根据 FpSghSVg mg 可知液体乙对容器底部的压力等于液体乙的重力， 然后结合甲对地面的压力等于液 体乙对容器底部的压力得出两者的质量关系，由图可知圆柱体甲的体积和液体乙的体积 关系，利用 比较两者的密度关系； （2）圆柱体甲和液体乙的质量相等，根据 mVSh 结合高度关系得出两者密度和底 面积的乘积关系，现沿水平方向截取部分圆柱体甲并从容器内抽取部分液体乙，使得它 们剩余部分的高度或深度均为 h，根据 mVSh 得出剩余部分圆柱体甲和液体乙的 质量关系，然后结合两者原来质量相等得出截取或抽取部分质量关系。 【解答】解： （1）因水平面上物体的压力

27、和自身的重力相等， 所以，均匀圆柱体甲对水平地面的压力和自身的重力相等， 因盛有液体乙的薄壁薄底圆柱形容器， 所以，由 FpSghSVgmg 可知，液体乙对容器底部的压力等于液体乙的重力， 又因甲对地面的压力等于液体乙对容器底部的压力， 所以，由 FGmg 可知，圆柱体甲和液体乙的质量相等， 由图可知，甲的体积大于乙的体积， 所以，由 可得，甲乙，故 AB 错误； （2）因圆柱体甲和液体乙的质量相等， 所以，由 mVSh 得：甲S甲h甲乙S乙h乙， 第 14 页（共 31 页） 由图可知，h甲h乙，则 甲S甲乙S乙， 现沿水平方向截取部分圆柱体甲并从容器内抽取部分液体乙，使得它们剩余部分的高度

28、 或深度均为 h， 则剩余部分圆柱体甲和液体乙的质量分别为： m甲剩甲S甲h，m乙剩乙S乙h， 由 甲S甲乙S乙可知，甲S甲h乙S乙h，即 m甲剩m乙剩， 因圆柱体甲的质量等于截取的质量加上剩余部分的质量，乙液体的质量等于抽取部分的 质量加上剩余部分的质量， 所以，m甲+m甲剩m乙+m乙剩，即 m甲m乙，故 C 正确、D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了压力与重力的关系、液体压强公式、密度公式的综合应用等，正确 得出圆柱体甲和液体乙的质量关系以及把截取或抽取部分的质量关系转化为剩余部分的 质量关系是关键。 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）请将结果填入答题纸的相应位置分）请将结果填

29、入答题纸的相应位置 9 （3 分）常用手电筒的电路由干电池、开关、小电珠等组成，一节干电池的电压为 1.5 伏，小电珠跟开关之间是 串联 连接的，小电珠工作时的电流约为 300 mA （填写 单位） 。 【分析】一节干电池的电压为 1.5V，开关与控制的用电器之间是串联的；小电珠的电阻 约为 10，常用手电筒由两节干电池组成，利用欧姆定律计算工作时的电流。 【解答】解： 一节干电池的电压为 1.5V，小电珠跟开关之间是串联连接的； 小电珠工作时的电阻约为 10，常用手电筒的电源由两节干电池串联组成，则小电珠两 端电压为 3V， 工作时的电流约为 I0.3A300mA。 故答案为：1.5；串联；

30、mA。 【点评】本题考查了干电池的电压、开关和控制的用电器之间的连接方法、电流大小的 估测，属于基础题目。 10 （3 分）茶壶、锅炉液位计等是 连通器 原理的应用，奥托格里克所做的 马德堡半 球 实验证明了大气压强的存在，滑动变阻器是通过改变电阻线接入电路中的 长度 第 15 页（共 31 页） 来实现变阻的。 【分析】 （1）连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液 体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。 （2）马德堡半球实验有力的证明了大气压的存在； （3）滑动变阻器的使用原理是通过改变连入电路中的电阻线的长度来改变电阻的大小。 【解答】解： （1

31、）茶壶、锅炉液位计是利用连通器的原理制成的； （2）奥托格里克所做的马德堡半球实验证明了大气压强的存在； （3）滑动变阻器是通过改变电阻线的长度来改变电阻大小。 故答案为：连通器；马德堡半球；长度。 【点评】本题的解题关键是记住连通器滑动变阻器的工作原理，以及马德堡半球实验， 难度不大。 11 （3 分）若 6 秒内通过某导体横截面的电荷量为 18 库，导体两端的电压为 30 伏，则通 过该导体的电流为 3 安，该导体的电阻为 10 欧，如果该导体两端的电压为零时， 则该导体的电阻为 10 欧。 【分析】 （1）由公式 QIt 得 I；利用公式计算得通过该导体的电流； （2）由公式 I得 R；

32、利用公式计算得该导体的电阻； （3）电阻是导体本身的一种性质，它的大小与加在它两端的电压大小无关。 【解答】解： （1）通过该导体的电流：I3A； （2）由 I可得，该导体的电阻：R10； （3）电阻是导体本身的一种性质，它的大小与加在它两端的电压大小无关，所以如果该 导体两端的电压为零时，则该导体的电阻仍为 10； 故答案为：3；10；10。 【点评】本题考查了欧姆定律的应用以及对电阻是导体本身的一种性质的理解，本题难 度不大。 12 （3 分）如图所示，用细绳吊着正方体金属块并将其浸没在水中，当其上表面位于 0.1 米深处时，此处水的压强为 980 帕，若此时该金属块上、下表面受到水的压力

33、为 10 牛、17 牛，该金属块受到的浮力为 7 牛，现用细绳吊着该金属块继续在水中下沉，则 第 16 页（共 31 页） 该金属块受到水的浮力 F浮、其上表面受到水的压力 F上和下表面受到水的压力 F下，这 三个力中大小不变的是 该金属块受到水的浮力 F浮 。 【分析】 （1）利用 pgh 计算金属块上表面位于 0.1 米深处时水的压强； （2）浮力产生的实质：浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压力大于向下的压力， 物体受到向上和向下的压力差就是物体受到的浮力。根据浮力产生的原因（物体受到的 浮力等于物体上下表面示数压力差）求出物体受到的浮力。 （3） 根据液体压强公式和压强定义式可分析其

34、上表面受到水的压力和下表面受到水的压 力是否变化；根据 F浮gV排可分析该金属块受到水的浮力是否变化。 【解答】解：金属块上表面位于 0.1 米深处时，此处水的压强： pgh1.0103kg/m39.8N/kg0.1m980Pa； 由浮力产生的原因可知，金属块受到的浮力： F浮F下表面F上表面17N10N7N； 用细绳吊着该金属块继续在水中下沉，金属块上表面和下表面所处水的深度不断增加， 根据 pgh 和 p知，上下表面所受到的压力 F上和 F下变大； 但在该过程中，金属块排开水的体积不会发生变化，根据 F浮gV排可知，该金属块受 到水的浮力 F浮不变。 故答案为：980；7；该金属块受到水的

35、浮力 F浮。 【点评】本题考查液体压强和浮力的大小计算、阿基米德原理的应用，关键是知道浮力 产生的原因。 13 （3 分）以下选自九年级教科书中关于大气压强的一段文字，阅读并完成填空：我们的 地球被一层厚度约为 80100 千米的大气层包围着。如果把空气比作海洋，我们就生活 在这层海洋的 底部 。我们周围每立方米空气的质量约为 1 千克（选填“0.1” “1” 或“10” ） ，由于大气受到 重力 作用，大气会对处于其中的物体产生压强，我们称它 为大气压强。 第 17 页（共 31 页） 【分析】 （1）在地球的表面，高度越高，大气压强越小，高度越低，大气压强越大，我 们生活在这层空气“海洋”

36、的底部。 （2）空气的密度为 1.29kg/m3； （3）大气受到重力作用，大气会对处于其中的物体产生压强。 【解答】解： （1）地球被一层厚厚的大气层包围着，我们生活在“海洋”的底部； （2）空气的密度为 1.29kg/m3，故我们周围每立方米空气的质量约为 1 千克； （3） 由于大气受到重力作用， 大气会对处于其中的物体产生压强， 我们称它为大气压强。 故答案为：底部；1；重力。 【点评】本题考查了大气压强的产生，以及空气密度，难度不大。 14 （4 分）在如图所示的电路中，电源电压为 U闭合开关 S 后，灯 L 不发光。若已知电 路中只有一处故障，且故障只发生在电阻 R 或灯 L 处。

37、 开关 S 断开时，电压表 V1的示数可能为 U 或 0 。 开关 S 闭合后，若电压表 V1的示数为 U，请写出电压表 V2的示数及相对应的故障。 电压表 V2示数为 U，故障是灯泡短路或电阻断路 。 【分析】由图知，闭合开关，灯泡和电阻串联，电压表 V1和 V2测量 R 两端电压；断 开开关，灯泡不发光，则可能是灯泡短路或断路，或者是电阻断路； 开关 S 闭合后，若电压表 V1的示数为 U，则电压表 V1测的是电源电压；根据电压表 V1的示数判定故障的原因，从而判定出电压表 V2的示数。 【解答】解：由图知，闭合开关，灯泡和电阻串联，电压表 V1和 V2测量 R 两端电压， 灯泡不发光，能

38、是灯泡断路或短路，或者是电阻断路；开关 S 断开时，若灯泡短路，则 电压表 V1的示数为 U；若灯泡断路，则电压表 V1的示数为 0； 开关 S 闭合后，若电压表 V1的示数为 U，则电压表 V1测的是电源电压，此时电压表 V1的正负接线柱与电源是接通的，所以不可能出现灯泡断路的现象，也不可能出现 R 短 第 18 页（共 31 页） 路的现象； 若电阻断路，则电压表 V2测量的是电源电压，示数为 U；若灯泡短路，则电压表 V2测 量的是电源电压，示数为 U。 故答案为：U 或 0；电压表 V2示数为 U，故障是灯泡短路或电阻断路。 【点评】本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，电路

39、故障一般分短路和 断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。 15 （7 分）物理研究通常会用建立模型的方法来解释或解决问题，在研究浮力知识时，就 可以将一定形状的物体作为模型，根据液体内部压强的大小和方向的知识，来解释浮力 产生的原因，并以此推导阿基米德原理，现有浸没在液体中的正方体、圆柱体、球体和 圆锥体，可供选择作为模型，如图（a） （b） （c）和（d）所示。 请判断，图中的 （c） 、 （d） 不适合作为模型推导阿基米德原理。 （填写图序） 若液体的密度为 ，请从图中选择一个作为模型，运用液体内部压强等知识，推导阿 基米德原理。要求： （a）将所选的模型填入 （a）或（

40、b） ； （b） 在图中添注所需的物理量 （用字母表示） ， 写出推导过程。 需要知道液体的密度 ， 上表面的深度 h上，下表面的深度 h下，底面积 S； 推导过程： F浮F下F上gh下Sgh上Sg （h下h上） SghSgV排G排。 。 【分析】液体内部的物体受到的液体压强为 pgh，物体受到的浮力为 F浮G排gV 排，根据浮力产生的原因 F浮F下F上和 FpS 推导阿基米德原理，据此进行解答。 【解答】解： 物体受到的液体压强为 pgh，物体受到的浮力为 F浮G排gV排， 根据 F浮F下F上和 FpS 知，要用液体压强公式推导阿基米德原理，应选用横截面积 相同的模型，故图中（a） 、 （b

41、）适合， （c） 、 （d）不适合； 选取（a）模型或（b）模型均可，所需的物理量如图所示： 第 19 页（共 31 页） 物体上、下表面受到的液体压强分别为：p下gh下、p上gh上， 由 p可得，物体上、下表面受到的液体压力：F下p下Sgh下S、F上p上Sgh 上S， 由浮力产生的原因可知，物体受到的浮力： F浮F下F上gh下Sgh上Sg（h下h上）SghSgV排G排。 故答案为： （c） 、 （d） ； （a）或（b） ；需要知道液体的密度 ，上表面的深度 h上，下表面的深度 h下，底面积 S； 推导过程：F浮F下F上gh下Sgh上Sg（h下h上）SghSgV排G排。 【点评】本题考查了利

42、用液体压强知识推导阿基米德原理的过程，知道浮力产生的原因 是关键。 三、作图题（共三、作图题（共 9 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用 2B 铅笔铅笔 16 （3 分）在图中，重为 6 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 【分析】由图可知小球在水中悬浮，受到的浮力和自身的重力相等，明确浮力的三要素， 再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小。 【解答】解：由图可知，小球悬浮在水中，受到的浮力 F浮G6N，方向竖直向上，作 用点可画在重心处。 第 20 页（共 31 页） 【点评】本题考查了物体浮沉条

43、件的应用以及力的图示法，要注意力的图示必须要确立 一个标度，这样才能准确表示力的大小。 17 （3 分）在图电路中的 O 处填入电表符号，使之成为正确的电路。 【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路。 【解答】解：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；由图知，最上边的与 电源并联，所以是电压表；左边的与灯泡串联，是电流表；右边的与电阻并联，为 电压表，如图所示： 。 【点评】考查了电流表和电压表的使用，关键是知道电流表与被测电路串联，电压表与 被测电路并联。 18 （3 分）在如图电路中缺少一根导线，请按要求用笔线代替导线完成电路连接。要求： 闭合开关 S 后

44、，小灯泡 L 发光：向右移动变阻器的滑片 P 时，电流表的示数变小， 且灯 L 亮度改变。 第 21 页（共 31 页） 【分析】由题意可知，闭合开关 S 后，小灯泡 L 发光，且向右移动变阻器的滑片 P 时， 电流表的示数变小，且灯 L 亮度改变，说明滑动变阻器和灯泡串联，且滑片右移时接入 电路中的电阻变大，则变阻器的左下方接线柱必须接入电路中，据此进行解答。 【解答】解：经分析可知，变阻器的左下方接线柱与灯泡串联，向右移动变阻器的滑片 P 时接入电路中的电阻变大，电流表的示数变小，且灯 L 亮度改变，如下图所示： 【点评】本题考查了滑动变阻器的正确连接，要注意变阻器串联在电路中的原则是“一

45、 上一下” ，接入电路中的电阻取决于靠近下方接线柱还是远离下方接线柱。 四、计算题（共四、计算题（共 29 分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置 19 （4 分）浸没在水中的合金块排开水的体积为 510 4 米 3，求合金块受到浮力的大小。 【分析】知道合金块排开水的体积，利用阿基米德原理 F浮水gV排求合金块所受到的 浮力。 【解答】解：F浮液gV排1.0103kg/m39.8N/kg510 4m34.9N。 答：合金块受到的浮力的大小为 4.9N。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮G排 液gV排。 20

46、（8 分）质量为 18 千克的冰块，密度为 0.9103千克/米 3。 求冰块的体积 V冰。 若冰块吸热后，有 510 3 米 3 的冰熔化成水，求水的质量 m水。 第 22 页（共 31 页） 【分析】 （1）已知冰的质量和密度，根据公式 V求出冰的体积。 （2）冰化成水后质量不变，根据公式 mV 可求熔化冰的质量，也就是水的质量。 【解答】解： （1）由 得冰块的体积： V冰0.02m3。 （2）由 得 510 3m3 冰的质量： m冰冰V冰0.9103kg/m3510 3m34.5kg， 因为冰化水质量不变， 所以冰块熔化成水后的质量： m水m冰4.5kg。 答： （1）冰块的体积为 0

47、.02m3。 （2）若冰块吸热后，有 510 3m3 的冰熔化成水，水的质量为 4.5kg。 【点评】本题考查体积、质量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道质量 是物质的一种属性，它不随物质形状、状态、位置等的改变而改变。 21 （8 分）在如图所示的电路中，电源电压为 6 伏，电阻 R1为 5 欧。闭合开关 S 时，电流 表 A 的示数为 2.0 安，求： 电流表 A1的示数 I1。 通过电阻 R2的电流 I2。 【分析】 （1）由电路图可知，R1、R2并联，电流表 A1测 R1支路的电流，电流表 A 测总 电流；由并联电路的电压特点和欧姆定律求出电流表 A1的示数 I1； （2）由并联电路的电流特点可求出通过电阻 R2的电流。 【解答】解： （1）由电路图可知，R1、R2并联，电流表 A1测 R1支路的电流，电流表 A 测总电流； 第 23 页（共 31 页） 因并联电路中各支路两端的电压相等， 则电流表 A1的示数为： I11.2A； （2）由并联电路的电流特点可得，通过电阻 R2的电流： I2II12A1.2