2020年上海市崇明区中考物理一模试卷（含详细解答）

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1、压力的方向（ ） A竖直向下 B垂直向下 C竖直向上 D垂直受力面 3 （2 分）下列家用电器在正常工作时需要的电压是（ ） A空调最大 B洗衣机最大 C电视机最大 D一样大 4 （2 分）第一个用实验准确测定大气压强数值的科学家是（ ） A帕斯卡 B托里拆利 C马德堡市长 D阿基米德 5 （2 分）浮力计算的普遍公式是（ ） AF浮液gV排 BF浮G物 CF浮F1F2 DFF向下F向上 6 （2 分）如图，下列例子主要利用压强大小与受力面积有关的是（ ） A啄木鸟嘴巴很尖 B乳牛自动喂水 器 C用吸管吸饮料 D拦河坝上窄下宽 7 （2 分）如图所示电路中，电源电压不变。闭合电键 S，当滑动变

2、阻器的滑片 P 向左移动 时，则（ ） AA 表示数与 A1表示数的差值变大 第 2 页（共 27 页） BA 表示数与 A1表示数的比值变小 CV 表示数与 A1表示数的比值变大 DV 表示数与 A1表示数的乘积变大 8 （2 分）如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等， 若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的上方， 此时压强比较 p甲、p乙，正确的是（ ） A可能是 p甲p乙 B一定是 p甲p乙 C可能是 p甲p乙 D一定是 p甲p乙 二、填空题（第二、填空题（第 14 题每格题每格 2 分，其余每格分，其余每格 1 分，共分

3、，共 23 分）分） 9 （3 分）导体中形成电流的必要条件是导体两端要有 ；一节干电池的电压是 伏；在同一个插座上充电的手机和 iPad 是 （选填“串联”或“并联” ）的。 10 （3 分）人们可以从物体是否发生 来判断物体是否受到压力；如果在连通器中注 入同种液体，待液体静止后形状不同容器中的液面一定处于同一 面上；大气压强 的大小主要与 有关，其次还与空气的温度和湿度有关。 11 （3 分）将重为 5 牛的铁块挂在弹簧测力计下，并将其逐渐浸入水中，这时测力计的示 数 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） ；当铁块刚浸没在水中时，测力计示数为 3 牛，则铁块受到浮力为 牛，浮力的方

4、向是 。 12 （3 分）两个质量相同的实心铜球和铝球（铜铝） ，两球的体积比较 V铜 V铝， 现将两球分别浸没在完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒中（水没有溢出） ，两球受 到的浮力比较 F铜 F铝， 两球浸没后， 水对量筒底部的压强比较 p甲 p乙（以 上三格均选填“大于”或“等于”或“小于” ） 。 13 （3 分）10 秒内通过某导体横截面的电荷量为 2 库，则通过该导体的电流为 安； 若该导体两端电压为 3 伏， 则导体的电阻为 欧； 若将该导体两端的电压减小到 0.2 伏，它的电为 欧。 14 （4 分）在图 4 所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键 S（已知电阻 R1、滑动

5、变 阻器 R2中仅有一个出现了故障） ： 若发现三个电表中有一个电表无示数， 电路中的故障可能是 ； 若发现三个电表 中有两个电 第 3 页（共 27 页） 表无示数，电路中的故障可能是 。 接着继续观察发现 V1无示数，A、V2有示数，且移动变阻器 R2的滑片 P：若电流表 的示数发生了改变，则故障一定是 ；若电压表 V2的示数不变，则故障一定 是 。 15 （4 分）下列几个问题是物理学国际奥林匹克竞赛中留下的经典试题，今天同学们学习 了物理以后挑战一下吧。判断其说法是正确的还是错误的： 10 牛的固体重物可以产生 100 牛的压力，其说法是 。 10 牛的水可以产生 100 牛的浮力，其

6、说法是 。 10 牛的力可以产生 10000 帕的压强，其说法是 。 10 牛的水可以产生 10000 帕的压强，其说法是 。 三、作图题（第三、作图题（第 16、17 题各题各 3 分，第分，第 18 题题 2 分，共分，共 8 分）分） 16 （3 分）如图所示，小球对斜面的压力为 20 牛，用力的图示法作出这个压力 17 （3 分）在如图所示电路的内填上适当的电表符号，使电键闭合后，两灯均能发光， 且串联连接。 18 （2 分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后 要求：电压表测小灯两端的电压。闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表 的示数变大。 第

7、4 页（共 27 页） 四、计算题（第四、计算题（第 19 题题 4 分，第分，第 20 题题 5 分，第分，第 21、22 题各题各 8 分，共分，共 25 分）分） 19 （4 分）体积 110 3m3 的铁球浸没在水中，求铁球受到的浮力 F浮。 20 （5 分）有一个小灯，正常工作时电压为 6 伏，电阻为 10 欧，现有电压为 9 伏的电源。 请你设计一个能使小灯正常工作的简单电路，画出其电路图。 计算出所用分压电阻的阻值。 21 （8 分）在如图所示的电路中，电源电压恒定且不变，电阻 R1阻值为 5 欧，变阻器 R2 上标有“2A”字样。闭合电键 S，电流表 A2的示数为 1.2 安。

8、 求电源电压 U。 求电路正常工作时变阻器允许的最小阻值。 移动滑片过程中，电流表 A2示数与电流表 A1示数的比值最大为 0.8，求电流表 A1示 数最大值和最小值。 22 （8 分）如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为 2S，容器高 0.2 米，内盛 0.15 米深的水。 若容器的底面积为 410 2 米 2，求容器中水的质量 m； 求 0.1 米深处水的压强 p； 现有密度为 6 水的圆柱体乙，如图（b）所示，将乙竖放入容器甲中。若要使水对容 器底部的压强 p水最大，求乙的底面积的最小值 S乙小。 第 5 页（共 27 页） 五、实验题（每格五、实验题（每格 1 分

9、，共分，共 18 分）分） 23 （4 分）在“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”两个实验中，它们的 实验原理是 （选填“相同”或“不同” ）的；实验需要的主要测量工具是 （选填“相 同” 或 “不同” ） 的； 在 “探究物质质量与体积的关系” 实验时， 采用多次测量是为了 ； 在“测定物质的密度”实验时，采用多次测量是为了 。 24 （4 分）在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，所用的实验器材有若干节干电池、 电键、若干个金属导体、 、 和若干导线。实验过程中通过改变 来 改变导体两端电压的。实验数据处理时是通过 法来归纳实验结论的。 25 （6 分）某同学做“用电流表、电

10、压表测电阻”的实验，可供选择的器材有：电源 2 个 （电压分别为 6 伏、4.5 伏） ，滑动变阻器 2 个（分别标有“10 3A”和“20 1A”的字 样） ，待测电阻 Rx（估计阻值约为 19 欧） ，电压表、电流表、电键各 l 个和导线若干。他 选用器材，按图连接电路，且步骤正确。闭合电键，发现电流表的示数为 0.2 安。试完成 下列问题： 该同学在实验中所选用的电源电压为 伏，所选用的滑动变阻器的最大电阻为 欧。 当该同学移动滑动变阻器的滑片到中点时（即连入电路中的电阻为变阻器最大值的一 半） ，电流表的示数为 0.24 安，此时电压表 V 的示数为 伏。他继续移动滑动变阻 器的滑片，

11、发现电路中的最大电流为 0.3 安，此时电压表 V 的示数为 伏。 根据以上信息可得 Rx阻值的平均值为 欧。 如在实验过程中发现电流表发生故障（已坏）而不能使用了，则该同学通过思考用决 定用 替代 仍可测得 Rx的阻值。 第 6 页（共 27 页） 26 （4 分）在“验证阿基米德原理”的实验中，某小组同学用测力计悬挂着体积均为 200 厘米 3 的不同物体逐渐浸入到不同液体中，实验过程如图所示，他们观察并记录了测力 计的示数及量筒中液体体积的变化，所有数据均记录在下表中。 液体密度 （克/厘米 3） 实验 序号 测力计示 数 F1（牛） 测力计示 数 F2（牛） F1F2 （牛） 液体体积

12、 V1（厘米 3） 液体体积 V2（厘米 3） V2V1 （厘米 3） 1.0 1 5 4.5 0.5 100 150 50 2 5 4 1.0 100 200 100 3 5 3 2.0 100 300 200 4 5 0 5 100 300 200 1.2 5 1.8 1.2 0.6 125 175 50 6 1.8 0.6 1.2 125 225 100 7 1.8 0 1.8 125 275 150 在此实验中量筒中液面的两次示数差（V2V1）表示了 。 分析比较实验序号 1 与 2 与 3（或 5 与 6 与 7）可初步得出的结论： 。 分析比较实验序号 可初步得出的结论： 当排开液

13、体的体积相同时， 液体密度越 大，浸在液体中的物体受到的浮力越大。 分析实验序号 4 中的数据及相关条件，产生这种现象的原因可能是 。 第 7 页（共 27 页） 2020 年上海市崇明区中考物理一模试卷年上海市崇明区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（每题一、选择题（每题 2 分，共分，共 16 分）分） 1 （2 分）一段金属丝剪去一半，其不变的物理量是（ ） A质量 B体积 C密度 D电阻 【分析】物体所含物质的多少叫质量，质量与物体的形状、状态、位置和温度无关， 与物质的多少有关； 在物体种类一定时，物质多少发生改变时，体积发生变化； 单位体积的某种物质

14、的质量叫这种物质的密度，同种物质密度一定，与质量、体积无 关； 电阻是导体本身的一种属性，决定于导体的材料、长度、温度和横截面积。 【解答】解：A、金属丝剪去一半后，所含物质的多少发生了变化，其质量减少了。故 A 不符合题意； B、金属丝剪去一半后，质量减少，所以体积减少。故 B 不符合题意； C、金属丝剪去一半后，种类和状态不变，则金属丝的密度不变。故 C 符合题意； D、导体电阻与长度有关，金属丝剪去一半后，长度减半，电阻变小。故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】此题考查了质量、密度和电阻的概念和影响因素，难度不大，属于基础题。 2 （2 分）压力的方向（ ） A竖直向下 B垂直向下

15、 C竖直向上 D垂直受力面 【分析】压力方向垂直于接触面，压力指向被压物体。 【解答】解：压力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被压物体，即压力的方向总 是垂直于受力面。 故选：D。 【点评】此题主要考查学生对压力方向的理解，难度不大，属于基础知识。 3 （2 分）下列家用电器在正常工作时需要的电压是（ ） A空调最大 B洗衣机最大 C电视机最大 D一样大 【分析】我国家庭电路的电压是 220V，家用电器的额定电压是 220V，各家用电器之间 第 8 页（共 27 页） 只有并联，各家用电器才能正常工作，并且互不影响。 【解答】解： 我国家庭电路的电压是 220V，家用电器在正常工作时需要的

16、电压都是 220V，即一样大， 故 ABC 错、D 正确。 故选：D。 【点评】记住我国家庭电路的电压、家用电器的额定电压（正常工作的电压） ；属于基础 题目。 4 （2 分）第一个用实验准确测定大气压强数值的科学家是（ ） A帕斯卡 B托里拆利 C马德堡市长 D阿基米德 【分析】识记准确测量大气压值的实验是托里拆利实验，托里拆利实验是由托里拆利完 成的。 【解答】解：A、帕斯卡得出了帕斯卡定律，研究了液体压强问题，故 A 不符合题意； B、托里拆利研究了托里拆利实验，准确测量大气压的值，故 B 符合题意； C、马德堡市市长奥托格里克通过马德堡半球实验证明了大气压的存在，故 C 不符合题 意；

17、 D、阿基米德研究了物体受到的浮力与其排开液体重力的关系，得出了阿基米德原理，故 D 不符合题意。 故选：B。 【点评】我们要记住一些科学家的主要贡献，例如牛顿、托里拆利、帕斯卡、伽利略、 奥斯特、法拉第、安培、伏特、欧姆、焦耳、爱因斯坦等等。 5 （2 分）浮力计算的普遍公式是（ ） AF浮液gV排 BF浮G物 CF浮F1F2 DFF向下F向上 【分析】知道浮力大小的计算方法：1称重法：F浮GF；2二力平衡法：F浮G物； 3阿基米德原理法：F浮G排4浮力的产生原因：F浮F向上F向下。 【解答】解： A、根据阿基米德原理可知：F浮液gV排是浮力计算的普遍公式。故 A 正确； B、 根据物体的浮

18、沉条件可知， 浮物体处于漂浮、 悬浮时， 浮力的计算公式为： F浮G物 故 B 不合题意； 第 9 页（共 27 页） C、根据实验称重法可知，浮力的计算公式为：F浮F1F2； （F1为物体在空气中时测力 计的示数，F2为物体浸没在液体中时测力计的示数） ；故 C 不合题意； D、根据浮力的产生原因可知，浮力的计算公式为：F浮F向上F向下故 D 不合题意。 故选：A。 【点评】本题是对阿基米德原理的一个直接考查，掌握浮力大小的计算方法。 6 （2 分）如图，下列例子主要利用压强大小与受力面积有关的是（ ） A啄木鸟嘴巴很尖 B乳牛自动喂水 器 C用吸管吸饮料 D拦河坝上窄下宽 【分析】影响压强

19、大小的因素是压力大小和受力面积，在受力面积一定时，压力越大， 压强越大。结合各图中所示的实用可逐一做出判断。 【解答】解： A、啄木鸟的嘴巴很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，符合题意； B、乳牛自动喂水器是利用连通器的原理来工作的，不合题意； C、用吸管吸饮料是利用大气压将饮料压入口中，不合题意； D、液体压强随深度的增加而增大，拦河坝修成上窄下宽可以承受更大的水的压强，不合 题意。 故选：A。 【点评】本题主要考查了影响压强大小的因素及其应用、连通器的应用以及大气压的应 用等，都是基本物理原理在生活中的应用，难度不大。 7 （2 分）如图所示电路中，电源电压不变。闭合电键 S

20、，当滑动变阻器的滑片 P 向左移动 时，则（ ） 第 10 页（共 27 页） AA 表示数与 A1表示数的差值变大 BA 表示数与 A1表示数的比值变小 CV 表示数与 A1表示数的比值变大 DV 表示数与 A1表示数的乘积变大 【分析】首先分析电路图，闭合电键 S，电阻 R1与滑动变阻器 R2并联，电流表 A1测 量通过 R2的电流，电流表 A 测量电路总电流，电压表测量的是电源电压； 当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动 变阻器两端的电压不变， 根据欧姆定律可知该支路电流的变化， 即电流表 A1示数的变化； 根据并联电路的电流特点，可知电流表 A

21、 示数的变化，从而可以对四个选项逐一进行 分析判断。 【解答】解： 由图可知，闭合电键 S 后，电阻 R1与滑动变阻器 R2并联，电流表 A1测量通过 R2的电 流，电流表 A 测量电路总电流，电压表测量的是电源电压。 因为电源的电压保持不变，所以滑片移动时电压表的示数不变； 当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律 I 可知，滑动变阻器所在支路中的电流 I2变小，即电流表 A1示数变小； 电阻 R1两端的电压和电阻都不变，则通过电阻 R1的电流 I1不变， 根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表 A 的示数变 小； A、由并联

22、电路的电流特点可知，A 表示数与 A1表示数的差值即为通过电阻 R1的电流， 而电阻 R1所在支路中的电流不变，即该差值不变，故 A 错误； B、A 表示数与 A1表示数的比值1+，因 I1保持不变、I2变小，所以其比 值会变大，故 B 错误； C、因为电压表的示数不变，电流表 A1的示数变小，所以电压表 V 示数与电流表 A1比 第 11 页（共 27 页） 值变大，故 C 正确； D、因为电压表的示数不变，电流表 A1的示数变小，所以电压表 V 示数与电流表 A1示 数的乘积变小，故 D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路 的连

23、接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。 8 （2 分）如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等， 若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的上方， 此时压强比较 p甲、p乙，正确的是（ ） A可能是 p甲p乙 B一定是 p甲p乙 C可能是 p甲p乙 D一定是 p甲p乙 【分析】 （1）均匀实心正方体对水平地面的压强 p gL，根据甲、乙两物体对水平面的压强相同得出两者边长和密度之间的关系； （2） 若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的上 方，剩余部分的密度和高度不变，则

24、剩余部分对地面的压强仍相等，根据 mVSh 表示出甲乙截取部分的质量，根据 p表示出甲、乙对地面压强的增加量， 然后比较两者之间的关系得出答案。 【解答】解： （1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等， 所以，均匀实心正方体对水平地面的压强： pgL， 因甲、乙两物体对水平面的压强相同，即 p甲0p乙0； 所以，甲gL甲乙gL乙，即 甲L甲乙L乙； （2） 若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度 d 相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的 上方， 第 12 页（共 27 页） 因剩余部分的密度和高度不变， 所以，p甲剩p甲0，p乙剩p乙0，则 p甲剩p乙剩； 由 mVSh 可得，甲乙截取部分的质量

25、： m甲甲L甲 2d，m 乙乙L乙 2d， 分别叠放在对方剩余部分的上方，则甲、乙对地面压强的增加量： p甲，p乙， 因 甲L甲乙L乙， 所以，p 甲p乙乙L乙dg 乙L乙dg， 因 L乙L甲， 所以，L乙 2L 甲 2， （L 乙d）（L甲d） ，则p甲p乙0，即p甲p乙， 此时 p甲p甲剩+p甲，p乙p乙剩+p乙， 所以，p甲p乙。 故选：B。 【点评】本题考查了压强大小的比较，利用好均匀、规则物体（如圆柱体、正方体、长 方体等）对水平面的压强 pgh 是关键。 二、填空题（第二、填空题（第 14 题每格题每格 2 分，其余每格分，其余每格 1 分，共分，共 23 分）分） 9 （3 分）

26、导体中形成电流的必要条件是导体两端要有 电压 ；一节干电池的电压是 1.5 伏；在同一个插座上充电的手机和 iPad 是 并联 （选填“串联”或“并联” ）的。 【分析】电压是形成电流的原因；串联电路中各用电器是相互影响，并联电路中各支路 用电器互不影响。由此分析解答。 【解答】解： 电压是形成电流的原因，所以导体中形成电流的必要条件是导体两端要有电压； 一节干电池的电压是 1.5V； 在同一个插座上充电的手机和 iPad，它们之间互不影响，所以是并联的。 第 13 页（共 27 页） 故答案为：电压；1.5；并联。 【点评】掌握好形成电流的两个条件、知道常见电压值、理解串并联电路的区别，可顺

27、 利解答此题，属电学基础题。 10 （3 分）人们可以从物体是否发生 形变 来判断物体是否受到压力；如果在连通器中 注入同种液体，待液体静止后形状不同容器中的液面一定处于同一 水平 面上；大气 压强的大小主要与 （海拔）高度 有关，其次还与空气的温度和湿度有关。 【分析】 （1）根据力的两个作用效果分析。力的作用效果有两个：力可以改变物体的 形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生 变化、运动方向发生变化。 。 （2）上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各 部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。 （3）海拔高度、温度、湿度

28、都会影响大气压强的大小。 【解答】解： （1）力可以改变物体的形状即使物体发生形变。故人们可以从物体是否发 生形变来判断物体是否受到压力。 （2）根据连通器原理可知，如果在连通器中注入同种液体，待液体静止后形状不同容器 中的液面一定处于同一水平面上； （3）大气压强的大小主要与（海拔）高度有关，其次还与空气的温度和湿度有关。 故答案为：形变；水平； （海拔）高度。 【点评】本题主要考查学生对连通器原理、大气压、力的作用效果的了解和掌握，难度 不大，是一道基础题。 11 （3 分）将重为 5 牛的铁块挂在弹簧测力计下，并将其逐渐浸入水中，这时测力计的示 数 变小 （选填“变大” 、 “不变”或“

29、变小” ） ；当铁块刚浸没在水中时，测力计示数 为 3 牛，则铁块受到浮力为 2 牛，浮力的方向是 竖直向上 。 【分析】铁块进入水中的过程，浮力先变大，后不变；知道铁块在空气中和浸没水中弹 簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力；浮力的方向竖直向上。 【解答】解： 将重为 5 牛的铁块挂在弹簧测力计下，并将其逐渐浸入水中，铁块排开水的体积增大， 其所受的浮力逐渐增大，由 F浮GF示可知，测力计的示数会减小； 当铁块刚浸没在水中时示数为 3 牛，则铁块受到浮力为 F浮GF示5N3N2N，浮 力的方向是竖直向上的。 第 14 页（共 27 页） 故答案为：变小； 2； 竖直向上。 【点评】本题

30、考查了称重法求浮力，以及浮力大小的变化，浮力方向，难度不大，是一 道基础题。 12 （3 分） 两个质量相同的实心铜球和铝球 （铜铝） ， 两球的体积比较 V铜 小于 V铝， 现将两球分别浸没在完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒中（水没有溢出） ，两球受 到的浮力比较F铜 小于 F铝， 两球浸没后， 水对量筒底部的压强比较p甲 小于 p乙（以 上三格均选填“大于”或“等于”或“小于” ） 。 【分析】 （1）铜的密度大于铝的密度，已知两者的质量相等，根据密度公式比较两者体 积的关系。 （2）现将两球分别浸没在完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒中（水没有溢出） ，V 排V物，由 F浮gV排可

31、比较其浮力关系； （3）完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒，原来水的深度相等， 两球浸没后，水没有溢出，V排铜V排铝，完全相同的甲、乙量筒中，上升高度h甲 h乙，由 pgh 分析水对量筒底部的压强关系。 【解答】解： （1）已知铜球和铝球的质量相同，并且 铜铝， 由公式 V知：铜球的体积较小，铝球的体积较大，即 V铜V铝。 （2）现将两球分别浸没在完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒中（水没有溢出） ， 则 V排V物，V排铜V排铝，由 F浮gV排可知两球受到的浮力：F铜 小于 F铝， （3）完全相同的装有相同质量水的甲、乙量筒，原来水的深度相等， 当两球浸没后，水没有溢出，V排铜V排铝，甲、

32、乙量筒的底面积相同，则水面上升的高 度h甲h乙，所以此时乙量筒中水的深度较深，由 pgh 可知，水对量筒底部的压 强 p甲小于 p乙。 故答案为：小于；小于；小于。 【点评】此题考查的是密度变形公式的应用，压强大小比较和阿基米德原理的应，综合 性较强，有一定的难度。 13 （3 分）10 秒内通过某导体横截面的电荷量为 2 库，则通过该导体的电流为 0.2 安； 若该导体两端电压为 3 伏，则导体的电阻为 15 欧；若将该导体两端的电压减小到 0.2 伏，它的电为 15 欧。 第 15 页（共 27 页） 【分析】已知电荷量与通电时间，由电力的定义式可以求出电流；已知电压与电流，由 欧姆定律可

33、以求出导体电阻；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压、电 流无关。 【解答】解：通过导体的电流 I0.2A；导体的电阻 R15；导 体电阻与电压无关，当电压为 0.2V 时，导体电阻仍为 15。 故答案为：0.2；15；15。 【点评】本题考查了求电流、电阻问题，应用电流的定义式、欧姆定律、知道影响电阻 的因素即可正确解题。 14 （4 分）在图 4 所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键 S（已知电阻 R1、滑动变 阻器 R2中仅有一个出现了故障） ： 若发现三个电表中有一个电表无示数，电路中的故障可能是 R1短路或 R2短路 ； 若发现三个电表中有两个电 表无示数，电路中的故障

34、可能是 R1断路或 R2断路 。 接着继续观察发现 V1无示数，A、V2有示数，且移动变阻器 R2的滑片 P：若电流表 的示数发生了改变，则故障一定是 R1短路 ；若电压表 V2的示数不变，则故障一定 是 R1短路 。 【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表 V1测量的是 R1两端的电压，电压表 V2测量的是 R2两端的电压；电路故障有两种：短路和断路，根 据电表的示数变化分析电路故障的原因。 【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表 V1测量 的是 R1两端的电压，电压表 V2测量的是 R2两端的电压； 若发现三个电表中有一个电表无示

35、数，另外两个有示数； 当 R1短路时，电压表 V1测量的是导线两端的电压，示数为 0，电压表 V2测量的是电源 两端的电压，有示数，电流表也有示数； 当 R2短路时，电压表 V2测量的是导线两端的电压，示数为 0，电压表 V1测量的是电源 第 16 页（共 27 页） 两端的电压，有示数，电流表也有示数； 当 R1断路时，电压表 V1测量的是电源两端的电压，有示数，电压表 V2和电流表都无示 数； 当 R2断路时，电压表 V2测量的是电源两端的电压，有示数，电压表 V1和电流表都无示 数； 接着继续观察发现 V1无示数， 则可能是 R1短路或 R1之外的电路断路， A、 V2有示数， 电流表有

36、示数，说明是通路；且移动变阻器 R2的滑片 P，电流表示数变化，说明 R2是 正常的，所以故障是 R1短路； 此时电压表测量的是电源电压，所以电压表 V2的示数 不变。 故答案为：R1短路或 R2短路；R1断路或 R2断路；R1短路；R1短路。 【点评】本题根据题目列举可能的所有故障，根据可能出现的现象与题目比较，相符合 的即为可能的故障。同学们要学会这种推理方法。 15 （4 分）下列几个问题是物理学国际奥林匹克竞赛中留下的经典试题，今天同学们学习 了物理以后挑战一下吧。判断其说法是正确的还是错误的： 10 牛的固体重物可以产生 100 牛的压力，其说法是 正确 。 10 牛的水可以产生 1

37、00 牛的浮力，其说法是 正确 。 10 牛的力可以产生 10000 帕的压强，其说法是 正确 。 10 牛的水可以产生 10000 帕的压强，其说法是 正确 。 【分析】 （1）压力是指垂直压在物体表面上的力，重力是指由于地球的吸引而产生的力， 压力的大小与重力无关，只有物体单独放在水平面上时物体的压力等于自身的重力； （2）一切浸入液体的物体，都受到液体对它向上的托力，这个力叫浮力； （3）压强是指物体单位面积上受到的压力； （4）液体产生的压强可以根据 pgh 进行计算。 【解答】解： 因物体产生的压力与物体的重力无关，所以 10 牛的固体重物可以产生 100 牛的压力， 如把重为 10

38、N 的物体放在水平面上，然后在物体上方施加竖直向下 90N 的力； 因物体受到浮力的大小与液体的重力无关， 所以 10 牛的水可以产生 100 牛的浮力， 如 然物体在水中排开液体的体积达到 0.01m3时， 受到的浮力 F浮水gV排1.0103kg/m3 10N/kg0.01m3100N； 10 牛的力可以产生 10000 帕的压强，如把 10N 的物体放在水平面上，受力面积为 第 17 页（共 27 页） 0.001m2时，产生的压强 p10000Pa； 10 牛的水可以产生 10000 帕的压强，如 10N 水的高度达到 10m 时，水产生的压强 p 水gh1.0103kg/m310N/

39、kg1010000Pa。 故答案为：正确；正确；正确；正确。 【点评】本题考查了学生对压力和压强、浮力的影响因素、压强的定义式、固体压强公 式的掌握与应用，熟知相关的概念和影响因素以及公式是关键。 三、作图题（第三、作图题（第 16、17 题各题各 3 分，第分，第 18 题题 2 分，共分，共 8 分）分） 16 （3 分）如图所示，小球对斜面的压力为 20 牛，用力的图示法作出这个压力 【分析】画力的图示时要明确力的大小、方向、作用点，然后确立标度，再按画图要求 画出这个力。 【解答】解：压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的接触点位置；方向与接触面 垂直，先选一段线段，大小表示 10N

40、，然后过压力的作用点做垂直于斜面，并指向斜面 的力，如图所示： 【点评】明确力的方向和作用点是正确表示力的示意图、力的图示的关键，要熟练用力 的示意图或力的图示表示力三要素。 17 （3 分）在如图所示电路的内填上适当的电表符号，使电键闭合后，两灯均能发光， 且串联连接。 【分析】根据电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联即可作出判断。 第 18 页（共 27 页） 【解答】解：要使电路组成串联电路，则电流的路径只有一条，电流从电源的正极出来， 先经过上面的灯泡，然后经过下面的灯泡回到电源的负极； 所以上面和下面的电表应该为电压表，中间的为电流表，如图： 。 【点评】本题主要考查学生对

41、电流表和电压表的使用方法的了解和掌握，是一道基础题。 18 （2 分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后 要求：电压表测小灯两端的电压。闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表 的示数变大。 【分析】电键 S 闭合后，电压表测量灯泡两端电压，向右移动滑动变阻器的滑片时，电 压表示数变大说明滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小， 灯泡分得的电压变大， 因此滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小， 再按一上一下的原则串联在电路中。 【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，滑片右移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故 将右下接线柱与开关右接线柱相连，并将电压表的负接

42、线柱与灯泡左接线柱相连；如下 图所示： 第 19 页（共 27 页） 【点评】解决本题的关键：一是知道滑动变阻器在连接时按一上一下的原则，串联在电 路中和滑片靠近下方接线柱接入电路的电阻变小、 远离下方接线柱接入电路的电阻变大； 二是根据电压表示数的变化判断滑动变阻器的接线柱；三是电压表与被测用电器并联。 四、计算四、计算题（第题（第 19 题题 4 分，第分，第 20 题题 5 分，第分，第 21、22 题各题各 8 分，共分，共 25 分）分） 19 （4 分）体积 110 3m3 的铁球浸没在水中，求铁球受到的浮力 F浮。 【分析】由于铁球浸没在水中，铁球排开水的体积等于铁球的体积，利用

43、阿基米德原理 的推导公式 F浮水gV排求受到的水的浮力。 【解答】解： 因为铁球浸没在水中， 所以铁球排开水的体积： V排V110 3m3， 则铁球受到的浮力： F浮水gV排1.0103kg/m39.8N/kg110 3m39.8N。 答：铁球受到的浮力为 9.8N。 【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，注意：当铁球浸没在水中时，铁球排开水的 体积等于铁球的体积。 20 （5 分）有一个小灯，正常工作时电压为 6 伏，电阻为 10 欧，现有电压为 9 伏的电源。 请你设计一个能使小灯正常工作的简单电路，画出其电路图。 计算出所用分压电阻的阻值。 【分析】现在电源电压大于灯泡的额定电压，所以应

44、串联一个电阻来分压。 已知小灯泡正常工作时的电压和电阻，根据欧姆定律求出串联电路的电流，根据欧姆 定律求出串联电路的总电阻，利用串联电路电阻的特点求出串联电阻的阻值。 【解答】解：灯泡与电阻串联，电路图如图： 灯泡正常发光时电路电流 I0.6A， 串联电阻两端电压 U串UU额9V6V3V， 串联电阻的阻值 R5。 答：见上图； 所用分压电阻的阻值为 5。 第 20 页（共 27 页） 【点评】本题考查了电路的特点和欧姆定律的计算，关键是根据灯泡正常工作确定电路 中的电流进行解答。 21 （8 分）在如图所示的电路中，电源电压恒定且不变，电阻 R1阻值为 5 欧，变阻器 R2 上标有“2A”字样

45、。闭合电键 S，电流表 A2的示数为 1.2 安。 求电源电压 U。 求电路正常工作时变阻器允许的最小阻值。 移动滑片过程中，电流表 A2示数与电流表 A1示数的比值最大为 0.8，求电流表 A1示 数最大值和最小值。 【分析】由电路图知两电阻并联，电流表 A1测量干路电流，电流表 A2测量电阻 R1的电 流， 根欧姆定律 I算出电源电压； 电流最大时， 滑动变阻器的电阻最小， 根据欧姆定律 I算出电路正常工作时变阻器 允许的最小阻值； 移动滑片过程中，电流表 A2的示数始终为 1.2 安，根据电流表 A2示数与电流表 A1 示数的比值最大为 0.8 算出电流表 A1示数的最小值； 根据并联电

46、路干路电流等于各个支路电流的和算出电流表 A1示数最大值。 【解答】解：由电路图知两电阻并联，电流表 A1测量干路电流，电流表 A2测量电阻 R1 的电流， 根欧姆定律 I得， 电源电压：UI1R11.2A56V； 电流最大时，滑动变阻器的电阻最小， 第 21 页（共 27 页） 根据欧姆定律 I得， 电路正常工作时变阻器允许的最小阻值为：R2小3； 移动滑片过程中，电流表 A2的示数始终为 1.2 安，要使电流表 A2示数与电流表 A1 示数的比值最大为 0.8，即0.8， 所以 A1最小为：1.5A； 因为并联电路干路电流等于各个支路电流的和， 所以电流表 A1示数最大值为 2A+1.2A

47、3.2A。 答：电源电压 U 为 6V。 电路正常工作时变阻器允许的最小阻值为 5。 移动滑片过程中，电流表 A2示数与电流表 A1示数的比值最大为 0.8，电流表 A1示数 最大值为 3.2A，最小值为 1.5A。 【点评】 本题考查了欧姆定律来的应用， 掌握滑动变阻器的最大电流为 2A 是解题的关键。 22 （8 分）如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为 2S，容器高 0.2 米，内盛 0.15 米深的水。 若容器的底面积为 410 2 米 2，求容器中水的质量 m； 求 0.1 米深处水的压强 p； 现有密度为 6 水的圆柱体乙，如图（b）所示，将乙竖放入容器甲中。若要使水对容 器底部的压强 p水最大，求乙的底面积的最小值 S乙小。 【分析】 （1）知道水深 h、圆柱形容器底面积 S，利用 VSh 求水的体积，再利用 mV 求水的质量； （2）利用 pgh 求 0.1m 深处水的压强； （3）若要使水对容器底部的压强最大，需要水深最大，等于容器高 h，可求乙排开水的 体积，再利用 VSh 求乙的底面积的最小值。 第 22 页（共 27 页） 【解答】解： （1