2020年山东省滨州市惠民县中考物理一模试卷(含详细解答)
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1、下列说法正确的是( ) A冰的温度一定是 0 摄氏度 B8读作“零下 8 摄氏度” C糖放到水中会化开这是熔化 D沸水的温度是 100 摄氏度 2 (3 分)下列物态变化过程中,需要吸收热量的是( ) A洗完澡后有点冷 B雪糕冒“白气” C露珠的形成 D水结冰 3 (3 分)下列关于热现象的说法,正确的是( ) A雾凇的形成是升华现象 B霜的形成是凝固现象 C露的形成是汽化现象 D雾的形成是液化现象 4 (3 分)下列事例中,改变物体内能的途径与其他三项不同的是( ) A柴火烧水 B压缩空气发热 C冬天搓手取暖 D钻木取火 5 (3 分)下列有关热和能的说法中,正确的是( ) A发生热传递时,
2、温度总是从高温物体传递给低温物体 B内燃机的压缩冲程,主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能 C一块 0的冰熔化成 0的水后,温度不变,内能变大 D燃料的热值越大,燃烧过程放出的热量越多 6 (3 分)寒冷的冬天,居民楼的玻璃窗上会起“雾”或结“冰花” ,下列说法中错误的是 ( ) A玻璃窗上的“雾”是水蒸气液化形成的 第 2 页(共 23 页) B玻璃窗上的“冰花”是水蒸气凝华形成的 C “雾”出现在玻璃窗的内表面 D “冰花”结在玻璃窗的外表面 7 (3 分)关于温度、热量和内能的说法中正确的是( ) A物体吸收热量,温度一定升高 B0的冰的内能为零 C温度高的物体,含有的热量多 D物体的温
3、度升高内能增大 8 (3 分)下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是( ) A夏天。在地上洒水会感到凉快 B北方楼房内的“暖气”用水作为介质 C海边昼夜温差变化比沙漠中小 D生物体内水的比例高,有助于调节自身的温度 9 (3 分)如图是热机工作时的四个冲程,其中属于内能转化为机械能的冲程是( ) A B C D 10 (3 分)用一段细铁丝做一个支架作为转动轴,把一根中间戳有小孔(没有戳穿)的饮 料吸管放在转动轴上,吸管能在水平面内自由转动(如图所示) 。用餐巾纸摩擦吸管使其 带电,将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时,发现吸管被推开,下列说法正确的是 ( ) A吸管和橡胶棒带异种电荷 B吸
4、管和餐巾纸摩擦后,两者带同种电荷 C吸管和餐巾纸摩擦时,吸管得电子带负电 D吸管和餐巾纸摩擦时,吸管失电子带负电 11 (3 分)酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量,还可以发电呢!如图所示, 几只水果提供的电力足以点亮一排发光二极管!水果在这里扮演了“电源”的用色,关 第 3 页(共 23 页) 于这个电路说法不正确的是( ) A水果的作用是给电路提供电压 B此时电路中有电荷在发生定向移动 C水果中的电流方向从正极流向负极 D把水果串联起来可以提高电压 12 (3 分)甲、乙、丙三个轻质小球,已知甲带正电,甲与乙相互排斥,甲与丙相互吸引, 则( ) A乙带正电,丙一定带负电 B乙带正电
5、,丙可能不带电 C乙带负电,丙一定带负电 D乙带负电,丙可能带负电 13 (3 分)下列单位中,哪个是电功单位( ) A焦耳 B伏安秒 C伏安 D千瓦时 14 (3 分)图中,能直接测量通过灯 L1电流的电路是( ) A B C D 15 (3 分)如图是未连接完整的电路,若要求闭合开关后,滑动变阻器的滑片 P 向左移动 时,灯泡变亮。则下列接法符合要求的是( ) 第 4 页(共 23 页) AM 接 A,N 接 D BM 接 B,N 接 C CM 接 A,N 接 B DM 接 C,N 接 D 二、填空题(每空二、填空题(每空 2 分,共分,共 24 分)分) 16 (4 分)几个导体串联起来
6、总电阻比其中任何一个导体的电阻都 ,因为导体的串 联相当于增加了导体的 。 17 (2 分)电功率是表示电流 的物理量。 18 (4 分)电灯泡标有“220V 40W” ,期中“40W”表示的是灯泡正常情况下通电 1 秒, 消耗的电能是 焦。照这样计算,这个灯泡正常情况下通电 小时,消耗的 电能是 1 度。 19(2 分) 现有 “3.8V, 0.3A” 的小灯泡一只, 它的额定电压是 , 额定功率是 。 20 (6 分)如图电路中,R110、R220,开关闭合后,电压表示数为 6V,则 A1的示 数是 A,5min R1消耗的电能 J;R2的电功率是 W。 21 (4 分)某导体两端加 2V
7、 电压时,通过的电流为 0.5A,要使通过该导体的电流变为 1A, 应在该导体两端加 V 电压。当该导体两端的电压为 3V 时,该导体所消耗的电功 率为 W。 22 (2 分)如图为小汉家的电能表,若小汉只给一台微波炉通电,发现该表转盘在 2min 内 转了 100r,则这台微波炉的功率是 kW。 第 5 页(共 23 页) 三、作图与实验探究题(每空三、作图与实验探究题(每空 3 分,共分,共 21 分)分) 23 (12 分)小明在实验室探究冰熔化和水沸腾时温度的变化特点,根据测量结果作出相关 图象,如图 a 所示: (1)要完成这两个实验,都需要的测量仪器是钟表和 。 (2)水沸腾时温度
8、计示数如图 c 所示,该示数是 段所对应的温度值(选填“BC “和“EF“) 。 (3)如图 a 所示,BC 段该物质的状态为 。 (4)AB 段与 CD 段的倾斜程度不同,这是因为 。 24 (9 分)在“测量未知电阻 R 的阻值”实验中: (1) 请先画出图甲中的电路图, 然后用笔画线代替导线把图乙中的器材连接成实验电路。 (2)请把第二次测量时图丙所示的电压表和电流表示数填入表中相应的空格。 次数 1 2 3 电压/V 1.1 2.3 电流/A 0.22 0.46 (3)处理表中所记录的各次实验数据得出待测电阻 R 的阻值为 。 四、计算题(四、计算题(10 分)分) 25 (10 分)
9、两电阻 a、b 各自的电流与两端电压的关系图线如图甲所示, 第 6 页(共 23 页) (1)电阻 a 的阻值多大? (2)如果把 a、b 两个电阻串联接成如图乙所示的电路时,电流表的示数为 0.2A。 求:电阻 b 的电功率。 电阻 a、b 在 lmin 内消耗的电能之和。 第 7 页(共 23 页) 2020 年山东省滨州市惠民县中考物理一模试卷年山东省滨州市惠民县中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、单项选择题(每小题一、单项选择题(每小题 3 分,共分,共 45 分,请把正确选项的代号填到后面的答题框内)分,请把正确选项的代号填到后面的答题框内) 1 (3 分)下
10、列说法正确的是( ) A冰的温度一定是 0 摄氏度 B8读作“零下 8 摄氏度” C糖放到水中会化开这是熔化 D沸水的温度是 100 摄氏度 【分析】 (1)在标准大气压下,冰水混合物的温度是 0; (2) “8”读作“零下 8 摄氏度”或“负 8 摄氏度” ; (3)熔化和溶化的不同的概念,熔化是物质由固态变为液态的过程,熔化是需要吸收热 量的。溶化是物质溶解在溶剂中的过程,溶解不需要吸收热量; (4)摄氏温度的规定:冰水混合物的温度是 0,一个标准气压下沸水温度是 100, 在 0和 100之间分成 100 等份,1 份代表 1。 【解答】解:A、在标准大气压下,冰水混合物的温度是 0,冰
11、的温度可以是 0,也 可以低于 0故 A 错误; B、 “8”读作“零下 8 摄氏度”或“负 8 摄氏度” ,故 B 正确; C、糖放入水中,过一段时间后整杯水都变甜了,是溶化现象,而不是熔化现象,微观上 是因为糖分子发生了运动,故 C 错误; D、在一个标准气压下,沸水温度是 100,故 D 错误; 故选:B。 【点评】此题分别考查了冰、沸水的温度,温度的读法,熔化现象,都属于热学的基础 和重点内容。 2 (3 分)下列物态变化过程中,需要吸收热量的是( ) A洗完澡后有点冷 B雪糕冒“白气” C露珠的形成 D水结冰 【分析】 (1)物质由固态变成液态叫熔化,由液态变成气态叫汽化,由固态直接
12、变成气 态叫升华,这三种物态变化需要吸热; 第 8 页(共 23 页) (2) 物质由液态变成固态叫凝固, 由气态变成液态叫液化, 由气态直接变成固态叫凝华, 这三种物态变化需要放热。 【解答】解: A、洗完澡后有点冷,是因为水汽化成水蒸气的过程吸收热量; B、雪糕冒“白气” ,是空中的水蒸气遇冷形成的小水珠,属于液化,液化放热; C、 露珠是空中的水蒸气遇冷变成小水珠, 附着在地面上的花草树木上形成的, 属于液化, 液化放热; D、水结成冰,液态的水变成固态的冰,属于凝固,凝固放热。 故选:A。 【点评】本题考查了学生对六种物态变化吸放热情况的掌握,属于基础题目。 3 (3 分)下列关于热现
13、象的说法,正确的是( ) A雾凇的形成是升华现象 B霜的形成是凝固现象 C露的形成是汽化现象 D雾的形成是液化现象 【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变 为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝 固。 【解答】 解: A、 雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶, 附着在植被表面形成的。 故 A 错误; B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶,附着在建筑物或植被表面形成的。故 B 错误; C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴,附着在植被表面形成的。故 C 错误; D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水
14、滴,悬浮在空气中形成的。故 D 正确。 故选:D。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处 于什么状态;另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 4 (3 分)下列事例中,改变物体内能的途径与其他三项不同的是( ) A柴火烧水 B压缩空气发热 第 9 页(共 23 页) C冬天搓手取暖 D钻木取火 【分析】改变物体内能的方式有两种:做功和热传递。 做功的实质是能量转化的过程,即:内能和其他形式能的相互转化。 热传递的实质是能量转移的过程,发生热传递的条件是有温度差。 【解答】解: A、柴火烧水是通过热传递的方式改变内能的; BCD、压缩空气发热
15、、搓手取暖、钻木取火都是做功使物体的内能增加的; 显然 A 选项与其它三个选项改变物体内能的方式不同。 故选:A。 【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式,结合生活实际解决问题。 5 (3 分)下列有关热和能的说法中,正确的是( ) A发生热传递时,温度总是从高温物体传递给低温物体 B内燃机的压缩冲程,主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能 C一块 0的冰熔化成 0的水后,温度不变,内能变大 D燃料的热值越大,燃烧过程放出的热量越多 【分析】 (1)热传递的条件是两个物体之间存在温度差,热量从高温物体传给低温物体。 (2)改变物体内能的方式有做功和热传递,做功属于能量的转化,热传递属于能量的转
16、 移; (3)内能的大小跟质量、温度、状态有关;晶体熔化过程吸收热量,温度不变; (4)1kg 某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。 【解答】解:A、发生热传递时,传递的是热量而不是温度;故 A 错误; B、内燃机的压缩冲程,活塞压缩气缸内物质,机械能转化为内能,是通过做功改变物体 的内能;故 B 错误; C、一块 0的冰熔化成 0的水后,吸收热量,温度不变,内能增加;故 C 正确; D、燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关,燃料的热值越大,燃烧时放出的热量 不一定多,故 D 错误。 故选:C。 第 10 页(共 23 页) 【点评】本题综合考查了热传递的条件、熔化吸热、物体内能
17、的改变方式、以及热值的 有关知识,是一道综合题。 6 (3 分)寒冷的冬天,居民楼的玻璃窗上会起“雾”或结“冰花” ,下列说法中错误的是 ( ) A玻璃窗上的“雾”是水蒸气液化形成的 B玻璃窗上的“冰花”是水蒸气凝华形成的 C “雾”出现在玻璃窗的内表面 D “冰花”结在玻璃窗的外表面 【分析】要判断“雾”和“冰花”的形成属于哪种物态变化,就需要清楚“雾”和“冰 花”分别是什么状态,它们又是由哪种状态形成的,然后结合六种物态变化的定义就可 以判断出它们各自属于哪种物态变化。 要判断“雾”和“冰花”是出现在玻璃窗的内表面还是外表面,就要根据发生物态变化 的条件进行分析。 【解答】解:A、 “雾”
18、是液态的小水滴,它是由室内的热的水蒸气遇到冷的玻璃液化而 形成的,故 A 正确; B、 “冰花”是固态的小冰晶,它是由室内的热的水蒸气遇到冷的玻璃直接凝华而形成的, 故 B 正确; C、液化的条件是遇冷,室内的水蒸气温度高,玻璃的温度低,所以室内热的水蒸气遇到 温度低的玻璃会发生液化现象, “雾”出现在玻璃窗的内表面;而玻璃外面的水蒸气温度 和玻璃的温度相同,不会发生液化,所以玻璃的外表面并没有“雾” ,故 C 正确; D、凝华的条件是遇冷,室内的水蒸气温度高,玻璃的温度低,所以室内热的水蒸气遇到 温度低的玻璃会发生凝华现象, “冰花”出现在玻璃窗的内表面;而玻璃外面的水蒸气温 度和玻璃的温度
19、相同,不会发生凝华,所以玻璃的外表面并没有“冰花” ,故 D 错误。 故选:D。 【点评】 “雾”和“冰花”都是我们生活中常见的现象,它们都是由水蒸气遇冷发生物态 变化形成的,我们要掌握物态变化的名称,并能解释生活中常见的一些物态变化。 7 (3 分)关于温度、热量和内能的说法中正确的是( ) A物体吸收热量,温度一定升高 B0的冰的内能为零 C温度高的物体,含有的热量多 第 11 页(共 23 页) D物体的温度升高内能增大 【分析】 (1)物体吸收或者放出热量,其温度不一定改变,例如晶体的熔化、晶体的凝 固、液体的沸腾过程; (2)一切物体都具有内能,内能包括分子动能和分子势能,所以,内能
20、的大小与物体的 温度、质量和体积有关。 (3)热量是过程量,就是说,热量只存在于热传递或热交换过程中,只能说吸收或放出 热量,热量传递等;热量不是状态量,不能说含有或者具有热量。 【解答】解: A、若吸收热量的物体正好是处于熔化状态的晶体或正在沸腾的液体,则其吸收了热量, 温度就不变;其他情况下物体吸收热量温度升高。因此不能确定物体吸收热量温度是否 一定升高。故 A 错误。 B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动,所以一切物体都具有内能,0的冰 的内能不为零,故 B 错误。 C、热量不是状态量,而是过程量,描述它的术语是”吸收“和”放出“,不能用含有。 故 C 错误。 D、同一物体分子个
21、数是一定的,当温度升高时,分子的热运动越剧烈,则分子的动能就 越大,从而物体的内能增加。故 D 正确。 故选:D。 【点评】本题考查了内能大小的影响因素,以及内能与温度、热量关系。 一般情况下,物体吸收热量,内能增加,温度升高,只有两种特殊情况:晶体熔化和液 体的沸腾,它们都是物体吸收热量,内能增加,温度不变要重点记忆。 温度指物体的冷热程度; 热量是指在热传递的过程中,内能改变的多少;内能是指物 体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。 8 (3 分)下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是( ) A夏天。在地上洒水会感到凉快 B北方楼房内的“暖气”用水作为介质 C海边昼夜温
22、差变化比沙漠中小 D生物体内水的比例高,有助于调节自身的温度 【分析】水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,升高或降低相同的温度,水吸 收或放出的热量多;吸收或放出相同的热量,水升高或降低的温度少,据此分析。 第 12 页(共 23 页) 【解答】解: A、夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热,而不是利用水的比热容大的特点, 故 A 符合题意; B、因为水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,降低相同的温度,水放出的热量 多,所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质,故 B 不符合题意; C、沿海地区和沙漠地区相比,沿海地区水多,水的比热容大,在相同的吸放热条件下, 水的温度变化小,冬
23、暖夏凉,昼夜温差小;沙漠地区多砂石,砂石的比热容较小,在相 同的吸热条件下,砂石的温度变化大,故 C 不符合题意; D、生物体内水的比例很高,在外界环境温度升高时,生物体即使吸收较多的热量,由于 水的比热容较大,体温不会升的过高;同理在在外界环境温度降低时,由于水的比热容 较大,即使放出较多的热量,体温也不会过低,所以生物体内的水分有助于调节生物体 自身的温度,以免温度变化太快对生物体造成损害,故 D 不符合题意。 故选:A。 【点评】本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用,应用所学知识,解释了实 际问题,体现了新课标的要求,属于中考热点题目。 9 (3 分)如图是热机工作时的四个冲程,
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