2020年山东省滨州市中考物理试卷（含详细解答）

《2020年山东省滨州市中考物理试卷（含详细解答）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年山东省滨州市中考物理试卷（含详细解答）（34页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、下列估测中，符合实际的是（ ）  A中学生课桌高度约为 80cm  B某中学生从一楼慢走到五楼所用时间约为 8s  C某中学生百米赛跑的速度约为 25m/s  D九年级物理课本的质量约为 2kg  2 （ 3分 ） 下 列 关 于 声 现 象 的 描 述 和 分 析 ， 正 确 的 是 （  ）   A图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播  B图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小  C图丙：医生用 B 超查体，说明声音可以传递能量  D图丁：防噪声耳罩是在传播过程

2、中控制噪声的  3 （3 分）以下对中华古诗中有关物态变化的分析，正确的是（ ）  A “好雨知时节，当春乃发生”雨的形成是凝固现象  B “露从今夜白，月是故乡明”露的形成是熔化现象  C “床前明月光，疑是地上霜”霜的形成是凝华现象  D “遥知不是雪，为有暗香来”雪的形成是液化现象  4 （3 分）甲乙两图分别是根据探究冰的熔化和水的沸腾实验数据绘制的图象，根据图象信 息，下列分析正确的是（ ）    第 2 页（共 34 页）    A图甲：冰在 BC 段处于液态  B图甲：冰

3、熔化的时间为 10min  C图乙：水的沸点为 98  D图乙：实验地点的大气压强高于 1 标准大气压  5 （3 分）下图所示的光现象中，与小孔成像原理相同的是（ ）  A凿壁偷光 B杯弓蛇影  C海市蜃楼 D长虹饮涧  6 （3 分）如图所示，小车从斜面上滑下，下列分析正确的是（ ）   A小车在斜面上只受重力作用  B小车到达斜面底端不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用  C小车在水平面上运动的速度逐渐变小，是因为小车不受力  D小车在水平面上运动时，若所受外力突然消失，它将做匀速直线运

4、动  7 （3 分）关于以下实例的分析，正确的是（ ）  A大型飞机很多零件采用密度小的合金材料制成，是为了增加自身质量  B火车轨道铺在枕木上，是为了减小压强  C汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦    第 3 页（共 34 页）   D汽油机工作时，输出功率越大效率越高  8 （3 分）以下四图节选自我国古代科技著作天工开物 ，其中说法正确的是（ ）   A图甲“没水采珠”中，水面下采珠人下潜的越深受到水的压力越小  B图乙“竹笆沉底”中，船上装载的竹笆越多，船受到的浮力保持不变

5、  C图丙“河池山锡”中，水由高处流下，水的重力势能转化为动能  D图丁“六桨客船”中，划水的船桨属于省力杠杆  9 （3 分）如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器后，验电器金属箔张开，以下说法 正确的是（ ）  A毛皮摩擦过的橡胶棒带正电  B验电器的工作原理是同种电荷相互排斥  C通常情况下橡胶棒是导体  D金属箔张开瞬间电流的方向是由金属球到金属箔  10 （3 分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关 S，滑动变 阻器 R2的滑片 P 向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变

6、化，下列判断正确的 是（ ）   A电压表示数变小，电流表示数变大  B电压表示数不变，电流表示数变小    第 4 页（共 34 页）   C电压表示数变大，电流表示数不变  D电压表示数变大，电流表示数变小  11 （3 分）关于家庭电路和安全用电的说法中，正确的是（ ）  A使用试电笔时，人体必须接触笔尖金属体  B控制灯泡的开关要接在零线和灯泡之间  C家庭电路中电流过大的原因一定是发生短路  D在生活中要做到：不接触低压带电体，不靠近高压带电体  12 （ 3分 ）

7、 关 于 下 列 四 幅 图 的 表 述 正 确 的 是 （  ）   A图甲：司南是利用地球的引力指示南北的  B图乙：电生磁是由法国的安培最早发现的  C图丙：只要导体在磁场中运动，就一定会产生电流  D图丁：这是电动机的工作原理  13 （4 分）下列说法中正确的是（ ）  A花香袭人说明构成物质的分子不停地做无规则运动  B搓手取暖是通过热传递的方式改变内能的  C常用水作冷却剂，是利用了水的比热容大这一性质  D四冲程内燃机工作时，做功冲程将机械能转化为内能  14 （4 分

8、）如图所示，重 800N 的物体，在 100N 水平拉力 F 的作用下，以 0.1m/s 的速度沿 水平地面向左匀速直线运动了 20s，滑轮组的机械效率为 60%在此过程中，下列说法正 确的是（ ）   A拉力 F 做的功为 400J  B物体与地面间的滑动摩擦力为 180N    第 5 页（共 34 页）   C额外功的功率为 12W  D若物体的重力和运动速度不变，只增大水平地面的粗糙程度，则滑轮组的机械效率会 降低  15 （4 分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡 L 标有“12V 6W”的字样，滑动变阻器 R

9、的最大阻值为 36，R0为定值电阻。当 S 闭合，S1、S2断开，滑片 P 由 b 端向 a 端滑 动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。当滑片位置 保持不变，开关都闭合时，电流表的示数变化了 2A不考虑灯丝电阻的变化，下列说法 正确的是（ ）   A电源电压是 18V  B小灯泡正常发光 10s，整个电路消耗的电能是 90J  CR0的阻值为 12  D当滑片位置保持不变，开关都闭合时，电路消耗的总功率是 45W  二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分，共分，共 6 分）分）  16 （2 分）新冠肺

10、炎疫情防控期间，医院内氧气的需求量越来越大。某氧气瓶内氧气用掉 一半后， 瓶内氧气的质量将   （选填 “变大” 、“变小” 或 “不变” ） ， 密度将_   （选 填“变大” 、 “变小”或“不变” ） 。  17 （2 分）2019 年 12 月 17 日，中国第一艘国产航母“山东舰”在海南三亚某军港交付海 军。航母上的舰载机在空中执行任务时，它与航母之间是通过   传递信息的。当航 母在全速航行时，如图所示，两侧护卫舰必须与其保持一定距离，因为靠的太近，它们 之间水的流速大，压强   ，容易发生相撞事故。   18 （2 分）

11、2020 年 6 月 23 日，我国北斗三号最后一颗组网卫星发射成功。如图所示，北斗 卫星工作所需要的电能是通过太阳能电池板由   能转化而来的，电能属于      第 6 页（共 34 页）   （选填“一次能源”或“二次能源” ） 。   三、作图、实验与探究题（本题共三、作图、实验与探究题（本题共 4 个小题，共个小题，共 26 分）分）  19 （2 分）如图所示，一个足球静止在水平地面上，请画出它受力的示意图。   20 （2 分）如图所示，S 为发光点，请在图中画出发光点 S 在平面镜 MN 中所成像

12、S的位 置，并画出由 S 点发出，经平面镜反射后通过 P 点的光线。   21 （6 分）某小组在“探究凸透镜成像的规律”的实验中  （1）实验前，要调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在   。  （2）通过调整，恰好在光屏上得到烛焰等大的像，如图所示，则所用凸透镜的焦距是    cm。  （3） 在图中， 把蜡烛向左移动 15cm， 凸透镜的位置不变， 应把光屏向   （选填 “左” 或“右” ）适当调节，才能在光屏上得到烛焰清晰倒立、   （选填“放大” 、 “缩小” 或“不变” ）的实像。接下来改用焦

13、距为 15cm 的凸透镜继续进行实验，如果不改变蜡烛 和凸透镜的位置，要在光屏上成清晰的像，应把光屏向   （选填“左”或“右” ） 适当调节。  （4）在探究凸透镜成实像的过程中，他们又尝试用白纸遮挡住凸透镜的一半，发现在光 屏上   （选填“仍能”或“不能” ）形成烛焰完整的像。    第 7 页（共 34 页）    22 （8 分）如图所示，某小组在“探究压力的作用效果与哪些因素有关”的实验中。   （1）实验中是通过比较海绵的   来比较压力作用效果的大小。这种实验方法叫做   &nb

14、sp;法。  （2）通过比较图甲和图乙两次实验，探究压力的作用效果与   的关系；通过比较 图   和图   两次实验，探究压力的作用效果与受力面积的关系，这种实验方 法是   法。  （3）实验结束后，同学们做了进一步的交流讨论，分析静止在水平桌面上的固体，它对 桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力是 一对   力；它受到的重力与桌面对它的支持力是一对   力。  23 （8 分）某实验小组用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，电源电压恒为 4.5V，待测小 灯泡 L

15、的额定电压为 2.5V，滑动变阻器 R 的规格为“20 1A” 。  （1） 图甲是该实验小组没有连接完整的电路， 请用笔画出导线， 在图甲中完成电路连接， 要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，导线不交叉。  （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片 P 应位于   端（选填“A”或“B” ） 。  （3）连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化 明显，电压表无示数。仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因可能是小灯泡发生    （选填“断路”或“短路” ） 。  （4）排除故障后，按图甲所示的电路

16、继续进行实验。闭合开关，移动滑片 P，使小灯泡 L 发光，测出小灯泡 L 的相关物理量，记录和计算结果如表，则小灯泡的额定功率为    W由表中信息可知：灯泡实际功率越   ，灯泡越亮。  实验次数 1 2 3 4 5  电压 U/V 1 1.5 2 2.5 3    第 8 页（共 34 页）   电流 I/A 0.14 0.18 0.22 0.26 0.30  实际功率 P/W 0.14 0.27 0.44 0.90  灯泡亮度 逐渐变亮  （5）另一小组用相同器材实验时，发现电流

17、表不能正常使用。他们选用一个定值电阻 R0，设计了如图乙所示的电路图，并进行如下实验操作：  按图乙连接电路，检查无误后，闭合开关 S、S1，调节滑动变阻器滑片直至电压表示 数为   V；  S 处于闭合状态，滑片不动，断开 S1、闭合 S2，读出电压表示数为 U0；  小灯泡的额定功率：P额   （用 U额、U0、R0表示） 。     四、综合应用题（本题共四、综合应用题（本题共 2 个小题，共个小题，共 20 分解答分解答时应写出必要的文字说明、公式和演算时应写出必要的文字说明、公式和演算 步骤， 只写出最后答案的不能

18、得分 有数值计算的题目， 答案中必须明确写出数值和单位 ）步骤， 只写出最后答案的不能得分 有数值计算的题目， 答案中必须明确写出数值和单位 ）  24 （10 分）如图甲所示，一个底面积为 410 2m2 的薄壁圆柱形容器置于水平地面上，装 有 0.3m 深的水。现将物体 A 放人其中，物体 A 漂浮于水面上，如图乙所示，此时容器 底部受到水的压强比图甲增大了 400Pa 当再给物体 A 施加一个竖直向下大小为 4N 的力 F 以后，物体 A 恰好浸没水中静止（水未溢出） ，如图丙所示。 （水1103kg/m3，g 取 10N/kg）求：  （1）容器中水的质量； &nb

19、sp;  第 9 页（共 34 页）   （2）物体 A 放入前，容器底部受到水的压强；  （3）物体 A 的密度。   25 （10 分）如图所示，电源电压 4.5V 保持不变，电流表的量程为 00.6A，电压表的量程 为 03V，灯泡 L 标有“3V 1.5W”字样，滑动变阻器 R 标有“20 1A”字样。闭合开 关 S，调节滑动变阻器滑片 P，使灯泡正常工作，不考虑灯丝电阻的变化。求：  （1）灯泡正常工作时的电流和电阻；  （2）灯泡正常工作 1min 所放出的热量；  （3）在保证电路安全的条件下，滑动变阻器连入电

20、路的电阻变化范围。     第 10 页（共 34 页）    2020 年山东省滨州市中考物理试卷年山东省滨州市中考物理试卷  参考答案与参考答案与试题解析试题解析  一、选择题（本题包括一、选择题（本题包括 15 个小题，共个小题，共 48 分在每小题给出的四个选项中，第分在每小题给出的四个选项中，第 112 小题小题 只有一项符合题目要求，选对得只有一项符合题目要求，选对得 3 分；第分；第 1315 小题，有多项符合题目要求，全部选对得小题，有多项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选

21、错的得分，有选错的得 0 分）分）  1 （3 分）下列估测中，符合实际的是（ ）  A中学生课桌高度约为 80cm  B某中学生从一楼慢走到五楼所用时间约为 8s  C某中学生百米赛跑的速度约为 25m/s  D九年级物理课本的质量约为 2kg  【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识， 找出符合实际的选项。  【解答】解：A、中学生的身高在 160cm 左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半， 在 80cm 左右。故 A 符合实际；  B、中学生从一楼慢走到五楼所用时间在

22、1min60s 左右。故 B 不符合实际；  C、男子百米世界纪录略大于 10m/s，中学生百米成绩不可能大于 10m/s，一般在 7m/s 左 右。故 C 不符合实际；  D、九年级物理课本的质量在 200g0.2kg 左右。故 D 不符合实际。  故选：A。  【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行 快速计算以及对取值范围合理估测的方法。  2 （ 3分 ） 下 列 关 于 声 现 象 的 描 述 和 分 析 ， 正 确 的 是 （  ）   A图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声

23、音在液体中也能传播  B图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小    第 11 页（共 34 页）   C图丙：医生用 B 超查体，说明声音可以传递能量  D图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的  【分析】 （1）声音可以在固体、液体、气体中传播，但不能在真空中传播；  （2）音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决 定；响度指声音的强弱或大小，与振幅有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；  （3）声音可以传递能量，可以传递信息；  （4）减弱噪声的途径：在

24、声源处减弱；在传播过程中减弱，在人耳处减弱。  【解答】解：A、运动员在水中在水中也能听到音乐声，说明声音可以在水中传播，液体 能传声，故 A 正确；  B、 演奏古筝时， 手指在弦上的位置不断变化， 改变了振动弦的长短， 这是为了改变音调， 故 B 错误；  C、医生用 B 超查体，说明声音可以传递信息，故 C 错误；  D、防噪声耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故 D 错误。  故选：A。  【点评】本题考查了声音的传播，声音的特性，声音的利用、以及防治噪声的途径，属 于声学基础知识的考查。  3 （3 分）以下对中华古诗中

25、有关物态变化的分析，正确的是（ ）  A “好雨知时节，当春乃发生”雨的形成是凝固现象  B “露从今夜白，月是故乡明”露的形成是熔化现象  C “床前明月光，疑是地上霜”霜的形成是凝华现象  D “遥知不是雪，为有暗香来”雪的形成是液化现象  【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变 为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝 固。  【解答】解：  A、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故 A 错误；  B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形

26、成的小水滴附着在物体表面，故 B 错误；  C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶，附着在建筑物或植被表面，故 C 正 确；  D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的小冰晶，故 D 错误。    第 12 页（共 34 页）   故选：C。  【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处 于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。  4 （3 分）甲乙两图分别是根据探究冰的熔化和水的沸腾实验数据绘制的图象，根据图象信 息，下列分析正确的是（ ）   A图甲

27、：冰在 BC 段处于液态  B图甲：冰熔化的时间为 10min  C图乙：水的沸点为 98  D图乙：实验地点的大气压强高于 1 标准大气压  【分析】 （1）晶体在熔化过程中处于固液共存状态；  （2）冰从开始熔化到熔化结束所用的时间即为冰熔化的时间；  （3）液体沸腾时的温度为沸点；  （4）沸点随气压的减小而降低，1 标准大气压下水的沸点为 100。  【解答】解：  AB、图甲中，在 BC 段冰的温度保持 0不变，这是冰的熔化过程，则冰处于固液共存 状态，故 A 错误；  冰在第 4mi

28、n 时开始熔化，到第 10min 时熔化结束，则冰熔化的时间为 10min4min 6min，故 B 错误；  CD、图乙中，水沸腾时的温度保持 98不变，则水的沸点为 98，故 C 正确；  沸点随气压的减小而降低，水的沸点为 98，小于 100，说明实验地点的大气压强低 于 1 标准大气压，故 D 错误。  故选：C。  【点评】此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的 变化情况。    第 13 页（共 34 页）   5 （3 分）下图所示的光现象中，与小孔成像原理相同的是（ ） &nbs

29、p;A凿壁偷光 B杯弓蛇影  C海市蜃楼 D长虹饮涧  【分析】 （1）光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光 的直线传播形成的；  （2）光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射；  （3）光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于 光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的。  【解答】解：小孔成像是由光的直线传播形成的；  A、 “凿壁偷光”是光的直线传播的结果，故 A 符合题意；  B、杯弓蛇影属于平面镜成像，是由于

30、光的反射形成的，故 B 不符合题意；  C、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生的折射现象，故 C 不符合题意；  D、天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折 射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是 由光的色散形成的，故 D 不符合题意。  故选：A。  【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活 联系密切，体现了生活处处是物理的理念。  6 （3 分）如图所示，小车从斜面上滑下，下列分析正确的是（ ）   A小车在斜面上只受

31、重力作用  B小车到达斜面底端不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用  C小车在水平面上运动的速度逐渐变小，是因为小车不受力    第 14 页（共 34 页）   D小车在水平面上运动时，若所受外力突然消失，它将做匀速直线运动  【分析】 （1）根据小车的运动状态分析其受力情况；  （2）惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质；  （3）力时改变物体运动状态的原因；  （4）物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。  【解答】解：  A、 小车在斜面上受竖直向下的

32、重力、 沿斜面向上的摩擦力和垂直于斜面向上的支持力的 作用，故 A 错误；  B、小车在水平面继续运动是因为小车本身有惯性，而不能说受到惯性力作用，故 B 错 误；  C、小车在水平面上运动的速度逐渐变小，是因为小车受到了摩擦力的作用，故 C 错误；  D、小车在水平面上运动时，若所受外力突然消失，根据牛顿第一定律可知，其运动状态 不变，将做匀速直线运动，故 D 正确。  故选：D。  【点评】此题通过探究“运动和力的关系”中的某些现象，考查了惯性知识的理解、受 力分析、力的作用效果、牛顿第一定律等，难度不大。  7 （3 分）关于以

33、下实例的分析，正确的是（ ）  A大型飞机很多零件采用密度小的合金材料制成，是为了增加自身质量  B火车轨道铺在枕木上，是为了减小压强  C汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦  D汽油机工作时，输出功率越大效率越高  【分析】 （1）因为飞机在天上飞要克服较大的空气阻力还要应付各种突发情况，材料除 需要较高的牢固度外；飞机还要轻一些。  （2）根据压强的定义式 p，减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力 面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小 压力，增大受力面积。同理，增大压强

34、也有三种方法；  （3）增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度；  （4）热机的功率指单位时间内做功的多少，是反映热机做功快慢的物理量；热机效率是 指热机用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值。    第 15 页（共 34 页）   【解答】解：A、因为飞机质量小有利于飞行和节能，在体积一定时，密度小的物质，其 质量小，所以飞机在选材时，既要选择牢固、硬度大的材料，同时也要考虑密度小的物 质小，其重力也小，故 A 错误；  B、火车对路基的压力很大，据 p知，为减小火车对地基的压强，必须增大受力面积， 把钢轨铺在枕

35、木上，可以增大火车与路基的受力面积，从而减小火车对路基的压强，故 B 正确；  C、轮胎上凹凸不平的花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩 擦，故 C 错误；  D、热机的效率和功率是两个完全不同的概念，二者没有任何联系，故 D 错误。  故选：B。  【点评】本题考查了减小压强的方法、增大摩擦的应用、杠杆的分类密度的应用与物质 的鉴别等，有一定综合性，但都是力学的基本知识。  8 （3 分）以下四图节选自我国古代科技著作天工开物 ，其中说法正确的是（ ）   A图甲“没水采珠”中，水面下采珠人下潜的越深受到水的压

36、力越小  B图乙“竹笆沉底”中，船上装载的竹笆越多，船受到的浮力保持不变  C图丙“河池山锡”中，水由高处流下，水的重力势能转化为动能  D图丁“六桨客船”中，划水的船桨属于省力杠杆  【分析】 （1）液体内部的压强随深度的增加而增大；  （2）由漂浮条件 F浮G物可知，物体的重力增大，受到浮力越大；  （3）影响动能的因素是物体的质量和速度；影响重力势能的因素是质量和高度；  （4）判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的 杠杆。  【解答】解：A、图甲“没水采珠”中，由 pgh

37、可知，水面下采珠人下潜的越深，受 到水的压强越大，由 FpS 可知，受到水的压力越大，故 A 错误；    第 16 页（共 34 页）   B、图乙“竹笆沉底”中，由漂浮条件 F浮G物可知，船上装载的竹笆越多，总重 G物 越大，受到的浮力越大，故 B 错误；  C、图丙“河池山锡”中，水由高处流下，水的质量不变，速度增大，高度减小，故重力 势能减小，动能增加，所以是将重力势能转化为动能，故 C 正确；  D、图丁“六桨客船”中，划水的船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆， 故 D 错误。  故选：C。  【点评】

38、本题结合我国古代科技著作天工开物考查相关的物理知识，具有一定的综 合性，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。  9 （3 分）如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器后，验电器金属箔张开，以下说法 正确的是（ ）  A毛皮摩擦过的橡胶棒带正电  B验电器的工作原理是同种电荷相互排斥  C通常情况下橡胶棒是导体  D金属箔张开瞬间电流的方向是由金属球到金属箔  【分析】 （1）把被毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒所 带电荷称为正电荷。  （2）验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥。  （3

39、）常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、 玻璃、橡胶、油等。导体和绝缘体没有绝对的界限。  （4）正电荷移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。  【解答】解：A、被毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，故 A 错误。  B、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，箔片由于带上同种电荷排斥而张开，故 B 正确。  C、常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等，故橡胶棒属于绝缘体，故 C 错误。  D、 毛皮摩擦过的橡胶棒带负电， 接触验电器后自由电子由橡胶棒转移到金属球再转移到 箔片，由于自由

40、电子的定向移动方向与电流方向相反，故金属箔张开瞬间电流的方向是   第 17 页（共 34 页）   由金属箔到金属球，故 D 错误。  故选：B。  【点评】知道自然界中只有哪两种电荷，以及它们之间的作用规律，识别常见导体和绝 缘体，理解电流的方向，可解答此题。  10 （3 分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关 S，滑动变 阻器 R2的滑片 P 向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列判断正确的 是（ ）   A电压表示数变小，电流表示数变大  B电压表示数不变，电流表示数变小 &

41、nbsp;C电压表示数变大，电流表示数不变  D电压表示数变大，电流表示数变小  【分析】由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流， 根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、 互不影响可知滑片移动时通过 R1的电流变化， 根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变 化，根据欧姆定律可知通过 R2的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变 化。  【解答】解：由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电 流，  因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数

42、不变；  因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过 R1的电流不变，  滑动变阻器 R2的滑片 P 向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由 I可知，通 过 R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，  所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故 B 正确，ACD 错误。  故选：B。  【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注   第 18 页（共 34 页）   意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。  11 （3 分）关于家庭电

43、路和安全用电的说法中，正确的是（ ）  A使用试电笔时，人体必须接触笔尖金属体  B控制灯泡的开关要接在零线和灯泡之间  C家庭电路中电流过大的原因一定是发生短路  D在生活中要做到：不接触低压带电体，不靠近高压带电体  【分析】 （1）使用测电笔时，人体接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；  （2）控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间；  （3）家庭电路中空气开关跳闸的原因是电路中电流过大，电流过大的原因一是短路，二 是用电器总功率过大；  （4）安全用电的原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体。 &nbs

44、p;【解答】解：  A、使用测电笔时，人体要接触笔尾金属体，在检测火线时，使火线、保护电阻、人体、 大地形成回路，氖管发光；若接触笔尖金属体，在检测火线时，使火线、人体、大地形 成回路，电路中无保护电阻，会造成人触电，故 A 不正确；  B、控制灯泡的开关要连接在火线和灯泡之间，这样在断开开关时，使灯泡和火线断开， 人在接触灯泡时不会触电，故 B 不正确；  C、家庭电路中空气开关跳闸的原因是电路中电流过大，电流过大的原因一是短路，二是 用电器总功率过大。所以，电流过大不一定是由于电路短路引起的，也可能是用电器总 功率过大造成的。故 C 不正确；  D、

45、安全用电的原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体。故 D 正确。  故选：D。  【点评】本题考查学生对安全用电知识的了解，是物理知识在生活中的实际应用，要灵 活掌握。  12 （ 3分 ） 关 于 下 列 四 幅 图 的 表 述 正 确 的 是 （  ）     第 19 页（共 34 页）   A图甲：司南是利用地球的引力指示南北的  B图乙：电生磁是由法国的安培最早发现的  C图丙：只要导体在磁场中运动，就一定会产生电流  D图丁：这是电动机的工作原理  【分析】 （1）地球是

46、一个大磁体，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用；  （2）奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；  （3）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生感应电流；  （4）电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理工作的。  【解答】解：  A、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，故 A 错误；  B、乙图是奥斯特实验，是演示电流磁效应的实验装置，即电流会产生磁场（电生磁） ， 故 B 错误；  C、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故 C 错误；

47、  D、图丁是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动，即电 动机的原理，故 D 正确。  故选：D。  【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及 结论，并且要找出其不同进行区分。  13 （4 分）下列说法中正确的是（ ）  A花香袭人说明构成物质的分子不停地做无规则运动  B搓手取暖是通过热传递的方式改变内能的  C常用水作冷却剂，是利用了水的比热容大这一性质  D四冲程内燃机工作时，做功冲程将机械能转化为内能  【分析】 （1）一切物质的分子

48、都在不停地做无规则运动；  （2）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功改变内能是能量的转化，热传递改 变内能是能量的转移；  （3）水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，温度变化 小，因此水常被用来做取暖介质和冷却剂；  （4）热机的压缩冲程中机械能转化为内能，做功冲程中内能转化为机械能。    第 20 页（共 34 页）   【解答】解：  A、花香袭人，说明分子在做无规则的运动，是扩散现象，故 A 正确；  B、搓手取暖是通过做功的方式增加手的内能，故 B 错误；  

49、C、常用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热 量，故 C 正确；  D、 四冲程内燃机的做功冲程中， 高温高压的燃气推动活塞向下运动， 内能转化为机械能， 故 D 错误。  故选：AC。  【点评】此题考查了分子动理论、改变内能的方式、水的比热容较大的应用及热机工作 过程中的能量转化，包含的知识点较多，熟练掌握基础知识是解答的关键。  14 （4 分）如图所示，重 800N 的物体，在 100N 水平拉力 F 的作用下，以 0.1m/s 的速度沿 水平地面向左匀速直线运动了 20s，滑轮组的机械效率为 60%在此过程中，

50、下列说法正 确的是（ ）   A拉力 F 做的功为 400J  B物体与地面间的滑动摩擦力为 180N  C额外功的功率为 12W  D若物体的重力和运动速度不变，只增大水平地面的粗糙程度，则滑轮组的机械效率会 降低  【分析】 （1）知道物体移动速度和时间，利用 svt 求物体移动距离，由题知，n3，拉 力端移动的距离等于物体移动距离的 3 倍；利用 WFs 求拉力做的总功；  （2）知道机械效率，利用 求有用功，再利用 W有用fs物求物体与地面间的滑 动摩擦力；  （3）总功减去有用功等于额外功，再利用功率公式求得额外功

51、的功率；  （4）水平使用滑轮组，克服物体受到的摩擦力做的功为有用功，该滑轮组的机械效率的 影响因素：一是物体受到的摩擦力，二是绳子与滑轮之间的摩擦。  【解答】解：    第 21 页（共 34 页）   A、物体移动距离 s物v物t0.1m/s20s2m；  由图知，n3，则绳子自由端移动的距离：s3s物32m6m；  拉力做功为：W总Fs100N6m600J，故 A 错误；  B、由 得有用功：  W有用W总60%600J360J，  由 W有用fs物求得物体与地面间的滑动摩擦力： &nb

52、sp;f180N，故 B 正确；  C、拉力做的额外功：W额W总W有用600J360J240J，  额外功的功率：  P12W，故 C 正确；  D、如果增大接触面的粗糙程度，增大了摩擦力，增大了有用功，而额外功几乎不变，有 用功与总功的比值变大，机械效率变大，故 D 错误；  故选：BC。  【点评】本题考查了水平使用滑轮组时有用功、总功、额外功的计算以及影响滑轮组机 械效率的因素， 关键是知道水平使用滑轮组时克服物体与地面间摩擦力做的功为有用功。  15 （4 分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡 L 标有“12V 6

53、W”的字样，滑动变阻器 R 的最大阻值为 36，R0为定值电阻。当 S 闭合，S1、S2断开，滑片 P 由 b 端向 a 端滑 动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。当滑片位置 保持不变，开关都闭合时，电流表的示数变化了 2A不考虑灯丝电阻的变化，下列说法 正确的是（ ）   A电源电压是 18V  B小灯泡正常发光 10s，整个电路消耗的电能是 90J  CR0的阻值为 12    第 22 页（共 34 页）   D当滑片位置保持不变，开关都闭合时，电路消耗的总功率是 45W  【分析】 （1

54、）当 S 闭合，S1、S2断开时 R 与 L 串联，滑片 P 由 b 端向 a 端滑动，使其连 入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。根据公式 PUI 可计算 得小灯泡的额定电流，即此时电路中的电流。由公式 I得加在此时滑动变阻器两端的 电压，再根据串联电路的电压关系得此时电源电压。  （2）已知小灯泡正常发光时的电流为 0.5A，所以根据公式 WUIt 计算得小灯泡正常发 光 10s 整个电路消耗的电能即可。  （3）当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是 R与 R0的并联电路，由串并联电路 知知此时电路中的电流大于刚才的串联电路电流， 所以电流表的示数

55、变化了 2A 即增大了 2A，得此时电路中的电流 I22A+0.5A2.5A由欧姆定律得此时流过 R的电流为 I则由并联电路的电流关系知流过 R0的电流为：I0I2I；再由公式 I得 R0的电 阻即可。  （4）由以上分析知当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是 R与 R0的并联电路， 此时电路中的电流是 I22.5A则根据公式 PUI 计算得此时电路消耗的总功率。  【解答】解：A当 S 闭合，S1、S2断开时 R 与 L 串联，滑片 P 由 b 端向 a 端滑动，使 其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。此时电路中的电流 为 I10.5A； &nb

56、sp;由公式 I得加在此时滑动变阻器两端的电压为： UI1RI1R0.5A36 6V；  所以电源电压为：UUL+U12V+6V18V；故答案 A 正确。  B由以上知，小灯泡正常发光时的电流为 0.5A，所以小灯泡正常发光 10s，整个电路消 耗的电能：WUI1t18v0.5A10s90J；故 B 正确。  C当滑片位置保持不变，开关都闭合时电路是 R与 R0的并联电路，由串并联电路知 知此时电路中的电流大于刚才的串联电路电流，所以电流表的示数变化了 2A 即增大了 2A，此时电路中的电流 I22A+0.5A2.5A。  此时流过 R的电流为：I1.5A；则由并联电路的电流关系知流过 R0 的电流为：I0I2I2.5A1.5A1A；