广东省广州市六区2021届高三9月教学质量检测一物理试题（含答案）

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1、书书书 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? O & F 7? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? # $ ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 槡? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 槡? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? # - B C ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?

2、 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 0 $ B C U T Y N ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? & % $ # . ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 1 # 0 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? . 12 #$

3、% # / B D E C M J J J J J U U U U U U U U J U UUU 0000 ? ? ? # $ ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? # $ W ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?

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5、 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ED B C 5 0 7 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? 0 . /Y N Z N ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?槡 ? ? ? ? 0 ? ? 1 2020 学学年年第第一一学学期期高高三三调调研研考考试试物物理理参参考考答答案案及及评评分分细细则则 选择题： （共 40 分，1

6、6 小题，每小题 4 分，710 小题全部选对得 4 分，选对不全得 2 分， 有选错或不答的得 0 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B D B C BD BD BCD AD 11 （6 分）(1)0.850(2 分) (2). B d t (2 分) ， 2 22 11 () 2 BA d g h tt =(2 分) 12 （9 分）（1）负接线柱(2 分)； 1 (2 分) （2）电压表的读数不变（或V的读数不变） (2 分) ；b(2 分) ；电压表的读数（或 R1、电流表内阻之和与电流表读数的乘积。）(1 分) 13 （14 分）解析： (1)M 板

7、 (或上极板)带正电（2 分） ； 撤去磁场后，粒子是从 M 板 (或上极板)边缘飞出（1 分） 。 (2)带电粒子在两板间匀速运动 0 x qv Bq E=(2 分) U E d =(2 分) 解得 0 x U B dv = (1 分) (3)去掉磁场，恰好从右板边缘射出，做类平抛运动， 水平：2d=v0t(2 分) 竖直： 2 1 22 y d a t=(1 分)， y EqUq a mdm =(1 分) 联立解得比荷 2 0 4 vq mU =(2 分) 14 （19 分）解析： (1) C 刚滑上 A 时，设 C 的加速度为 aC，AB 加速度相同，设为 aAB, A 对 B 作用力

8、FAB 运用牛顿运动定律： 对 C： CCC m gm a=(分) 对 AB 整体： CAB () AB m gmma=+(分) 2 对 B： ABABB Fm a=(分) 可得： 2 C 5/am s=(分)； AB 5NF=(分) (2) C 刚离开 A 时，A 与 B 速度相等,设为 vAB，由动量守恒定律： 0ABAB () CCC m vm vmmv=+(2 分) 代入数据，得 vAB=1m/s 设板长为 l，由功能关系可得： 222 CABAB0 111 () 222 CCC m glm vmmvm v=+(2 分) 代入数据，得木板 A 的长度 l=0.8m(1 分) （说明：用

9、牛顿运动定律结合，运动学公式做对，也可给分： 对 C： 22 0 2 C C c vv s a =(1 分) 对 AB： 2 AB AB AB 2 v s a =(1 分) 又： AB1AB va t=(1 分) C0C 1 vva t=(1 分) 可得： CAB s -sl =0.8m(1 分)） （3） 设 C 达到轨迹最大高度 h ，此时，无论 C 是否离开 B，只有水平速度且与 B 相等， 设为 vx；C 刚滑上 B 时，B 的速度 BAB 1m/svv=。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律可得： BCX () CCB m vmvmmv+=+(1 分) 222 BC

10、X 111 () 222 CCBC m vmvmmvm gh+=+(1 分) 代入数据得：vx=3m/s (1 分) h=0.15mR=0.1m, (1 分) 故 C 会从的上方脱离。vx即是轨迹最高点的速度，也是 C 脱离 B 时速度的水平分量。 解法一：设刚离开时 C 速度为 C v 对 C，从刚离开 B 到轨迹最高点过程，运用机械能守恒定律： 22 CX 11 ) 22 CCC m vm vm g hR =+（(分) 代入数据得： C 10/vm s =(1 分) 3 解法二：对 C 滑入 B 到刚离开，系统机械能守恒定律可得： 2222 1111 2222 CCBBCCBxC m vm

11、 vm vm vm gR+=+(分) 代入数据得： C 10/vm s =(1 分) 当 C 物体滑出后， 水平速度仍与 B 相同， 又会返回 B， 从 B 最下方向离开， 设速度为 C v 。 对 BC 系统：水平方向动量守恒，系统机械能守恒定律： BBBBCCCC m vm vm vm v +=+ (1 分) B 2222 BBB 1111 2222 C CCC m vm vm vm v +=+(1 分) 代入数据，解得： C 2m/vs =(1 分) 15 （1） （4 分）增加（1 分） 、正功（1 分） 、=（1 分） 、从外界吸收（1 分） （2） （8 分）(1)第一次打入气体后

12、，篮球内气体压强变为 p1，根据玻马定律有： 00010 1 () 15 p VVpV+= (2 分) 解得： 10 16 15 pp=(2 分) (2)篮球内气体压强 1.5p0 ，经等温过程，在 p0压强下的体积： 0000 1.5p Vp V= (2 分) 00 1.5VV= 连续打入 15 次后，打入气体质量占总质量比 0 0 0 0 15 m 15 40% 1.515 15 V V V V m V V = = + + (2 分)（计算公式正确 1 分，结果 1 分） （其它方法正确同样给分。计算打入 15 次的气体，在 1.5p0下的体积：由 0 0 00 151.5 15 V pp

13、V= (2 分)，得： 00 2 3 VV = ， 则 0 0 00 2 m 3 40% 2 3 V m VV V VV = = + + (2 分)） 4 16 （1） （4 分） 8 3 （1 分） 、 4 3 （1 分） 、下（1 分） 、增大（1 分） （2） （8 分） (1)根据 1 sinC n =（2 分） 代入数据，解得：30C =（1 分） (2)由于临界角为 30，且 3 3 AOR=，可知圆弧最右侧 M 点是一个临界点如图，即满足： sinsin AOR CMAO = （1 分） 解得：60MAO = 故-C-18090AOMAMO = （1 分） 所以光线在M点发生全反射；当光线射向另一个临界点 N 时，由正弦定理 sinsin AOR CNAO = （1 分） 可得 120NAO = 所以： 180C30NOANAO = （1 分） 综上所述，入射点在圆弧 MN之间时入射角大于临界角 C，会发生全反射，光线无法射出， 故圆弧上光线无法射出部分即圆弧 MN对应的圆心角 903060MONMOANOA = （1 分）