上海市静安区2020-2021学年九年级上（一模）期末物理试卷（含答案解析）

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1、2020-2021 学年上海市静安区九年级（上）期末物理试卷（一模）学年上海市静安区九年级（上）期末物理试卷（一模） 一、单项选择题（共一、单项选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用 2B 铅笔填涂在答题纸铅笔填涂在答题纸 的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。 1一节干电池的电压为（ ） A1.5 伏 B24 伏 C36 伏 D110 伏 2首先发现电流周围存在磁场的物理学家是（ ） A安培 B奥斯特 C牛顿 D帕斯卡 3下列实例中，属于利用连通器原理

2、工作的是（ ） A吸尘器 B液位计 C体温计 D脱排油烟机 4下列实例中，属于增大压强的是（ ） A尖锐的逃生锤尖 B较宽的书包带 C宽大的骆驼脚掌 D有很多轮子的拖车 5一杯水，在倒出一部分水的过程中，保持不变的物理量是杯中水的（ ） A重力 B质量 C体积 D密度 6甲、乙是由同种材料制成且长度相等的两导体，若将它们并联在同一电路中，则关于甲、乙导体的横截 面积 S 及通过电流 I 的大小判断正确的是（ ） A若 S甲S乙，则 I甲I乙 B若 S甲S乙，则 I甲I乙 C若 S甲S乙，则 I甲I乙 D若 S甲S乙，则 I甲I乙 7在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S 后，当滑动

3、变阻器 R1的滑片 P 由中点向右端移 动时（ ） A电流表 A1的示数变大 B电压表 V 的示数变小 C电流表 A 示数与电流表 A1示数的差值变小 D电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值变大 8如图所示，底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体，液体对各自容器底部的压力相等。现分 别从两容器中抽出高度均为 h 的液体，则甲、乙液体的密度 以及各自剩余质量 m 的关系是（ ） A甲乙，m甲m乙 B甲乙，m甲m乙 C甲乙，m甲m乙 D甲乙，m甲m乙 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）分） 9 （3 分）上海地区家庭电路的电压为 伏，家中电灯与电灯之间是 连接的。若每多使用一盏 照

4、明电灯，家庭电路的总电流会 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） 。 10 （3 分）著名的马德堡半球实验，证明了 的存在：意大利科学家 首先用实验测定了大气 压强的值；大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越 。 11 （3 分） 开关 S 闭合时， 通电螺线管的磁感线如图所示， 则电源的 端为正极 （选填 “A” 或 “B” ） ； 小磁针的 N 极将 （选填“向左偏转”或“向右偏转” ） ；若通电螺线管附近有 C 和 D 两个位置， 磁性较强的是 （选填“C”或“D” ）位置。 12 （3 分）某导体两端的电压为 6 伏，10 秒内通过导体横截面的电量为 6 库，则

5、通过的电流为 安， 电流做功为 焦。当该导体两端的电压为 12 伏时，电阻为 欧。 13 （3 分）质量为 1 千克的冰块全部熔化成水，水的质量为 千克，水的体积为 米 3。冰的密 度为 0.9103千克/米 3，则水的体积 冰的体积（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） 。 14 （4 分）在图所示的电路中，电源电压为 U0，电阻 R1、R2的阻值均为 R0。现电路中存在一处故障，且 故障只发生在电阻 R1、R2上。 开关 S 断开时，电压表 V 的示数可能为 。 开关 S 闭合后，若电压表示数为 U0，请写出电流表 A 的示数及相对应的故障。 。 15 （4 分）某同学用如图所示容器研

6、究液体内部压强与哪些因素有关。他在容器中间用隔板分成左右两部 分，隔板靠近下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状发生改变。当隔板两侧注 入相同深度、密度均为 1的同种液体时，橡皮薄膜形状如图（a）所示；当隔板两侧注入不同深度、密 度均为 1的同种液体时，橡皮薄膜形状如图（b）所示；当隔板两侧注入相同深度、密度为 1和 2不同 液体（12）时，橡皮薄膜形状如图（c）所示。 比较图（a）和（b）可知： 。 比较图（a）和（c）可知： 。 三、作图题（共三、作图题（共 9 分）分） 16 （3 分）在图中，重为 4 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 17

7、（3 分）在图电路中的 O 处填入电表符号，使之成为正确的电路。 18 （3 分）在图电路中缺少两根导线，请按要求用笔线代替导线完成电路连接。要求：闭合电键 S 后， 小灯泡 L 发光；向右移动变阻器的滑片 P 时，电流表的示数变小，但灯 L 亮度不变。 四、计算题（共四、计算题（共 29 分）分） 19 （4 分）浸没在水中的合金块排开水的体积为 510 4 米 3，求合金块受到浮力的大小。 20 （9 分）在图所示的电路中，电源电压为 6 伏，电阻 R1为 10 欧。开关 S 断开时，电流表 A 的示数为 0.3 安，求： 电阻 R2的阻值。 闭合开关 S 后，电流表 A 的示数。 21

8、（9 分）在图所示的电路中，电源电压为 12 伏电阻 R1的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2上标有“50 欧 1 安”字样。闭合开关 S，移动滑片 P 到某位置时，电压表示数为 4 伏。 求： （a）通过电阻 R1的电流 I1； （b）此时，滑动变阻器接入电路的阻值。 若电流表选用“00.6 安”量程，电压表选用“03 伏”量程，移动滑动变阻器的滑片 P，在电路元 件不被损坏的条件下，求电流表 A 和电压表 V 的示数变化范围。 22 （10 分）薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，如图所示，底面积 S甲为 S乙的 2 倍。甲中盛有水， 水的质量为 5 千克；乙中盛有另一种液体，液体密度 液

9、为 0.5103千克/米 3。 求水对甲容器底部的压力 F水。 分别从甲、乙两容器中抽出相同深度的液体，右表为抽出液体前后两容器底部受到液体的压强。 容器底部受到液体抽出的压强 抽出液体前 抽出液体后 p甲水（帕） 1960 980 p乙液（帕） 1078 （a）求抽出液体后甲容器中水的深度 h水； （b）问抽出液体前乙容器中液体的质量 m液。 五、实验题（共五、实验题（共 20 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。 23 （3 分）在“用电流表测电流”实验中，连接电路时，开关应 ，电流表应 在待测电路中 （选填“串联”或“并联” ）并使电流从电流表 接

10、线柱流入。 24 （4 分）在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测物体的 ，用量筒测量物体 的 ，实验需要进行多次测量，目的是为了 （选填“得到普遍规律”或“求平均值减小误 差” ） 。在“测定物质的密度”实验中，实验原理是 。 25 （6 分）小明同学研究圆柱体在某种液体中下降的过程中，圆柱体上、下表面受到液体的压力大小 F1和 F2与圆柱体下表面浸没在液体中深度 h 的关系，如图所示。小明使高为 0.2 米的实心圆柱体在液体中缓 慢下降，测量出圆柱体下表面到液面的深度 h、利用仪器测出圆柱体上、下表面处液体的压强，利用公 式求得圆柱体上、 下表面受到液体的压力 F1和 F2

11、， 进一步计算圆柱体下表面与上表面受到液体的压力差 F，记录在下表中。 实验序号 h（米） F1（牛） F2（牛） F（牛） 1 0.18 （8） 18.0 2 0.20 （9） 20.0 3 0.22 2.0 22.0 20.0 4 0.24 4.0 24.0 20.0 5 0.26 6.0 26.0 20.0 填写空格 和 。 分析比较实验序号 15 数据中，F2与 h 的关系及相关条件，可得出的初步结论是： 。 分析比较实验序号 3 与 4 与 5 数据中，F 与 h 关系及相关条件，可得出的初步结论是： 。 如果进一步研究圆柱体浸没在液体中，圆柱体下表面受到液体的压力大小与液体密度的关

12、系。实验方 案中应该控制不变的物理量为： （选填“圆柱体下表面在液体中的深度”或“液体密度” ） 26 （7 分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为 1.5 伏的整数倍且保持不变） 、待 测电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，以及导线若干。他正确串联电路后，将电压表并 联在电路中，闭合开关，移动滑动变阻器滑片位置，测得两组实验数据，记录在表一中。小华观察数据 思考后重新连接了电压表，移动滑动变阻器滑片位置，又进行了二次实验，其中第 3 次实验，观察到电 压表、电流表如图所示；第 4 次实验中电压表和电流表的读数已经填入表二中。 表一 实验序号 电压表示数（伏） 电

13、流表示数（安） 1 2.8 0.14 2 2.0 0.20 表二 实验序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 3 4 2.7 0.22 第 3 次实验中，电压表示数 U 伏，电流表示数 I 安。 实验序号 1 和 2 中，电压表并联在 的两端，理由是 。 小华所用的电源电压为 伏。 待测电阻的平均阻值为 欧（精确到 0.1 欧） 。 2020-2021 学年上海市静安区九年级（上）期末物理试卷（一模）学年上海市静安区九年级（上）期末物理试卷（一模） 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、单项选择题（共一、单项选择题（共 16 分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用分）下列各

14、题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号用 2B 铅笔填涂在答题纸铅笔填涂在答题纸 的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。 1 （2 分）一节干电池的电压为（ ） A1.5 伏 B24 伏 C36 伏 D110 伏 【分析】一节干电池的电压是 1.5V。 【解答】解： 一节干电池的电压是 1.5V，故 A 正确，BCD 错误。 故选：A。 【点评】本题考查干电池的电压，是识记题目。 2 （2 分）首先发现电流周围存在磁场的物理学家是（ ） A安培 B奥斯特 C牛顿 D帕斯卡 【分析】首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是奥斯特 【解答

15、】解：1820 年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场。 故选：B。 【点评】物理学史也是中考考查的内容之一，对于物理学上，著名的物理学家、经典实验、重要学说要 记牢。 3 （2 分）下列实例中，属于利用连通器原理工作的是（ ） A吸尘器 B液位计 C体温计 D脱排油烟机 【分析】连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器 各容器中液面的高度总是相平的。 【解答】解：A、用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速越大压强越小，吸尘器外空气流速越小压 强越大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，利用了大气压，故 A 不合题意； B

16、、锅炉液位计是上端开口，底部相连的容器，构成了一个连通器，故 B 符合题意； C、体温计是利用液体的热胀冷缩原理制成的，故 C 不合题意； D、脱排油烟机是利用流体压强与流速的关系制成的，与连通器无关，故 D 不合题意。 故选：B。 【点评】此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。 4 （2 分）下列实例中，属于增大压强的是（ ） A尖锐的逃生锤尖 B较宽的书包带 C宽大的骆驼脚掌 D有很多轮子的拖车 【分析】 （1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。 （2）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积

17、。 【解答】解： A、逃生锤尖做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故 A 符合题意。 B、将书包的背带做得较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，故 B 不符 合题意。 C、宽大的骆驼脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故 C 不符合题意。 D、有很多轮子的拖车，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故 D 不符合题意。 故选：A。 【点评】 解答本题需要知道压强大小的影响因素， 掌握增大和减小压强的方法， 并能在生活中加以应用。 5 （2 分）一杯水，在倒出一部分水的过程中，保持不变的物理量是杯中水的（ ） A重力 B质量 C

18、体积 D密度 【分析】 （1）由于地球对物体的吸引而使物体受到得力是重力；物体受到的重力与其质量成正比； （2）质量是物体所含物质的多少，是物体本身的属性，它不随物体的温度、形状、状态、位置而改变； （3）物体所占空间的大小叫体积； （4）密度是物质的一种特性，密度大小物体的质量和体积无关。 【解答】解：A、一杯水，在倒出一部分水的过程中，则剩下的水所含有的物质减少，质量减少，重力 与质量成正比，所以重力减少，故 A 错误； B、一杯水，在倒出一部分水的过程中，则剩下的水所含有的物质减少，质量减少，故 B 错误； C、水倒出部分后，剩余的水所占空间减少，体积减少，故 C 错误； D、物体的密度

19、是物质的一种特性，与物质的种类、状态和温度等有关，与质量和体积无关，所以剩下 的水，质量减少，密度不变，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了质量以及密度的特性，应注意质量会随着体积的减少而减少，但是密度不会。 6 （2 分）甲、乙是由同种材料制成且长度相等的两导体，若将它们并联在同一电路中，则关于甲、乙导体 的横截面积 S 及通过电流 I 的大小判断正确的是（ ） A若 S甲S乙，则 I甲I乙 B若 S甲S乙，则 I甲I乙 C若 S甲S乙，则 I甲I乙 D若 S甲S乙，则 I甲I乙 【分析】不考虑温度对电阻的影响时，若导体的材料和长度都相同，则横截面积大的其电阻较小，据此 分析两导体

20、电阻的大小；根据并联电路电压的规律结合欧姆定律进行分析通过电流 I 的大小关系。 【解答】解： 甲、乙两导体并联在电路中，根据并联电路电压的规律可知，无论两导体的电阻大小是否相等，它们两 端的电压都相等， 已知两导体的材料和长度都相同，若 S甲S乙，则 R甲R乙，根据 I可知，I甲I乙； 同理可知，若 S甲S乙，I甲I乙；故 ABD 错误，C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、并联电路电压的规律以及欧姆定律的应用，是一道综合性题 目。 7 （2 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S 后，当滑动变阻器 R1的滑片 P 由中点向 右端移动时（ ） A电流表

21、 A1的示数变大 B电压表 V 的示数变小 C电流表 A 示数与电流表 A1示数的差值变小 D电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值变大 【分析】由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源的电压，电流表 A1测 R1支路的电流，电流表 A 测干路电流， 电压表测量的是电源的电压； 根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化， 根据欧姆定律、并联电路电流的规律判定电流表示数的变化；根据电源电压判定电压表示数的变化，然 后分析各个选项。 【解答】解：由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源的电压，电流表 A1测 R1支路的电流，电流 表 A 测干路电流，电压表测量的是电源的电压；

22、电源电压不变，则电压表示数不变，故 B 错误； 当滑动变阻器 R1的滑片 P 由中点向右端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知， 通过滑动变阻器的电流减小，即电流表 A1示数变小；由于并联电路各支路互不影响，则通过 R2的电流 不变；根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，即电流表 A 示数变小，故 A 错误； 电流表 A 示数与电流表 A1示数的差值为 R2的电流，保持不变，故 C 错误； 电压表 V 示数不变，电流表 A 示数减小，其比值变大，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好并联电路中各 支路

23、独立工作、互不影响较为关键。 8 （2 分） 如图所示， 底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、 乙两种液体， 液体对各自容器底部的压力相等。 现分别从两容器中抽出高度均为 h 的液体， 则甲、 乙液体的密度 以及各自剩余质量 m 的关系是 （ ） A甲乙，m甲m乙 B甲乙，m甲m乙 C甲乙，m甲m乙 D甲乙，m甲m乙 【分析】 由图知， 容器底面积和所盛液体的深度关系， 根据压强公式 p可得两容器中 液ghS 的关系， 进而得出 甲S甲与 乙S乙的大小关系；在两容器中分别抽出相同高度h 的液体，抽出液体的质量m hS，从而得出m甲与m乙的大小关系，从而判定剩余液体的质量的关系。 【解答】解：根据

24、 p，液体对容器底部的压力：FpS液ghS， 由于 F甲F乙，即：甲gh甲S甲乙gh乙S乙， 则：甲h甲S甲乙h乙S乙， 由于 h甲h乙，则 甲S甲乙S乙， S甲S乙，所以 甲乙； 在两容器中分别抽出相同高度h 的液体，则抽出液体的质量m甲甲hS甲，m乙乙hS乙， 则 甲hS甲乙hS乙，由此可知m甲m乙， 由图可知，容器为规则的容器，则液体对容器底部的压力等于液体的重力，即甲液体的质量等于乙液体 的质量，则剩余的液体的质量 m甲m乙。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对学生对压强公式、密度公式的掌握和运用，根据容器形状、液体深度和容器 底受到的压力关系得出 甲S甲与 乙S乙的大小关系是本题的

25、关键。 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）分） 9 （3 分）上海地区家庭电路的电压为 220 伏，家中电灯与电灯之间是 并联 连接的。若每多使用一 盏照明电灯，家庭电路的总电流会 变大 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） 。 【分析】 （1）我国家庭电路的电压为 220V； （2）家庭电路中各用电器工作时互不影响，能独立工作，为并联连接； （3）电阻越并越小，电源电压不变，由欧姆定律可知总电流变大。 【解答】解： 我国家庭电路的电压为 220V，教室中照明电路的电压也为 220V； 家中电灯与电灯在工作时互不影响，它们之间都是并联连接； 若每多使用一盏照明电灯，并联的电阻变小，

26、照明电路的总电流会变大。 故答案为：220；并联；变大。 【点评】本题易错点在第三空的回答，注意：并联总电阻小于任何一个分电阻，并联越多，总电阻越小； 串联总电阻大于任何一个分电阻，串联越多，总电阻越大。 10 （3 分）著名的马德堡半球实验，证明了 大气压强 的存在：意大利科学家 托里拆利 首先用实验 测定了大气压强的值；大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越 小 。 【分析】要解答本题需掌握：马德堡半球实验，证明大气压强的存在；托里拆利实验，测出了大气压的 值，且大气压强的大小与海拔高度有关。 【解答】解：著名马德堡的实验有力的证明了大气压强的存在，意大利科学家托里拆利用

27、一根玻璃管第 一个测量出大气压的值，一个标准大气压的大小约相当于 760 毫米水银柱所产生的压强，大小为 1.013 105Pa；大气压不是固定不变的，海拔高度越高，空气越稀薄，密度越小，大气压强就越小，即大气压 随着海拔的高度的增高而减小。 故答案为：大气压强；托里拆利；小。 【点评】本题主要考查学生对大气压的存在、测量的了解和掌握，是一道基础题。 11 （3 分）开关 S 闭合时，通电螺线管的磁感线如图所示，则电源的 A 端为正极（选填“A”或“B” ） ； 小磁针的 N 极将 向左偏转 （选填“向左偏转”或“向右偏转” ） ；若通电螺线管附近有 C 和 D 两个 位置，磁性较强的是 C

28、（选填“C”或“D” ）位置。 【分析】在磁体的外部，磁感线是从磁体的 N 极出来回到磁体的 S 极的；根据磁极间的相互作用规律判 定小磁针的偏转方向；根据安培定则判定电源的正负极；磁体的两极的磁性是最强的。 【解答】解：在磁体的外部，磁感线是从磁体的 N 极出来回到磁体的 S 极的，则螺线管的左端为 N 极， 右端为 S 极；根据安培定则可知，螺线管中电流的方向是向上的，即电源的 A 端为正极；根据磁极间的 相互作用规律可知，小磁针的 N 极将向左偏转；C 靠近螺线管的磁极，则磁性较强。 故答案为：A；向左偏转；C。 【点评】本题考查了安培定则、磁极间的相互作用规律，属于基础知识，要掌握。

29、12 （3 分）某导体两端的电压为 6 伏，10 秒内通过导体横截面的电量为 6 库，则通过的电流为 0.6 安， 电流做功为 36 焦。当该导体两端的电压为 12 伏时，电阻为 10 欧。 【分析】导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，但可以通过欧姆定律可求得导体的电阻；由 电量的计算可求得流过导体的电流；根据 WUIt 求出电流做功。 【解答】解：通过该导体的电流为 I0.6A； 电流做功为 WUIt6V0.6A10s36J； 该导体的电阻为 R10； 因导体的电阻与导体两端的电压无关， 所以当该导体两端的电压为 12V 时，它的电阻仍为 10。 故答案为：0.6；36；10。 【点

30、评】本题综合考查了电量的计算、欧姆定律及电功的计算，但均为公式的简单应用，属基础题目。 13 （3 分）质量为 1 千克的冰块全部熔化成水，水的质量为 1 千克，水的体积为 1103 米 3。冰的 密度为 0.9103千克/米 3，则水的体积 小于 冰的体积（选填“大于” 、 “等于”或“小于” ） 。 【分析】冰完全熔化成水，质量是保持不变的，即水的质量等于冰的质量，再利用 V求水的体积， 由 V比较水和冰的体积关系。 【解答】解：当冰块全部熔化成水后，状态变化，但质量不变，则 m水m冰1kg， 由 得 水的体积：V水110 3m3。 已知冰的密度为 0.9103千克/米 3，由 V 可得，

31、水的体积小于冰的体积 故答案为：1；1103；小于。 【点评】本题考查了密度公式的应用，要注意：质量是物体的属性，其大小等于物体所含物质的多少， 而与物体的形状、状态、位置无关。 14 （4 分）在图所示的电路中，电源电压为 U0，电阻 R1、R2的阻值均为 R0。现电路中存在一处故障，且 故障只发生在电阻 R1、R2上。 开关 S 断开时，电压表 V 的示数可能为 0 或 U0 。 开关 S 闭合后，若电压表示数为 U0，请写出电流表 A 的示数及相对应的故障。 电流表 A 的示数为 0，电阻 R1断路；电流表 A 的示数为，电阻 R2短路 。 【分析】R1、R2短路或断路都属于电路故障，当

32、开关 S 断开时，分析 R1、R2短路或断路时，电压表 的示数。 R1、R2短路或断路都属于电路故障，当开关 S 闭合后，分析 R1、R2短路或断路时，电压表的示数为 U0时，电流表的示数和电路故障。 【解答】解：当开关 S 断开时，R1短路时，电压表、R2、电流表、电源构成通路，电压表示数等于电 源电压 U0； 当开关 S 断开时，R1断路时，电压表、R2、电流表、电源构成通路，电压表示数等于电源电压 U0； 当开关 S 断开时，R2短路时，电压表、电流表、电源构成通路，电压表示数等于电源电压 U0； 当开关 S 断开时，R2断路时，电压表和电源不能构成通路，电压表示数等于 0； 所以，开关

33、 S 断开时，电压表 V 的示数可能为 0 或 U0。 当开关 S 闭合时，R1短路时，电压表测量导线两端的电压，电压表示数等于 0； 当开关 S 闭合时，R1断路时，电压表、R2、电流表、电源构成通路，电压表示数等于电源电压 U0，电 压表串联在电路中，电流表示数为 0； 当开关 S 闭合时，R2短路时，R1、电流表、电源构成通路，电压表电源两端的电压，电压表示数等于电 源电压 U0，电路中只有接在电源上，电路中电流为：I； 当开关 S 闭合时，R2断路时，电压表和电源不能构成通路，电压表示数等于 0； 所以，当开关 S 闭合后，若电压表示数为 U0，有两种情况：一是，电流表示数为 0，电阻

34、 R1断路；二 是，电流表 A 的示数为，电阻 R2短路。 故答案为： 0 或 U0； 电流表 A 的示数为零 0， 电阻 R1断路； 电流表 A 的示数为， 电阻 R2短路。 【点评】短路或断路都属于电路故障，分析当开关闭合和断开时，R1、R2短路或断路电压表和电流表的 示数。 15 （4 分）某同学用如图所示容器研究液体内部压强与哪些因素有关。他在容器中间用隔板分成左右两部 分，隔板靠近下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状发生改变。当隔板两侧注 入相同深度、密度均为 1的同种液体时，橡皮薄膜形状如图（a）所示；当隔板两侧注入不同深度、密 度均为 1的同种液体时，橡皮薄膜

35、形状如图（b）所示；当隔板两侧注入相同深度、密度为 1和 2不同 液体（12）时，橡皮薄膜形状如图（c）所示。 比较图（a）和（b）可知： 同种液体，深度越深，液体内部压强越大 。 比较图（a）和（c）可知： 深度相同，液体密度越大，液体内部压强越大 。 【分析】根据控制变量法分析回答；分别分析图中液体对橡皮膜的压强方向，通过观察橡皮膜的形变方 向来比较两侧液体压强的大小。 【解答】解：比较图（a）和（b）同种液体，深度相同时，橡皮膜两侧压强相同，形状不发生改变， 压强相同，同种液体，深度不相同时，橡皮膜两侧压强不相同，形状向左发生形变，右侧深度深的压强 大，可知：同种液体，深度越深，液体内部

36、压强越大； 比较图（a）和（c）不同种液体，深度相同时，橡皮膜两侧压强不相同，形状向左发生形变，右侧液 体密度越大，液体内部压强越大，可知：深度相同，液体密度越大，液体内部压强越大； 故答案为：同种液体，深度越深，液体内部压强越大；深度相同，液体密度越大，液体内部压强越 大。 【点评】本题探究液体压强，考查控制变量法和转换法的运用，要掌握。 三、作图题（共三、作图题（共 9 分）分） 16 （3 分）在图中，重为 4 牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力 F浮。 【分析】根据二力平衡得出浮力大小，明确浮力的三要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示 出力的大小。 【解答】解：

37、重为 4N 的小球静止在水中，受到的竖直向下的重力及水对其施加的竖直向上的浮力 F浮为 一对平衡力，大小相等，F浮4N，浮力作用点可认为在球的球心，规定标度为 2N，该球所受的浮力 F 浮的力示意图如下所示： 【点评】本题考查二力平衡的运用及力的图示的画法，注意力的图示必须要确立一个标度，这样才能准 确表示力的大小。 17 （3 分）在图电路中的 O 处填入电表符号，使之成为正确的电路。 【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路。 【解答】解：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；由图知，最上边的与电源并联，所以 是电压表；左边的与灯泡串联，是电流表；右边的与电

38、阻并联，为电压表，如图所示： 。 【点评】考查了电流表和电压表的使用，关键是知道电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联。 18 （3 分）在图电路中缺少两根导线，请按要求用笔线代替导线完成电路连接。要求：闭合电键 S 后， 小灯泡 L 发光；向右移动变阻器的滑片 P 时，电流表的示数变小，但灯 L 亮度不变。 【分析】 根据串联和并联电路特点， 由向右移动滑动变阻器的滑片 P， 电流表变小， 小灯泡 L 亮度不变， 确定灯与变阻器的连接，以及变阻器与电流表的连接情况。 【解答】解： 向右移动滑动变阻器的滑片 P， 小灯泡 L 亮度不变， 故灯泡与变阻器是并联的； 根据电流表的示数变小， 说

39、明变阻器与电流表串联，且向右移动滑片变阻器接入电路的电阻变大，故应将变阻器的左下接线柱接 入电路中；开关在干路上，如图所示： 【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是确定电路的连接关系和变阻器的连接。 四、计算题（共四、计算题（共 29 分）分） 19 （4 分）浸没在水中的合金块排开水的体积为 510 4 米 3，求合金块受到浮力的大小。 【分析】知道合金块排开水的体积，利用阿基米德原理 F浮水gV排求合金块所受到的浮力。 【解答】解：F浮液gV排1.0103kg/m39.8N/kg510 4m34.9N。 答：合金块受到的浮力的大小为 4.9N。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了

40、解与掌握，利用好推导公式：F浮G排液gV排。 20 （9 分）在图所示的电路中，电源电压为 6 伏，电阻 R1为 10 欧。开关 S 断开时，电流表 A 的示数为 0.3 安，求： 电阻 R2的阻值。 闭合开关 S 后，电流表 A 的示数。 【分析】开关 S 断开时，电路为 R2的简单电路，电流表测通过 R2的电流，根据欧姆定律可求出电阻 R2的阻值； 闭合开关 S 时，R1与 R2并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出电阻 R1的电流，再根据并联电 路电流特点求出电流表 A 的示数。 【解答】解：开关 S 断开时，电路为 R2的简单电路，电流表测通过 R2的电流，根据欧姆定律可求出 电阻

41、R2的阻值； U2U6V R220； 闭合开关 S 时，R1与 R2并联，并联电路各并联支路两端电压都相等，电流表测干路电流，根据欧姆 定律求出电阻 R1的电流，再根据并联电路电流特点求出电流表 A 的示数。 U1U6V I10.6A II1+I20.6A+0.3A0.9A 答：电阻 R2的阻值为 20； 闭合开关 S 后，电流表 A 的示数为 0.9A。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题 21 （9 分）在图所示的电路中，电源电压为 12 伏电阻 R1的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2上标有“50 欧 1 安”字样。闭合开关 S，移动滑片 P 到某位

42、置时，电压表示数为 4 伏。 求： （a）通过电阻 R1的电流 I1； （b）此时，滑动变阻器接入电路的阻值。 若电流表选用“00.6 安”量程，电压表选用“03 伏”量程，移动滑动变阻器的滑片 P，在电路元 件不被损坏的条件下，求电流表 A 和电压表 V 的示数变化范围。 【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测 R1两端电压； （a）已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出通过电阻 R1的电流； （b）根据串联电路电流特点，串联电路电压规律，由欧姆定律可以求出滑动变阻器接入电路的阻值； 滑动变阻器以最大电阻接入电路时，电路电流最小，电压表示数最小，电压表的最大值为 3V 时，电 路电流最大。

43、【解答】解：（a）通过 R1的电流： I10.4A； （b）U14V， U2UU112V4V8V， R220； 因为 电压表选用“03V”量程，所以选择 U大3V， I大0.3A， 滑动变阻器以最大电阻接入电路时，电路电流最小，电压表示数最小， 当 R250 时， 电流 I小0.2A， 电压 U小I小R10.2A102V， 所以电流表 A 的范围为 0.20.3A，电压表 V 的范围为 23V。 答：（a）通过电阻 R1的电流为 0.4A； （b）此时滑动变阻器接入电路的阻值为 20； 在电路元件不被损坏的条件下， 电流表 A 示数变化范围为 0.20.3A， 电压表 V 的示数变化范围为 2

44、 3V。 【点评】本题考查了求电流、电阻等问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点及欧姆定律即可正确 解题。 22 （10 分）薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，如图所示，底面积 S甲为 S乙的 2 倍。甲中盛有水， 水的质量为 5 千克；乙中盛有另一种液体，液体密度 液为 0.5103千克/米 3。 求水对甲容器底部的压力 F水。 分别从甲、乙两容器中抽出相同深度的液体，右表为抽出液体前后两容器底部受到液体的压强。 容器底部受到液体抽出的压强 抽出液体前 抽出液体后 p甲水（帕） 1960 980 p乙液（帕） 1078 （a）求抽出液体后甲容器中水的深度 h水； （b）问抽出液体前乙容器

45、中液体的质量 m液。 【分析】水对甲容器底部的压力等于水的重力，根据 FGmg 可求得； （a）根据公式 p甲水gh水可求得抽出液体后甲容器中水的深度； （b）由表格可知抽出液体前后甲容器底部受到的液体压强，根据p甲水gh水可求得抽出液体后甲 容器的深度变化h水，有h液h水； 根据 p后液gh后求出抽出液体后乙容器中液体的深度 h后，则有 h前h后+h液，根据 p前液gh前求 出抽出液体前乙容器底部受到的液体压强 p前； 根据“底面积 S甲为 S乙的 2 倍”以及抽出液体前 F甲G甲m甲gp甲前S甲、F乙G乙m乙gp乙前 S乙求出乙容器中液体的质量。 【解答】解：水对甲容器底部的压力：FGmg

46、5 千克9.8 牛/千克49 牛； （a）抽出液体后甲容器底部受到水的压强：p甲水gh水， 则 h水0.1 米； （b）抽出水后，甲容器深度变化： h水0.1 米， 因从甲、乙两容器中抽出相同深度的液体，则有h液h水， 抽出液体后乙的压强：p后液gh后， 则有 h后0.22 米， h前0.22 米+0.1 米0.32 米， 抽出液体前乙的压强： p前液gh前0.5103千克/米 39.8 牛/千克0.32 米1568 帕， 根据 p可得： 抽出水前，水对甲容器底部的压力 F甲G甲m甲gp甲前S甲， 抽出液体前，液体对乙容器底部的压力 F乙G乙m乙gp乙前S乙， 因底面积 S甲为 S乙的 2 倍

47、， 则有， 解得 m乙2 千克。 答：水对甲容器底部的压力为 49 牛； （a）抽出液体后甲容器中水的深度为 0.1 米； （b）抽出液体前乙容器中液体的质量为 2 千克。 【点评】本题考查了重力和液体压强公式的应用，关键能够熟练应用计算公式及其变形公式。 五、实验题（共五、实验题（共 20 分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。 23 （3 分）在“用电流表测电流”实验中，连接电路时，开关应 断开 ，电流表应 串联 在待测电路 中（选填“串联”或“并联” ）并使电流从电流表 正 接线柱流入。 【分析】 （1）为保护电路，连接电路时开关应断开； （2）电流

48、表的使用规则：电流表要串联在电路中； 电流要从“+“接线柱流入，从“接线柱流出（否则指针反转） 。 被测电流不要超过电流表的量程。 绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上 【解答】解： （1）连接电路时，为防止电路中出现短路现象造成电源或用电器的损坏，开关应断开； （2） 用电流表测电流时， 电流表应串联在待测电路中， 且电流从电流表的正接线柱流入、 负接线柱流出。 故答案为：断开；串联；正。 【点评】本题考查了电路图连接时的注意事项和电流表的正确使用，是一道基础题目。 24 （4 分）在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测物体的 质量 ，用量筒测量物 体的 体积 ，实验需要进行多次测量，目的是为了 得到普遍规律 （选填“得到普遍规律”或“求 平均值减小误差” ） 。在“测定物质的密度”实验中，实验原理是 。 【分析】在“探究物质质量与体积的关系”时，实验中需要测量该物体的质量和体积；在探究定量关系 时，多次测量是为了得到定量