2021年安徽省淮南市中考物理模拟试卷（含答案解析）

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1、2021 年安徽省淮南市中考物理模拟试卷年安徽省淮南市中考物理模拟试卷 一、填空题（每空一、填空题（每空 1 分，共分，共 27 分）分） 1 （2 分）如图所示，一根不带电的铝棒 M 悬挂在绝缘支架上，将另一根和毛皮摩擦过的橡胶棒 N 靠近 M 发现铝棒 M先吸引 N（如甲图所示） ；接触后，又快速远离 N（如乙图所示） 。 （1）M、N 相接触后又快速远离的原因是： 。 （2） 如果此时用手接触一下铝棒 M， 再用 N 靠近 M， 发现铝棒 M 又吸引 N 了， 这说明人体是 （选 填“导体”或“绝缘体” ） 。 2 （3 分）某水电壶工作 4min，使图所示电能表的转盘转过 300r，则

2、电水壶消耗的电能为 kWh， 电壶电功率为 W，这些电能可供一只“220V 20W”的节能灯正常工作 h 3 （3 分）如图所示，在烧瓶内装入少量水，用气筒往瓶里打气，在瓶塞跳出的瞬间，瓶内出现白雾。该白 雾是水蒸气 （填物态变化名称）形成的，该实验说明， 是改变物体内能的一种方式；在 这个过程中，气体的内能转化成了塞子的 能。 4 （4 分）如图一只瓶子，内装一些铁屑。我们既可以通过振荡，也可以通过加热，使铁屑的温度升高，内 能增大。从改变物体内能的方法来看，前者是通过 方法，后者是通过 方法来增大铁屑的 内能。如果你没有看到内能改变的过程，仅凭铁屑温度的改变，能否确定采用了什么方法改变了铁

3、屑的 内能？ （能或不能） ，这是因为 。 5 （3 分）给手机充电时，手机电池是 （选填“用电器”或“电源” ） 。汽车在转弯前，要打开转向 灯，司机需拨动一下方向盘旁的一根杆，位于同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮，这根杆的作用相当 于电路中的 ，但如果前转向灯坏了时，后转向灯还能亮，则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连 接方式为 （选填“串联”或“并联” ） 。 6 （3 分）如图所示，在 20N 的水平拉力 F 作用下，重 200N 的物体沿水平地面向左做匀速直线运动，1s 内物体向左运动了 4m，物体与地面间的摩擦力为 48N，则拉力做的功为 J；拉力做功的功率为 W；滑轮组的机械效率为

4、 。 7 （2 分）春季，在培育秧苗时，有经验的农民往往会在傍晚往秧田里灌水以防倒春寒冻伤秧苗，这是利用 水的 比较大的性质；若质量为 2000kg 的水温度从 5降低到 2，放出的热量是 J。c水 4.2103J/（kg） 8 （2 分）两个定值电阻上分别标有“15，0.6A”和“20，0.5A”字样，将两定值电阻串联起来接在某 一电路中，则该电路两端所加的最大电压为 V；若将两定值电阻并联起来接在某一电路中，则该 电路两端所加的最大电压为 V。 9 （2 分）如图所示，甲图为某小灯泡 L 和某电阻 R 的电流随电压变化的图象，则 R 的阻值为 ； 将 L 和 R 连成图乙电路，闭合开关 S

5、、S1，当电流表的示数为 0.35A 时，灯 L 的电阻值为 。 10 （3 分）如图所示的电路，电源电压为 3V 且保持不变，滑动变阻器 R1标有“10 1A”的字样。闭合开 关 S，滑动变阻器的滑片 P 在最右端时，通过灯泡 L 的电流为 0.6A，则通电 1min 滑动变阻器 R1产生的 热量为 J；在电路安全工作的情况下，向左移动滑动变阻器的滑片 P 时灯泡亮度会 （选填 “变亮” 、 “不变”或“变暗” ） ，此电路最大功率与最小功率之比是 。 二、选择题（每小题二、选择题（每小题 2 分，共分，共 20 分）分） 11下列说法不正确的是（ ） A电路中有电源不一定有电流 B规定正电

6、荷定向移动的方向为电流的方向 C绝缘体不容易导电是因为内部没有大量的电荷 D在一个闭合电路中，在电源外部电流从电源正极流出，经过用电器，流向电源负极 12如图所示的事例中，属于机械能转化成内能的是（ ） A甲、丙 B甲、丁 C乙、丙 D乙、丁 13如图，甲、乙、丙三图的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内液体的初温与质量也相同，不考虑 热量损失，下列说法正确的是（ ） A对比甲、乙两图，如果燃料 2 的热值较高，最终图乙液体内能较小 B对比乙、丙两图液体最终升高的温度，可以比较两种液体的比热容 C对比甲、丙，如果液体 b 比热容比液体 a 大，那么要升高相同温度，图甲装置需要时间较短 D对比乙

7、、丙，如果燃料 1 的热值比燃料 2 大，那么要升高相同温度，图丙装置需要时间较短 14关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（ ） A物体的温度升高，内能一定增加 B物体吸收热量，温度一定升高 C0的冰内能为零 D发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体 15如图所示，斜面长 4m，高 2m，工人用 400N 的力沿斜面将重为 600N 的箱子，从底端推到顶端。下列 说法中正确的是（ ） A有用功为 1800J，总功 1200J B有用功为 1200J，额外功为 800J C总功为 1600J，机械效率为 75% D总功为 800J，机械效率为 75% 16如图所示，质量为 m

8、 的小球从静止下落，落在竖直放置静止的轻弹簧上的 A 点，到达 B 点时小球重力 与弹簧的弹力大小相等，图中 C 点是小球到达的最低点（不计空气阻力） ，下列说法正确的是（ ） A从 A 到 C，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能总量不守恒 B从 A 到 C，小球重力势能减小、动能减小、小球与弹簧机械能总量不变 C到 C 点时，小球的动能为零，小球受到的重力大于弹簧的弹力 D从 A 到 C，小球的机械能一直在减小 17 将规格为 “2.5V0.3A “的小灯泡 L1和规格为 “3.8V0.3A “的小灯泡 L2串联， 接在某可调电压的电源上， 在安全的条件下，下列判断正确的是（ ）

9、AL1的电阻大于 L2的电阻 B两个灯泡的亮度相同 C两只灯泡可以同时正常发光 D两只灯泡实际功率相等 18如图所示，在轻质杠杆上吊一重物 G，在一端施加一个始终与杠杆垂直的拉力 F，使杠杆缓慢地从 OA 转至水平位置 OB，则在转动过程中（ ） AF 变小 BF 先变大后变小 CF 变大 DF 先变小后变大 19如图所示电路中，将开关 S 闭合，完全相同的灯 L1和灯 L2均发光。下列说法正确的是（ ） A灯 L1比灯 L2亮 B通过 A 点的电流大于通过 B 点的电流 C灯 L1的实际电功率比灯 L2的实际电功率小 D电路中 AB 两点间的电压等于 BC 两点间的电压 20小华利用如图所示

10、的电路来探究电学问题，闭合开关后，关于电路及其变化情况，下列说法错误的是 （ ） A滑动变阻器滑片向左移动时，灯泡亮度不变 B滑动变阻器滑片向右移动时，甲、丙两表示数变大 C滑动变阻器滑片向左移动时，乙表与甲表示数的比值变大 D滑动变阻器滑片向左移动时，电路中总功率变大 三、实验题（第三、实验题（第 21 题题 7 分，第分，第 22 题题 6 分、第分、第 23 题题 6 分，第分，第 24 题题 6 分，共分，共 25 分）分） 21 （7 分）如图所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置图。实验中让钢球从斜槽的某个位 置由静止滚下，撞击水平面上的木块，将木块撞出一段距离。 （1）

11、实验中探究的是 （选填“钢球”或“木块” ）的动能大小影响因素； （2）实验中物体动能的大小是通过观察 （选填“s”或“h” ）的大小来反映的，这种常用的实验 方法称为 法； （3）在探究动能与速度的关系时，要保持钢球的 不变，让钢球从 （选填“相同”或“不 同” ）的高度滚下，以不同的速度推动木块移动； （4） 若让不同质量的钢球从斜槽同一高度由静止开始滚下， 目的是探究物体的动能与物体的 （选 填“质量”或“速度” ）关系； （5）若斜面绝对光滑，小球从斜槽顶端由静止滚到斜槽底部的过程中，其机械能 （选填“变大” 、 “不变”或“变小” ） 。 22 （6 分）小明用如图所示的电路研究电热

12、与哪些因素有关的实验： （1）该实验用 U 形管中液面的 来反映两容器内电热丝所放出热量的多少。 （2）在乙装置外并联 5 电阻丝的作用是：使容器内两电热丝中的电流 。 （3）该装置是研究在电阻和通电时间都相同时，探究电热与 的关系。 （4）通电后电阻丝发热，内能增加，这是通过 的方式改变了它的内能，容器内的空气内能也增 加，这是通过 的方式改变了它的内能。通电一段时间后乙容器外的电阻丝断了，这时会发现甲容 器的 U 形管长管中液面升高的速度和原来比 （选填“变快” 、 “变慢”或“不变” ） 。 23 （6 分）一小灯泡额定电压为 2.5V，图 a 是测量其电阻的实验电路图。 （1）请按照图

13、 a，将图 b 中的实物电路连接完整； （2） 闭合开关， 调节滑动变阻器， 当电压表示数为 2.50V 时， 小灯泡正常发光， 电流表示数如图 c 所示， 则此时通过小灯泡的电流为 A； （3）调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。可以猜想此过 程中灯丝的温度 （选填“升高” 、 “不变”或“降低” ） ； （4）测量数据如下表所示。 电压 U/V 2.50 2.10 1.70 1.30 0.90 0.50 电流 I/A 0.26 0.24 0.21 0.19 0.16 分析表中数据，可以发现小灯泡两端的电压越低，其灯丝的电阻越 。 24 （6 分）小赵探

14、究“电压一定时，电流与电阻的关系”的实验，有如下器材：恒为 4.5V 电源，电流表， 电压表，定值电阻（5、10、15、20） ，开关，导线若干，滑动变阻器（规格为“10，2A” 、 “50， 1A” ） 。 （1）根据电路图甲，请用笔画线代替导线将实物图乙连接好。 （2）在闭合开关前应将滑动变阻器滑片移到阻值 处。 （3）连接好电路后，闭合开关，发现电压表有示数，电流表没有示数，其原因可能是 A电流表断路 B电压表短路 C定值电阻短路 D定值电阻断路 （4） 排除故障后， 小赵通过测出的多组数据， 得到如图丙所示的电流与电阻的关系图象， 由此可得结论： 当电压一定时， 。 （5）当小赵测完

15、5 的电阻后，换 10 的电阻进行测量时，滑动变阻器滑片应向 （选填“左” 或“右” ）滑动。 （6）小赵实验时应当选取的滑动变阻器为 。 四、计算题（第四、计算题（第 25 题题 9 分分，第，第 26 题题 9 分，共分，共 18 分）分） 25 （9 分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓人家。一辆使用汽油为燃料的小 汽车，以 75km/h 的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际功率为 20kW若小汽车行驶的距离为 300km，汽油的热值 q4.6107J/kg，小汽车发动机的效率为 25%求小汽车在这段路程中： （1）运动的时间； （2）发动机所做的功为多少焦耳

16、； （3）消耗汽油的质量。 26 （9 分）寒冷的冬天，妈妈为努力学习的小江准备了有加热、保温两挡功能的电热杯垫，通过 USB 接口 接到电脑上可以随时喝到热饮，如图甲所示。杯垫内部简化电路如图乙所示，R1、R2为加热元件（其阻 值不随温度变化而变化） ，USB 接口输出电压为 5V，R110只闭合 S1时处于保温状态，S1，S2同时 闭合时处于加热状态。加热状态时电路总电流是 1.5A求： （1）杯垫保温时整个电路的电流。 （2）R2的阻值。 （3）加热状态时 R2的功率。 2021 年安徽省淮南市中考物理模拟试卷年安徽省淮南市中考物理模拟试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、填空

17、题（每空一、填空题（每空 1 分，共分，共 27 分）分） 1 （2 分）如图所示，一根不带电的铝棒 M 悬挂在绝缘支架上，将另一根和毛皮摩擦过的橡胶棒 N 靠近 M 发 现 铝 棒 M 先 吸 引 N （ 如 甲 图 所 示 ） ； 接 触 后 ， 又 快 速 远 离 N （ 如 乙 图 所 示 ） 。 （1）M、N 相接触后又快速远离的原因是： 同种电荷相互排斥 。 （2）如果此时用手接触一下铝棒 M，再用 N 靠近 M，发现铝棒 M 又吸引 N 了，这说明人体是 导体 （选填“导体”或“绝缘体” ） 。 【分析】 （1）带电体具有吸引轻小物体的性质，电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥

18、，异种电荷 相互吸引； （2）导体能够将产生的静电导入大地。 【解答】解： （1）因为带电体具有吸引轻小物体的性质，所以不带电的铝棒 M 可以被毛皮摩擦过的橡胶棒 N 吸引， 铝棒 M 接触橡胶棒 N 后，又快速远离 N 是因为铝棒 M 带上和橡胶棒 N 相同的电荷，同种电荷相互排斥 的缘故； （2） 用手接触铝棒 M 后， 人体将铝棒 M 上的电荷导入了大地， 铝棒 M 上不再有电荷， 再用 N 靠近 M， 所以铝棒 M 又吸引 N 了，这说明人体是导体。 故答案为： （1）同种电荷相互排斥； （2）导体。 【点评】本题考查电荷间的相互作用规律以及导体和绝缘题的区别，属于识记性内容，比较简单

19、。 2 （3 分）某水电壶工作 4min，使图所示电能表的转盘转过 300r，则电水壶消耗的电能为 0.1 kWh，电 壶电功率为 1500 W，这些电能可供一只“220V 20W”的节能灯正常工作 5 h 【分析】 （1）3000r/（kWh）表示每消耗 1kWh，电能表转盘转 3000r，据此可求电能表转盘转 300r 消 耗的电能，再利用 P求出电壶的电功率； （2）知道节能灯的功率，利用 t求这些电能供节能灯工作的时间。 【解答】解： （1）3000r/kWh 表示每消耗 1kWh，电能表转盘转 3000r， 电能表转盘转 300r 消耗的电能： WkWh0.1kWh。 则电壶的电功率

20、： P1.5kW1500W。 （2）由 P得，节能灯的工作时间： t5h。 故答案为：0.1；1500；5。 【点评】本题考查消耗电能和电功率的计算，关键是对电能表相关参数物理意义的正确理解。 3 （3 分）如图所示，在烧瓶内装入少量水，用气筒往瓶里打气，在瓶塞跳出的瞬间，瓶内出现白雾。该白 雾是水蒸气 液化 （填物态变化名称）形成的，该实验说明， 做功 是改变物体内能的一种方式； 在这个过程中，气体的内能转化成了塞子的 机械 能。 【分析】改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递，对物体做功物体的内能增加，物体对外做功， 物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少；物质由气

21、态变为液态称为液化。 【解答】解： 用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功， 气体的内能转化成了塞子的机械能，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度降低的影响，瓶口周围 的水蒸气液化成小水滴， 这些小水滴就是看到的白雾， 该现象表明， 物体对外做功， 物体的内能会减小。 故答案为：液化；做功；机械。 【点评】了解做功与物体内能的改变，知道液化现象的发生条件，可顺利解答。 4 （4 分）如图一只瓶子，内装一些铁屑。我们既可以通过振荡，也可以通过加热，使铁屑的温度升高，内 能增大。从改变物体内能的方法来看，前者是通过 做功 方法，后者是通过 热传递

22、 方法来增大铁 屑的内能。如果你没有看到内能改变的过程，仅凭铁屑温度的改变，能否确定采用了什么方法改变了铁 屑的内能？ 不能 （能或不能） ，这是因为 二者效果相同 。 【分析】改变内能的方法：做功和热传递，并且这两种方法在改变物体内能上是等效的。 【解答】 解： 使铁屑内能增加的方法： 用力晃动塑料瓶， 对塑料瓶和铁屑做功， 将机械能转化为内能， 使铁屑的内能增加，温度升高； 将装铁的瓶子加热，铁屑的温度升高，这是通过热传递的方式改变铁屑的内能； 如果没有看到内能改变的过程，单凭铁屑温度的升高，不能判断出具体的方法，因为做功与热传递两种 方法对改变物体的内能是等效的。 故答案为：做功；热传递

23、；不能；二者效果相同。 【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，对物体做功，物体内能增加，温度升高；物体吸收热量， 内能增加，温度升高。 5 （3 分）给手机充电时，手机电池是 用电器 （选填“用电器”或“电源” ） 。汽车在转弯前，要打开转 向灯，司机需拨动一下方向盘旁的一根杆，位于同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮，这根杆的作用相 当于电路中的 开关 ，但如果前转向灯坏了时，后转向灯还能亮，则位于汽车同侧的前后两个转向灯 的连接方式为 并联 （选填“串联”或“并联” ） 。 【分析】 （1）给手机充电、用手机打电话，先确定能量转化过程，再判断是用电器还是电源。 （2）串联电路，电流只有一条

24、通路，开关控制整个电路，用电器工作时相互影响。并联电路中电流有多 条通路， 各支路上的用电器工作时互不影响， 支路开关只控制本条支路， 干路上的开关可控制整个电路。 【解答】解： （1）给手机电池充电时，消耗电能，转化为手机电池的化学能，该过程手机电池为用电器； （2）司机拨动方向盘旁的杆子，转向灯才会工作，所以这根杆子起到了开关的作用；汽车的前后转向灯 可以单独工作，所以它们是并联的。 故答案为：用电器；开关；并联。 【点评】本题考查了电路的组成和电源的能量转化等，要掌握串并联电路的特点，关键是看用电器能否 单独工作。 6 （3 分）如图所示，在 20N 的水平拉力 F 作用下，重 200N

25、 的物体沿水平地面向左做匀速直线运动，1s 内物体向左运动了 4m，物体与地面间的摩擦力为 48N，则拉力做的功为 240 J；拉力做功的功率为 240 W；滑轮组的机械效率为 80% 。 【分析】由图知，与动滑轮相连的有三段绳子，则 n3， （1）已知物体移动的距离，可求出绳自由端移动的距离，再利用 WFs 求出拉力做的功，利用 P求 拉力做功功率。 （2） 用滑轮组水平拉动物体时， 克服物体的摩擦力做的功是有用功， 拉力做的功是总功， 利用 100%求滑轮组的机械效率。 【解答】解： 由图知，与动滑轮相连的有三段绳子，则 n3， （1）物体移动的距离 s物4m， 绳自由端移动的距离 s3s

26、物34m12m， 拉力做功： W总Fs20N12m240J， 拉力做功功率： P240W。 （2）滑轮组的机械效率： 100%100%100%100%100%80%。 故答案为：240；240；80%。 【点评】使用滑轮组水平拉动物体时，有用功等于摩擦力与物体移动的距离的乘积，求拉力时不要不加 理解的套用公式 FG。 7 （2 分）春季，在培育秧苗时，有经验的农民往往会在傍晚往秧田里灌水以防倒春寒冻伤秧苗，这是利用 水的 比热容 比较大的性质；若质量为 2000kg 的水温度从 5降低到 2，放出的热量是 2.52107 J。c水4.2103J/（kg） 【分析】 （1）对水的比热容大的理解：

27、相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温 度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多； （2）根据 Q放cmt 可求出水放出的热量。 【解答】解： （1）晚上时在秧田里灌水，是因为水的比热容比沙土大，在相同条件下，晚上水在降温时会放出热量， 热传递给秧苗，使秧苗的温度不致下降过低，从而可使秧苗不被冻坏； （2）水放出的热量：Q放c水mt4.2103J/（kg）2000kg（52）2.52107J。 故答案为：比热容；2.52107。 【点评】本题考查水比热容比较大在生活中的应用以及热量的计算，物理知识就是应用于生活的，我们 要学会利用物理知识改变我们的生活、解

28、释我们生活中的物理现象，这也是中考的一个出题方向。 8 （2 分）两个定值电阻上分别标有“15，0.6A”和“20，0.5A”字样，将两定值电阻串联起来接在某 一电路中，则该电路两端所加的最大电压为 17.5 V；若将两定值电阻并联起来接在某一电路中，则该 电路两端所加的最大电压为 9 V。 【分析】 （1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小 的电流，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出允许加在电路两端的最大电压； （2）先根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，两电阻并联时两端的电压相等，为了不损坏 电阻，电路两端允许的最大电压为两电阻两端允许所

29、加最大电压中较小的电压。 【解答】解： （1）因串联电路中各处的电流相等，且 I10.6A、I20.5A， 所以，两电阻串联时，电路中的最大电流 II20.5A， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由 I可得，该电路两端所加的最大电压： UI（R1+R2）0.5A（15+20）17.5V； （2）由 I可得，两电阻两端允许所加的最大电压分别为： U1I1R10.6A159V，U2I2R20.5A2010V， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，将两定值电阻并联起来接在某一电路中，该电路两端所加的最大电压为 9V。 故答案为：17.5；9。 【点评】本题考查串联、并联电路的规律及

30、欧姆定律的运用，关键是利用好铭牌得出每一个电阻允许通 过的最大电流和允许加的最大电压（照顾承受能力小的） 。 9 （2 分）如图所示，甲图为某小灯泡 L 和某电阻 R 的电流随电压变化的图象，则 R 的阻值为 20 ；将 L 和 R 连成图乙电路，闭合开关 S、S1，当电流表的示数为 0.35A 时，灯 L 的电阻值为 8 。 【分析】 （1）电阻 R 的电流随电压变化的图象为一过原点的直线，故 R 为一定值，由欧姆定律求出 R 的 阻值； （2）将由电路图可知，闭合开关 S、S1，为并联电路，电流表测干路的电流，由并联电路的规律当电压 为 2V 时，R 的电流为 0.1A，灯的电流为 0.2

31、5A，符合并联电路电流的规律，由欧姆定律得出灯 L 的电 阻值。 【解答】解： （1）电阻 R 的电流随电压变化的图象为一过原点的直线，故 R 为一定值，当电压为 3V 时， 电流为 0.15A，由欧姆定律得，R20； （2）闭合开关 S、S1，R、L 并联，电流表测干路的电流，由并联电路的规律，灯与 R 的电压相等， 由图乙知，当电压为 2V 时，R 的电流为 0.1A，灯的电流为 0.25A， 由并联电路电流的规律，电流表示数为： I0.1A+0.25A0.35A，符合题意， 由欧姆定律得，灯 L 的电阻值为： R8。 故答案为：20；8。 【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，

32、关键是从图中获取有效的信息是解题的关键。 10 （3 分）如图所示的电路，电源电压为 3V 且保持不变，滑动变阻器 R1标有“10 1A”的字样。闭合开 关 S，滑动变阻器的滑片 P 在最右端时，通过灯泡 L 的电流为 0.6A，则通电 1min 滑动变阻器 R1产生的 热量为 54 J；在电路安全工作的情况下，向左移动滑动变阻器的滑片 P 时灯泡亮度会 不变 （选填 “变亮” 、 “不变”或“变暗” ） ，此电路最大功率与最小功率之比是 16：9 。 【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最 大，由 QWt 计算通电 1min 滑动变阻器 R

33、1产生的热量； 根据并联电路独立工作、互不影响可知滑片的移动灯泡亮暗的变化情况； 根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的最小电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，根据 PUI 求 出 R1和电路消耗的最小功率； 根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流，根据 PUI 求出电路消耗的最大功率。 【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联， 当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，通电 1min 滑动变阻器 R1产生的热量： Q1W1t60s54J； 因并联电路中各支路用电器独立工作、互不影响，所以滑片的移动灯泡的亮暗不变； 根据欧姆定律可得

34、，通过滑动变阻器的最小电流：I1min0.3A， 由并联电路中电流特点可得，通过干路的最小电流：IminIL+R1min0.6A+0.3A0.9A， 电路消耗的最小总功率：PminUImin3V0.9A2.7W； 由变阻器的铭牌可知，其允许通过的最大电流为 1A，则干路中的最大电流为：ImaxIL+R1max0.6A+1A 1.6A， 则电路消耗的最大总功率为：PmaxUImax3V1.6A4.8W； 此电路最大功率与最小功率之比：Pmax：Pmin4.8W：2.7W16：9。 故答案为：54；不变；16：9。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道并联电路独

35、立工作、 互不影响并能从滑动变阻器的铭牌得出允许通过的最大电流。 二、选择二、选择题（每小题题（每小题 2 分，共分，共 20 分）分） 11 （2 分）下列说法不正确的是（ ） A电路中有电源不一定有电流 B规定正电荷定向移动的方向为电流的方向 C绝缘体不容易导电是因为内部没有大量的电荷 D在一个闭合电路中，在电源外部电流从电源正极流出，经过用电器，流向电源负极 【分析】 （1）电压是使电路形成电流的原因；电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流。 （2）规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。 （3）绝缘体不易导电的原因是，绝缘体内几乎没有自由电荷。 （4）在电源外部，电流的方向是从电源正极

36、流出，经过用电器，流向电源负极。 【解答】解：A、电路中有电源且电路是通路时，电路中才有电流，故 A 说法正确； B、物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故 B 说法正确； C、绝缘体不易导电的原因是绝缘体内的电荷几乎不能自由移动，即几乎没有自由电荷，故 C 说法不正 确； D、闭合电路中，在电源外部电流的方向是从电源正极流出，经过用电器，流向电源负极，故 D 说法正 确； 故选：C。 【点评】 明确电流的方向的规定、 形成电流的原因、 绝缘体不易导电的原因、 电路中电流的方向的理解， 可解答此题。 12 （2 分）如图所示的事例中，属于机械能转化成内能的是（ ） A甲、丙 B甲、丁

37、C乙、丙 D乙、丁 【分析】对物体做功，机械能转化为内能；物体对外做功，将内能转化为机械能。 【解答】解：甲、汽油机的压缩冲程，活塞压缩燃料混合物，将机械能转化为内能，故甲符合题意； 乙、汽油机的做功冲程是内能转化为机械能，故 D 不符合题意； 丙、用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高，此过程机械能转化成内能，故丙符合题意； 丁、按动电火花发生器按钮盒盖飞出，是内能转化为机械能，故丁不符合题意。 故选：A。 【点评】本题考查内能和机械能的转化是一道基础题。 13 （2 分）如图，甲、乙、丙三图的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内液体的初温与质量也相同， 不考虑热量损失，下列说法正确的是（ ）

38、 A对比甲、乙两图，如果燃料 2 的热值较高，最终图乙液体内能较小 B对比乙、丙两图液体最终升高的温度，可以比较两种液体的比热容 C对比甲、丙，如果液体 b 比热容比液体 a 大，那么要升高相同温度，图甲装置需要时间较短 D对比乙、丙，如果燃料 1 的热值比燃料 2 大，那么要升高相同温度，图丙装置需要时间较短 【分析】A、对比甲乙两图，根据已知条件，比较两种燃料放出的热量多少，从而确定甲乙图液体吸收 的热量多少，比较液体的末温高低，质量相同的同种物质，温度越高，内能越大； B、比较 a、b 两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同） ，加热相 同的时间，比较质量和

39、初温相同的液体升高的温度，温度升高越多，则吸热能力越小； C、对比甲、丙两图，找出相同量和不同量，燃料燃烧时相同时间内放出的热量相同； 根据t，比较升温的快慢，据此推理回答； D、如果燃料 1 的热值比燃料 2 大，相同时间燃料 1 放出的热量不一定多，结合 Qcmt 分析。 【解答】解： A、对比甲乙两图，液体的初温与质量相同，且燃料的质量相同，若燃料 2 的热值较高，最终燃料 2 放 出的热量多，则乙图液体吸收的热量多，液体的末温更高，所以图乙液体内能更大，故 A 错误； B、比较两种液体的比热容大小，要控制热源（加热器）相同，即燃料应相同，而乙、丙两图中燃料不 同，放出的热量不相等，不能

40、比较比热容大小，故 B 错误； C、对比甲、丙两图，燃料相同，相同时间内放出的热量相同；若液体 b 比热容比液体 a 大，则液体 b 升温慢、液体 a 升温快，那么要升高相同温度，甲图装置需要时间较短，故 C 正确； D、对比乙、丙两图，如果燃料 1 的热值比燃料 2 大，相同时间燃料 1 放出的热量不一定多，又因不知 液体 ab 的比热容大小关系，根据 Qcmt，故无法确定加热所用的时间长短，故 D 错误. 故选：C。 【点评】本题研究燃料的热值及比较不同物质的吸热能力，考查两实验的相同和不同之处及 Qcmt 的运用。 14 （2 分）关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（ ） A物体的温

41、度升高，内能一定增加 B物体吸收热量，温度一定升高 C0的冰内能为零 D发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体 【分析】 （1）内能与物体的质量、温度和状态有关 （2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化； （3）一切物体都具有内能； （4）发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体。 【解答】解： A.物体的内能与温度有关，物体的温度越高，内能一定越大，故 A 正确； B.物体吸收热量，内能增加，但温度不一定变化，如：晶体熔化，内能增加，但温度不变，故 B 错误； C.因为一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0

42、的冰具有内能，故 C 错误； D.发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，故 D 错误。 故选：A。 【点评】本题考查了温度、内能、热量的关系以及发生热传递的条件，是一道基础题目。 15 （2 分） 如图所示， 斜面长 4m， 高 2m， 工人用 400N 的力沿斜面将重为 600N 的箱子， 从底端推到顶端。 下列说法中正确的是（ ） A有用功为 1800J，总功 1200J B有用功为 1200J，额外功为 800J C总功为 1600J，机械效率为 75% D总功为 800J，机械效率为 75% 【分析】 已知斜面的长度和推力的大小， 根据公式 WFS 可求总功； 已知物

43、体的重力和物体提升的高度， 根据公式 WGh 可求有用功；有用功与总功的比值就是斜面的机械效率。 【解答】解：有用功 W有用Gh600N2m1200J； 总功 W总FS400N4m1600J； 额外功为 W额W总W有用1600J1200J400J； 机械效率 100%75%。 故选：C。 【点评】本题考查有用功、总功、额外功和机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道 斜面的使用原理。 16 （2 分）如图所示，质量为 m 的小球从静止下落，落在竖直放置静止的轻弹簧上的 A 点，到达 B 点时 小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中 C 点是小球到达的最低点（不计空气阻力） ，下列说法正

44、确的是 （ ） A从 A 到 C，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能总量不守恒 B从 A 到 C，小球重力势能减小、动能减小、小球与弹簧机械能总量不变 C到 C 点时，小球的动能为零，小球受到的重力大于弹簧的弹力 D从 A 到 C，小球的机械能一直在减小 【分析】在小球下降过程中，在接触弹簧之前段只有重力做功，则重力势能转化为动能；在 AC 段先做 加速运动后减速运动；到达 C 点后，重力势能与动能完全转化为弹性势能。 【解答】解： AB、小球在下落过程中，质量不变，高度减小，则小球的重力势能减小； 不计空气阻力，在 A 点之前，小球的重力势能转化为动能，动能先增大； 在 AB 段，

45、向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性 势能增加； 在 BC 段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性 势能增加； 综上所述， 下落过程中小球的动能先增大后减小； 不计空气阻力， 整个过程中小球与弹簧无机械能损失， 则小球与弹簧的机械能总量守恒，故 AB 错误； C、到达 C 点时，小球的动能为零；由于在 B 点时重力等于弹力，C 点的弹性形变程度大于 B 点的弹性 程度，所以 C 点的弹力大于 B 点的弹力，即 C 点的弹力大于小球的重力，故 C 错误； D、从 A 到 C 过程中，弹簧的弹性势能增大，且增

46、大的弹性势能是由小球的机械能转化而来的，所以小 球的机械能一直在减小，故 D 正确。 故选：D。 【点评】解答本题关键是要明确能量是如何转化，同时要知道在 B 点时动能最大，在 C 点时速度为零时 动能为零。 17 （2 分）将规格为“2.5V0.3A“的小灯泡 L1和规格为“3.8V0.3A“的小灯泡 L2串联，接在某可调电压 的电源上，在安全的条件下，下列判断正确的是（ ） AL1的电阻大于 L2的电阻 B两个灯泡的亮度相同 C两只灯泡可以同时正常发光 D两只灯泡实际功率相等 【分析】 由题意可知， 两灯泡的额定电流相等， 额定电压不相同， 当两灯泡串联时通过它们的电流相等， 根据欧姆定律

47、比较两灯泡的电阻关系，根据串联电路的电流特点和 PI2R 比较两灯泡的实际功率关系， 实际功率大的灯泡较亮，要注意通过两灯泡的电流和额定电流相等时正常发光。 【解答】解： A、由题意可知，两灯泡的额定电流均为 0.3A，两灯泡的额定电压关系为 U1U2，由 I的变形式 R 可知，两灯泡的电阻关系为 R1R2，故 A 错误； BD、两灯泡串联时通过它们的电流相等，由 PUII2R 可知，此灯泡 L1的实际功率小于灯泡 L2的实 际功率，即灯泡 L2更亮，故 BD 错误； C、两灯泡串联时通过它们的电流相等，在安全的条件下，电路中的电流和两灯泡的额定电流相等时， 两只灯泡可以同时正常发光，故 C

48、正确。 故选：C。 【点评】本题考查了欧姆定律、串联电路电流的特点以及电功率公式的应用，关键是知道灯泡的亮暗取 决于实际功率的大小。 18 （2 分）如图所示，在轻质杠杆上吊一重物 G，在一端施加一个始终与杠杆垂直的拉力 F，使杠杆缓慢 地从 OA 转至水平位置 OB，则在转动过程中（ ） AF 变小 BF 先变大后变小 CF 变大 DF 先变小后变大 【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件 F1L1F2L2分析，力 F 作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后分析阻力臂的变化，并得出正确结果。 【解答】解：由图可知，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变 大，根据杠杆平衡条件 F1L1F2L2可知，动力逐渐变大。 故选：C。 【点评】本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用。能否正确分析重力的阻 力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关