2021届湖南省六校高三上学期联考(一)数学试题(教师版含解析)
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1、湖南六校联考试卷湖南六校联考试卷( (一一) )试卷试卷 一一 选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. . 1. 已知全集= 0,1,2,3,4U,集合 1,2,3 ,2,4AB,则 UA B 为( ) A. 1,2,4 B. 4 C. 0,2,4 D. 0,2,3,4 【答案】C 【解析】 【分析】 首先根据题意求出 UA ,再根据并集运算即可求出结果. 【详解】由题意可知 U 0,4A 所以 0,42,40,2,4 UA B UU. 故选:C. 【点睛】本题主要考查了集合补集和并集的运算,属于基础题. 2. 下
2、列选项中正确的是( ) A. 若acbc,则ab B. 若ab,cd,则acbd C. 若ab,则 11 ab D. 若 22 acbc,则a b 【答案】D 【解析】 【分析】 利用不等式的性质,结合特例法逐一判断即可. 【详解】A:只有当0c 时,才能由acbc推出ab,故本选项不正确; B:只有当 0,0bd时,才能由ab,c d推出acbd,故本选项不正确; C:当 0,1ab 时,显然ab成立,但是 11 ab 显然不成立,因此本选项不正确; D:因为 22 acbc,所以0c ,因此本选项正确. 故选:D 【点睛】本题考查了不等式性质的应用,属于基础题. 3. 已知等比数列 n a
3、中, 3 117 4a aa,数列 n b是等差数列,且 77 ba,则 59 bb( ) A. 2 B. 4 C. 16 D. 8 【答案】D 【解析】 【分析】 利用等比数列性质求出 a7,然后利用等差数列的性质求解即可 【详解】等比数列an中,a3a114a7, 可得 a724a7,解得 a74,且 b7a7, b74, 数列bn是等差数列,则 b5+b92b78 故选 D 【点睛】本题考查等差数列以及等比数列的通项公式以及简单性质的应用,考查计算能力 4. 对于任意两个正整数m,n, 定义某种运算“”如下: 当m,n都为正偶数或正奇数时,mnm n ; 当m,n中一个为正偶数,另一个为
4、正奇数时,mnmn ,则在此定义下,集合 ( , )|12,*,*Ma babab NN中的元素个数是( ) A. 10 个 B. 15 个 C. 16 个 D. 18 个 【答案】B 【解析】 【分析】 根据定义知12ab 分两类进行考虑,, a b一奇一偶, 则12ab,, a b同奇偶, 则12a b , 由, ab N 列出满足条件的所有可能情况即可. 【详解】根据定义知12ab 分两类进行考虑,, a b一奇一偶,则12ab,, a bN,所以 可能的取值为(1,12),(12,1),(3,4),(4,3), 共 4个,, a b同奇偶,则12a b ,由, a bN ,所以可能的取
5、 值为(2,10),(10,2),(1,11),(11,1), 3,9(),(9,3),(4,8),(8,4),(5,7),(7,5),(6,6),共 11个,所以符合要求的共 15 个,故选 B. 【点睛】本题主要考查了分类讨论思想,集合及集合与元素关系,属于中档题. 5. ABC的三内角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c,且满足 coscos ab BA ,则ABC的形状是( ) A. 正三角形 B. 等腰三角形 C. 等腰直角三角形 D. 等腰三角形或直角三角形 【答案】D 【解析】 【分析】 利用正弦定理 sin sinsinsin abaA ABbB ,再结合已知 coscos
6、ab BA 可求得 sincos sincos AB BA ,从而可得 sin2sin2AB,可判断ABC的形状. 【详解】解:ABC中,由正弦定理得: sinsin ab AB , sin sin aA bB ,又 coscos ab BA , sincos sincos AB BA , sin2sin2AB, AB或22AB, 即AB或 2 AB , ABC为等腰三角形或直角三角形. 故选:D. 【点睛】本题考查判断三角形的形状,利用正弦定理化边为角后,由正弦函数性质可得角的关系,得三角 形形状 6. 设常数aR.若 5 2 a x x 的二项展开式中 7 x项的系数为15,则a( ) A
7、. 2 B. 2 C. 3 D. 3 【答案】D 【解析】 【分析】 利用通项公式求出 7 x项的系数且等于-15,建立关于a的方程,求解即可 . 【详解】 5 2 a x x 的二项展开式的通项公式为 5 2 15 r r r r a TCx x 10 3 5 rrr aCx ,0,1,2,3,4,5r . 令10 37r,得1r , 所以展开式中 7 x项 系数为 1 5 15a C ,解得3a. 故选:D. 【点睛】本题考查了二项展开式的通项公式,属于基础题. 7. 唐代诗人李顾的诗古从军行开头两句说:“白日登山望烽火,黄昏饮马傍交河.”诗中隐含着一个有趣 的数学问题一“将军饮马”问题,
8、即将军在观望烽火之后从山脚下某处出发,先到河边饮马后再回军营,怎样 走才能使总路程最短?在平面直角坐标系中,设军营所在区域为 22 1xy,若将军从点3,0A处出发, 河岸线所在直线方程为4xy,并假定将军只要到达军营所在区域即回到军营,则“将军饮马”的最短总 路程为( ) A. 171 B. 172 C. 17 D. 3 2 【答案】A 【解析】 【分析】 求出A关于4xy的对称点 A ,根据题意,则1AC为最短距离,即可得答案; 【详解】设点A关于直线4xy的对称点,A a b ,设军营所在区域为的圆心为C, 根据题意,1AC为最短距离,先求出 A 的坐标, AA 的中点为 3 , 22
9、ab ,直线 AA 的斜率为 1, 故直线 AA 为3yx, 由 3 4 22 3 ab ba ,解得4a,1b, 所以 22 4117AC , 故1171AC , 故选:A. 【点睛】本题考查点关于直线对称及圆外一点到圆上点距离的最小值,考查函数与方程思想、转化与化归 思想,考查逻辑推理能力、运算求解能力. 8. 已知 12 FF, 是椭圆与双曲线的公共焦点,P 是它们的一个公共点,且 12 PFPF,线段 1 PF的垂直平分 线过 2 F,若椭圆的离心率为 1 e,双曲线的离心率为 2 e,则 2 1 e2 e2 的最小值为( ) A. 6 B. 3 C. 6 D. 3 【答案】C 【解析
10、】 【分析】 利用椭圆和双曲线的性质,用椭圆双曲线的焦距长轴长表示 2 1 e2 e2 ,再利用均值不等式得到答案 【详解】设椭圆长轴 1 2a,双曲线实轴 2 2a,由题意可知: 122 2FFF Pc, 又 121122 2 ,2FPF PaFPF Pa, 1112 22 ,22FPcaFPca, 两式相减,可得: 12 2aac, 2 2112 122 242 222 eaa acc ecaca , 2 22 22 2222 1222 4 2842 42 2222 caacecaacac ecacaca , 22 22 2 222 22 aacc caca ,当且仅当 2 2 2 2 a
11、c ca 时取等号, 2 1 e2 e2 的最小值为 6, 故选:C 【点睛】本题考查了椭圆双曲线的性质,用椭圆双曲线的焦距长轴长表示 2 1 e2 e2 是解题的关键,意在考查 学生的计算能力 二二 多选题:本题共多选题:本题共 4 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分. .在每小题给出的选项中,有多项符合题目在每小题给出的选项中,有多项符合题目 要求要求. .全部选对的得全部选对的得 5 分,有选错的得分,有选错的得 0 分,部分选对的得分,部分选对的得 3 分分. . 9. 已知i为虚数单位,则下面命题正确的是( ) A. 若复数3 iz ,则 13 1010 i z
12、B. 复数z满足21zi,z在复平面内对应的点为, x y,则 2 2 21xy C. 若复数 1 z, 2 z满足 2 1 zz,则 12 0z z D. 复数1 3zi 的虚部是 3 【答案】ABC 【解析】 【分析】 直接运算可判断 A;由复数的几何意义和复数模的概念可判断 B;由共轭复数的概念,运算后可判断 C;由 复数虚部的概念可判断 D;即可得解. 【详解】由 1133 3 i3 i3 i1010 ii z ,故 A 正确; 由z在复平面内对应的点为, x y,则221zixyi,即 2 2 21xy , 则 2 2 21xy,故 B 正确; 设复数 1 zabi,则 2 zabi
13、,所以 2 1 2 2 0abiabzbiza,故 C正确; 复数1 3zi 的虚部是-3,故 D 不正确. 故选:A、B、C 【点睛】本题综合考查了复数的相关问题,属于基础题. 10. 下图是某市 6月 1日至 14 日的空气质量指数趋势图,空气质量指数小于 100表示空气质量优良,空气 质量指数大于 200表示空气重度污染,某人随机选择 6月 1 日至 6月 13日中的某一天到达该市,并停留 2 天.下列说法正确的有( ) A. 该市 14 天空气质量指数的平均值大于 100 B. 此人到达当日空气质量优良的概率为 8 13 C. 此人在该市停留期间只有 1天空气重度污染的概率为 2 13
14、 D. 每连续 3天计算一次空气质量指数的方差,其中第 5天到第 7 天的方差最大 【答案】AD 【解析】 【分析】 结合所给统计图,逐个分析判断即可 【详解】 A. 1 (862557 143220 16040217 160 121 158867937)156 14 , 故正确; B.在 6月 1日至 6月 13 日这 13 天中,1日,2日,3日,7日,12 日,13 日共 6 天的空气质量优良,所以此 人到达当日空气质量优良的概率为 6 13 ,故不正确; C.6月 1 日至 6 月 14日连续两天包含的基本事件有 13 个,此人在该市停留期间只有 1天空气重度污染的基 本事件是4,5,
15、5,6,7,8,8,9共 4 个,所以此人在该市停留期间只有 1天空气重度污染的概率是 4 13 ,故不正确; D.空气质量指数趋势图可以看出,从 3月 5 日开始连续三天的空气质量指数方差最大,故正确. 故选:AD. 【点睛】此题考查概率的求法,考查平均数的求法和方差的意义,考查运算求解能力,考查化归与转化思 想,属于中档题 11. 已知四棱台 1111 ABCDABC D的上下底面均为正方形,其中 2 2AB , 11 2AB , 111 2AABBCC,则下述正确的是( ) A. 该四棱台的高为3 B. 11 AACC C. 该四棱台的表面积为 26 D. 该四棱台外接球的表面积为16
16、【答案】AD 【解析】 【分析】 根据棱台的性质,补全为四棱锥,根据题中所给的性质,进行判断 【详解】解: 由棱台性质,画出切割前的四棱锥, 由于 2 2AB , 11 2AB ,可知 11 SA B 与 SAB相似比为1:2; 则 1 24SAAA ,2AO,则2 3SO ,则 1 3OO ,该四棱台的高为3,A对; 因为4SASCAC,则 1 AA与 1 CC夹角为60,不垂直,B错; 该四棱台的表面积为 22 2 14 824106 7 22 SSSS 上底下底侧 ,C错; 由于上下底面都是正方形,则外接球的球心在 1 OO上, 在平面 11 B BOO上中,由于 1 3OO , 11
17、1BO ,则 1 2OBOB,即点O到点B与点 1 B的距离相等,则 2rOB,该四棱台外接球的表面积为16,D对, 故选:AD 【点睛】本题考查立体几何中垂直,表面积,外接球的问题,属于难题 12. 已知函数 2 3 ,0 3 ,0 xx x f x f xx ,以下结论正确的是( ) A. f x在区间4,6上是增函数 B. 220204ff C. 若函数 yf xb在,6上有 6 个零点1,2,3,4,5,6 i x i ,则 6 1 9 i i x D. 若方程 1fxkx恰有 3个实根,则 1 1,1 3 k 【答案】BCD 【解析】 【分析】 根据 ( )f x在 2 ,0上的单调
18、性判断A,根据(2020)( 2)ff判断B,根据图象的对称性判断C,根据 直线1ykx与( )yf x的图象有 3个交点判断D 详解】解:由题意可知当3x 时, ( )f x是以 3 为周期的函数, 故 ( )f x在4,6上的单调性与( )f x在 2 ,0上的单调性相同, 而当0 x时, 2 39 ( )() 24 f xx , ( )f x在 2,0上不单调,故A错误; 又 (2020)( 2)2ff ,故 ( 2)(2020)4ff ,故B正确; 作出( )yf x的函数图象如图所示: 由于( )yf xb在(,6)上有 6个零点,故直线yb与( )yf x在(,6)上有 6 个交点
19、, 不妨设 1ii xx,1i ,2,3,4,5, 由图象可知 1 x, 2 x关于直线 3 2 x 对称, 3 x, 4 x关于直线 3 2 x 对称, 5 x, 6 x关于直线 9 2 x 对称, 6 1 339 2229 222 i i x ,故C正确; 若直线1ykx经过点(3,0),则 1 3 k , 若直线1ykx与 2 3 (0)yxx x相切,则消元可得: 2 (3)10 xk x , 令0 可得 2 (3)40k,解得1k 或5k , 当1k 时,1x,当5k 时,1x (舍),故1k 若直线1ykx与( )yf x在(0,3)上的图象相切,由对称性可得1k 因为方程( )1
20、f xkx恰有 3 个实根,故直线1ykx与( )yf x的图象有 3 个交点, 1 1 3 k 或1k ,故D正确 故选:BCD 【点睛】本题考查了函数零点与函数图象的关系,考查函数周期性、对称性的应用,属于中档题 三三 填空题:本大题共填空题:本大题共 4 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分. .试题中包含两个空的,答对试题中包含两个空的,答对 1 个的给个的给 3 分,全部答对的给分,全部答对的给 5 分分. . 13. 已知1a , 6b , 4aba ,则向量a与b的夹角是_ 【答案】 2 3 【解析】 【分析】 由题得 2 4,a ba 再利用数量积的公式化简即
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