冲刺2022年中考数学压轴题真题精讲精练+变式训练(连云港中考压轴7道变式32道)解析版
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1、连云港卷(压轴7道+变式训练28道)说明:本专辑精选了2021年连云港卷失分较多和难度较大的题目7道,分别是第7题三角形计算问题、第8题圆的计算问题、第16题相似三角形的性质与判定问题、第24题切线的有关计算与证明问题、第25题锐角三角函数的应用问题、第26题二次函数综合问题、第27题几何综合探究压轴问题,每道题精讲精析,配有变式练习各4道,连云港模拟变式训练题共28道,本试题解析共71页.【压轴一】三角形中的计算问题【真题再现】(连云港中考第7题)如图,ABC中,BDAB,BD、AC相交于点D,AD=47AC,AB2,ABC150,则DBC的面积是()A3314B9314C337D637【思
2、路点拨】过点C作BD的垂线,交BD的延长线于点E,可得ABDCED,可得ADCD=ABCE=BDDE,由AD=47AC,AB2,可求出CE的长,又ABC150,ABD90,则CBD60,解直角BCE,可分别求出BE和BD的长,进而可求出BCD的面积【详析详解】解:如图,过点C作BD的垂线,交BD的延长线于点E,则E90,BDAB,CEBD,ABCE,ABD90,ABDCED,ADCD=ABCE=BDDE,AD=47AC,ADCD=43,ABCE=2CE=43=BDDE,则CE=32,ABC150,ABD90,CBE60,BE=33CE=32,BD=47BE=237,SBCD=12BDCE=12
3、32237=3314故选:A【方法小结】本题主要考查三角形的面积,相似三角形的性质与判定,解直角三角形等,看到面积或特殊角作垂线是常见的解题思路,也是解题关键【变式训练】【变式1.1】(2021江苏连云港市七年级期中)如图,已知D、E分别是边AB,BC上的点,设的面积为,的面积为,若,则的值为( )A4B3C2D1【答案】D【分析】SADFSCEFSABESBCD,所以求出三角形ABE的面积和三角形BCD的面积即可,因为AD2BD,BECE,且SABC6,就可以求出三角形ABE的面积和三角形BCD的面积【详解】解:BECE,BEBC,SABC6,SABESABC63AD2BD,SABC6,SB
4、CDSABC62,SABESBCD(S1S四边形BEFD)(S2S四边形BEFD)S1S23-2=1,故选D【点睛】本题考查三角形的面积,关键知道当高相等时,面积等于底边的比,据此可求出三角形的面积,然后求出差【变式1.2】(2021江苏连云港市赣榆实验中学七年级月考)如图,ABC的角平分线CD、BE相交于F,A90,EGBC,且CGEG于G,下列结论:CEG2DCB;ADCGCD;CA平分BCG;DFBCGE其中正确的结论是( )ABCD【答案】B【分析】根据平行线的性质、角平分线的定义、垂直的性质及三角形内角和定理依次判断即可得出答案【详解】EGBC,CEG=ACB,又CD是ABC的角平分
5、线,CEG=ACB=2DCB,故正确;A=90,ADC+ACD=90,CD平分ACB,ACD=BCD,ADC+BCD=90EGBC,且CGEG,GCB=90,即GCD+BCD=90,ADC=GCD,故正确;条件不足,无法证明CA平分BCG,故错误;EBC+ACB=AEB,DCB+ABC=ADC,AEB+ADC=90+(ABC+ACB)=135,DFE=360-135-90=135,DFB=45=CGE,正确故选B【点睛】本题主要考查了角平分线的定义,平行线的性质,三角形内角和定理及多边形内角和,三角形外角的性质,熟知直角三角形的两锐角互余是解答此题的关键【变式1.3】(2021江苏连云港市)如
6、图,已知中,的顶点、分别在边、上,当点在边上运动时,点随之在边上运动,的形状保持不变,在运动过程中,点到点的最大距离为( )A12.5B13C14D15【答案】C【分析】取AB的中点D,连接CD,根据三角形的边角关系得到OCOD+DC,只有当O、D及C共线时,OC取得最大值,最大值为OD+CD,根据D为AB中点,得到BD=3,根据三线合一得到CD垂直于AB,在RtBCD中,根据勾股定理求出CD的长,在RtAOB中,OD为斜边AB上的中线,根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可得OD的值,进而求出DC+OD,即为OC的最大值【详解】解:如图,取AB的中点D,连接CD,AC=BC=10,AB=
7、12,点D是AB边中点,BD=AB=6,CDAB,CD=, 连接OD,OC,有OCOD+DC,当O、D、C共线时,OC有最大值,最大值=OD+CD,AOB为直角三角形,D为斜边AB的中点,OD=AB=6OD+CD=6+8=14,即OC的最大值=14,故选:C【点睛】本题主要考查等腰三角形的性质,直角三角形的性质以及三角形三边之间的关系,掌握三角形任意两边之和大于第三边,是解题的关键【变式1.4】(2021江苏九年级一模)如图,在平面直角坐标系中,半径为2的与轴的正半轴交于点,点是上一动点,点为弦的中点,直线与轴、轴分别交于点、,则面积的最小值为( )A3.5B2.5C2D1.2【答案】C【分析
8、】连接,由垂径定理得,再由圆周角定理得点在以为直径的圆上(点除外),以为直角作,过点作直线于,交于、,利用一次函数解析式确定,则,然后证,利用相似比求出的长,得、的长,当点与点重合时,最大;点与点重合时,最小,然后计算出和得到的范围,即可求解【详解】解:连接,如图,点为弦的中点,点在以为直径的圆上(点除外),以为直径作,过点作直线于,交于、,当时,则,当时,解得,则,即,解得,设面积为,当点与点重合时,最大;点与点重合时,最小,的范围为,面积的最小值为2故选:C【点睛】本题考查了垂径定理:垂直于弦的直径平分这条弦,并且平分弦所对的两条弧也考查了圆周角定理、相似三角形的判定与性质和一次函数的性质
9、,解题的关键是正确寻找点的运动轨迹,属于中考填空题中的压轴题【压轴二】圆中的计算问题【真题再现】(连云港中考第8题)如图,正方形ABCD内接于O,线段MN在对角线BD上运动,若O的面积为2,MN1,则AMN周长的最小值是()A3B4C5D6【思路点拨】由正方形的性质,知点C是点A关于BD的对称点,过点C作CABD,且使CA1,连接AA交BD于点N,取NM1,连接AM、CM,则点M、N为所求点,进而求解【详析详解】解:O的面积为2,则圆的半径为2,则BD22=AC,由正方形的性质,知点C是点A关于BD的对称点,过点C作CABD,且使CA1,连接AA交BD于点N,取NM1,连接AM、CM,则点M、
10、N为所求点,理由:ACMN,且ACMN,则四边形MCAN为平行四边形,则ANCMAM,故AMN的周长AM+AN+MNAA+1为最小,则AA=(22)2+12=3,则AMN的周长的最小值为3+14,故选:B【方法小结】本题是为几何综合题,主要考查了圆的性质、点的对称性、平行四边形的性质等,确定点M、N的位置是本题解题的关键【变式训练】【变式2.1】(2021江苏常州市九年级一模)已知是半径为1的的一条弦,且,以为一边在内作等边三角形,D为上不同于点A的一点,且,的延长线交于点E,则的长为( )AB1CDa【答案】B【分析】通过证,得,从而求出的长【详解】解:连接OE,OA,OB,是等边三角形,;
11、,;,;四边形内接于,即;又,即是等腰三角形;在等腰和等腰中,;故选:B【点睛】此题考查了圆心角、弧、弦的关系,等边三角形的性质,圆内接四边形的性质,全等三角形的判定和性质等知识,综合性强,难度较大;能够发现并证得是解答此题的关键【变式2.2】(2019江苏连云港市九年级其他模拟)如图,为的直径,为上一点,弦平分,交弦于点,则的长为( )A2B4C6D8【答案】C【分析】根据角平分线的定义得到CAD=BAD,根据圆周角定理得到DCB=BAD,证明DCEDAC,根据相似三角形的性质求出AD,结合图形计算,得到答案【详解】解:AD平分BAC,CAD=BAD,由圆周角定理得,DCB=BAD,CAD=
12、DCB,又D=D,DCEDAC,即,解得,AD=8,AE=ADDE=82=6,故选:C【点睛】本题考查的是相似三角形的判定和性质、圆周角定理,掌握相似三角形的判定定理和性质定理是解题的关键【变式2.3】(2020江苏连云港市九年级学业考试)如图,是半圆的直径,点在半圆上,是弧上的一个动点,连接,过点作于,连接,在点移动的过程中,的最小值是( )A6BCD7【答案】A【分析】取AD的中点M,连接BD,HM,BM由题意点H在以M为圆心,MD为半径的M上,推出当M、H、B共线时,BH的值最小.【详解】解:如图,取AD的中点M,连接BD,HM,BMDHAC,AHD=90,点H在以M为圆心,MD为半径的
13、M上,当M、H、B共线时,BH的值最小,AB是直径,ADB=90,BD=,BM=,BH的最小值为BM-MH=8-2=6故选:A【点睛】本题考查点与圆的位置关系、勾股定理、圆周角定理等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,利用辅助线圆解决问题,属于中考选择题中的压轴题【变式2.4】(2021江苏连云港市九年级期末)如图,在ABC中,DEBC,则下列结论中正确的是( )ABCD【答案】C【解析】试题解析:,DEBC,ADEABC,故A,B,D错误,故选C 考点:相似三角形的判定与性质【压轴三】相似三角形的性质与判定【真题再现】(连云港中考第16题)如图,BE是ABC的中线,点F在BE上,延长AF交
14、BC于点D若BF3FE,则BDDC=32【思路点拨】过点E作EGDC交AD于G,可得AGEADC,所以GEDC=AEAC=12,得到DC2GE;再根据GFEDFB,得GEDB=EFBF=13,所以DCDB=23,即BDDC=32【详析详解】解:如图,BE是ABC的中线,点E是AC的中点,AEAC=12,过点E作EGDC交AD于G,AGEADC,AECC,AGEADC,GEDC=AEAC=12,DC2GE,BF3FE,EFBF=13,GEBD,GEFFBD,EGFBDF,GFEDFB,GEDB=EFBF=13,DCDB=23,BDDC=32,故答案为:32【方法小结】本题考查了相似三角形的判定与
15、性质,过点E作EGDC,构造相似三角形是解题的关键【变式训练】【变式3.1】(2021全国八年级单元测试)如图,等腰中,于,且则_【答案】【分析】在RtBCD中,由勾股定理求出CD,再设AD=x,则AB=AC=AD+CD=6+x,最后在RtABD中由勾股定理求出x即可求解【详解】解:在RtBCD中,由勾股定理可知,设AD=x,则AB=AC=AD+CD=x+6,在RtABD中,由勾股定理可知AB=AD+BD,代入数据:(x+6)=x+8,解得x=,故答案为:【点睛】本题考查了勾股定理解直角三角形,本题的关键是设AD=x,进而将AB用x的代数式表示,在RtABD中使用勾股定理求出x求解【变式3.2
16、】(2021江苏连云港市九年级期末)如图,四边形与四边形位似,位似中心点是,则_【答案】.【分析】由,得即,得到位似比,根据位似的性质计算即可.【详解】,即,四边形与四边形位似,故答案为.【点睛】本题考查了图形的位似,准确将线段的比转化为位似图形的位似比是解题的关键.【变式3.3】(2020东海晶都双语学校)如图,CE是平行四边形ABCD的边AB的垂直平分线,垂足为点O,CE与DA的延长线交于点E,连接AC,BE,则下列结论:AC=AD;AO=;四边形ACBE是菱形;其中正确的结论有_(填写所有正确结论的序号)【答案】;【分析】根据平行四边形的性质以及判定定理、菱形的判定方法、平行线分线段成比
17、例定理一一判断即可;【详解】解:解:四边形ABCD是平行四边形,ABCD,AB=CD(平行四边形对边相等且平行),EC垂直平分AB,故正确,OADC, ,AE=AD,OE=OC,OA=OB,OE=OC,四边形ACBE是平行四边形(对角线相互平分的四边形是平行四边形),ABEC,四边形ACBE是菱形(对角线相互垂直的四边形是菱形),故正确,DCE=90,DA=AE,AC=AD=AE,故正确;,故正确;综上均正确,故答案为:;【点睛】本题考查平行四边形的性质以及判定定理、菱形的判定和性质、平行线分线段成比例定理,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,属于中考常考题型【变式3.4】(2020江苏连云
18、港市九年级二模)如图,在平行四边形ABCD中,B120,AB与CD之间的距离是,AB28,在AB上取一点E(AEBE),使得DEC120,则AE_【答案】12或24【分析】过点D作DGAB,在AB上截取AFAD,可证ADF为等边三角形,由AB与CD之间的距离是,可求得AD,AF,DF及BC;设AEx,证得DFEB,FEDBCE,可得FEDBCE,利用相似三角形的性质可得答案【详解】解:如图,过点D作DGAB,在AB上截取AFAD在平行四边形ABCD中,B120,A60ADF为等边三角形AB与CD之间的距离是,DG,ADG30sin60AD8AGFG4,DF8,BC8设AEx,则FEx8AB28
19、,BE28xDEC120,B120FED+BEC60,BCE+BEC60FEDBCEADF为等边三角形AFD60DFE120DFEB,FEDBCEFEDBCE解得x112,x224故答案为:12或24【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质,熟练掌握相似三角形的判定与性质及平行四边形的性质、等边三角形的性质等,是解题的关键【压轴四】切线的有关计算与证明问题【真题再现】(连云港中考第24题)如图,RtABC中,ABC90,以点C为圆心,CB为半径作C,D为C上一点,连接AD、CD,ABAD,AC平分BAD(1)求证:AD是C的切线;(2)延长AD、BC相交于点E,若SEDC2SABC,求tanB
20、AC的值【思路点拨】(1)根据SAS证明BACDAC,所以ADCABC90,进而CDAD,所以AD是C的切线;(2)易证EDCEBA,因为SEDC2SABC,且BACDAC,所以SEDC:SEBA1:2,根据相似三角形的面积比等于相似比的平方得:DC:BA1:2,根据正切的定义即可求出tanBAC的值【详析详解】解:(1)证明:AC平分BAD,BACDAC又ABAD,ACAC,BACDAC(SAS),ADCABC90,CDAD,即AD是C的切线;(2)由(1)可知,EDCABC90,又EE,EDCEBASEDC2SABC,且BACDAC,SEDC:SEBA1:2,DC:BA1:2DCCB,CB
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