2021年广东省汕头市龙湖区中考模拟物理试卷（含答案解析）

《2021年广东省汕头市龙湖区中考模拟物理试卷（含答案解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年广东省汕头市龙湖区中考模拟物理试卷（含答案解析）（19页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、2021 年广东省汕头市龙湖区中考物理模拟试卷年广东省汕头市龙湖区中考物理模拟试卷 一选择题（共一选择题（共 7 小题，满分小题，满分 21 分，每小题分，每小题 3 分）分） 1 （3 分）下列常见数据中，与生活实际接近的是（ ） A人体的安全电压是 36V B托起一个鸡蛋的力是 1N C南山顶上的压强约为 1105Pa D电视机正常工作时电流约为 0.5A 2 （3 分）目前，科学家常用高能量的粒子撞击另一微观粒子的方法来研究某种微观粒子的结构，经科学测定，质子、中子、电子的质量分别为 1.67261027kg、1.67481027kg、9.11761031kg 若条件允许，将这三种微观粒

2、子的其中一种加速成高能量的粒子，然后分别去撞击另外两种粒子，假设相撞击的种粒子可以合成为一种粒子，则下列说法中较为合理的是（ ） A中子与电子结合可以形成质子 B质子与电子结合可以形成中子 C中子与质子结合可以形成电子 D中子与质子结合可以形成分子 3 （3 分）关于核能、地热能、潮汐能的说法，正确的是（ ） A核燃料、地热能和潮汐能等都是可再生能源 B核能是清洁型能源，对人类不会造成任何危害 C目前核电站获得核能的途径是核裂变的可控链式反应 D地球上的核能、地热能和潮汐能都是来自太阳 4 （3 分）下列情形中，物体运动状态不发生变化的是（ ） A雨滴在空中加速下落 B电梯在匀速上升 C钟表的

3、分针匀速转动 D球在水平地面越滚越慢 5 （3 分）小明将一个电暖器插头插入插座，闭合电暖气开关后，发现空气开关自动“断开” ，下列说法正确的是（ ） A电暖器使用三线插头是防止触电而采取的安全措施 B空气开关断开的原因一定是因为插座短路 C空气开关断开的原因可能是因为电暖器开关短路 D将正在工作的电暖器开关断开后，电暖器温度逐渐降低，内能逐渐增大 6 （3 分）如图是某种汽车质量测试仪（俗称地磅）的工作原理图，电源电压保持不变，压力传感器的电阻会随着受到的压力的增加而减小，汽车开上踏板，质量显示表的指针就会显示出待测汽车的质量。下列关于测试仪的说法正确的是（ ） A作用在 B 点的力为动力，

4、图中的 ABO 是一个省力杠杆 B质量显示表是用电压表改装而成的 C质量显示表表盘上的刻度值越往右越小 D汽车质量越大，电路消耗的总功率越大 7 （3 分）周杰同学采用如图所示的两种不同的方式将同一货物搬运到同一辆汽车上，其中说法正确的是（ ） A甲种方法克服货物的重力做功多 B乙种方法所做有用功多 C两种方法机械效率相等 D两种情况下，对货物做的有用功相同 二填空题（共二填空题（共 7 小题，满分小题，满分 21 分，每小题分，每小题 3 分）分） 8 （3 分）通过学习你一定发现了电和磁之间存在着很多相似之处，如表所示，将电现象和磁现象的某些相似之处作了对比，请仿照示例完成该表。 电现象

5、磁现象 示例 电荷有正、负两种 磁体有南、北两极 带电体能吸引轻小物体 同名磁极相互排斥 9 （3 分）我国交流电的频率是 Hz，家庭电路的电压是 V。 10 （ 3 分 ）如 图 所示是 一 款 奶 油冰 棍 ，当剥 开 包 装 纸时 会 闻到一 股 奶 油 的香 味 ，这是 由于 ；同时观察到冰棍周围有“白气” ，这是冰棍周围空气中的水蒸气遇冷 （填物态变化名称）形成的；吃冰棍能让人感觉凉快，是因为除了冰棍本身的温度较低外，冰棍在嘴中熔化时要 。 11 （3 分）甲、乙灯泡串联接入电压一定的电路中，甲灯的功率为 P甲，乙灯的功率为 P乙；若把甲灯和乙灯并联接入同一电路中，则甲灯的功率为 。

6、 12 （3 分）图中高 2.35m、质量只有 10kg 的“熊猫木偶” ，在 2018 年平昌冬奥会闭幕式上惊艳亮相，它是用密度较 的材料制成的。轮滑少年用脚向后蹬地快速前行，这说明物体间力的作用是 的。 13 （3 分）玄武湖的樱花节引来大量游客，游客在花海中穿行，樱花树相对于游客是 （选填“运动”或“静止” ）的。游客们用手机发朋友圈，手机是利用 发送信息，其在真空中传播的速度为 m/s。 14 （3 分） 如图甲所示， 为额定电压为 6V 的灯泡 L 的 IU 图像。 如图乙所示的电路， 电源电压 12V 不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关 S1，滑片 P 从最右端移动到

7、最左端，电压表示数变化范围为 2V6V，则灯泡的额定功率是 W，R1的阻值为 ，滑动变阻器 R2两端的最大电压为 V，移动滑片 P 使 R2接入电路的阻值为变阻器最大阻值的，通电 1minR2产生的热量为 J。 三作图题三作图题（共（共 4 小题，满分小题，满分 8 分，每小题分，每小题 2 分）分） 15 （2 分）如图所示，F 点是凹透镜的虚焦点，O 点是光心，请画出两条光线经过凹透镜的光路图。 16 （2 分）电磁铁通电后，小磁针静止在如图所示位置，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电磁铁的磁性增强。请在图中用笔画线代替导线，把元件连接起来（连线不要交叉） ，并标出电磁铁的 N 极。 17

8、（2 分）请在图中的虚线框内设计一电路图：连接导线，使护士看见 L1灯亮知道 1 号病房有人呼叫，看见 L2灯亮知道 2 号病房有人呼叫。 18 （2 分）如图所示，在杠杆 AOB 的 A 端挂一重物 G，要使杠杆在如图所示的位置平衡，请画出在杠杆上施加的最小动力 F 及其力臂 L 的示意图。 四实验探究题（共四实验探究题（共 3 小题，满分小题，满分 19 分）分） 19 （5 分） （1）图 a 所示，温度计的示数是 。 （2）图 b 所示，物体 A 的长度是 cm。 （3）图 c 所示，弹簧测力计的示数是 N。 （4）图 d 是天平平衡时砝码质量与游码的示数，则被测物体质量是 kg。 （

9、5）图 e 这是小明家 4 月初与 4 月底电能表示数，若 0.6 元一度电，则 4 月应缴电费 元。 20 （7 分）如图所示，是“探究凸透镜成像规律”的实验。 （1） 将蜡烛置于图中 B 处时， 移动光屏到 D 处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物的大小相等。则该凸透镜的焦距是 cm。 （2）把蜡烛移动到处，光屏上的像变得模糊，要使像变清晰，光屏应向 （填“左“或右” ）移动，直到光屏上呈现清晰的像，此时光屏上的像是倒立、 的实像。 （3） 当光屏上成清晰的像时， 小华用不透明的纸板挡住透镜下半部分， 则光屏上所成的像 （选填“完整”或“不完整” ） 。 （4）实验时，由于实验时间较长

10、，蜡烛变短，烛焰的像在光屏上的位置会向 （选填“上”或“下” ）方移动。 21 （7 分）在“研究小灯泡电阻”的实验中，实验小组的同学们设计了如图所示电路进行实验，所用的新灯泡铭牌标有“2.5V”的字样，滑动变阻器的规格是“20 1A” 。 次数 1 2 3 U/V 1.0 1.5 2.5 I/A 0.20 0.25 0.30 R/ 5 6 8.3 亮度 稍亮 较亮 更亮 （1）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数为零，电压表示数接近于电源电压，则电路中发生的故障可能是 。 （2）正确连接电路后，同学们进行了三次测量，将实验证据记录在上面的表格中。实验中观察灯泡亮度的目的是 。

11、分析表格中证据，得出的结论是 。 （3）实验结束后，不慎电流表损坏，你如何利用现有的器材测出一个未知电阻 Rx的阻值，请简述你的实验过程（也可以画图配合文字说明） 。并写出未知电阻 Rx的表达式（需要测量的物理量用对应的符号表示） 。 五计算题（共五计算题（共 2 小题，满分小题，满分 13 分）分） 22 （6 分）每天都会有许多全国各地的人民群众，来到天安门广场观看升国旗仪式.天安门广场上的国旗，每天都会随太阳一起升起，25000 次零失误.这是护卫国旗的战士们，一天一个两万步，两年一个新长征的训练缔造的奇迹。天安门广场上的国旗总重为 175N，升旗时（如图） ，国旗上升高度为 30m，所

12、使用时间 2 分 07 秒.求解下列问题： （1）国旗上升的平均速度是多少？（保留一位小数） （2）将国旗沿竖直方向匀速升高 30m，拉力对国旗做的功是多少？ （3）若某持枪战士总重约为 700N，估算该战士站立时对水平地面的压强。 23 （7 分）浴室中的平面镜往往凝结大量的小水滴，导致成像模糊，而浴室防雾镜的背面粘贴有等大的电热膜，通电后镜面受热，水蒸气无法凝结其上，成像清晰。如图所示是某型号的浴室防雾镜，其相关数据如表： 面积大小 100dm2 镜子质量 1.2kg 额定电压 220V 额定功率 1W/dm2 （1）在某次洗浴中，浴室温度为 30，正常工作 2min 使平面镜的平均温度升

13、高到 40，求电热膜对平面镜的加热效率。玻璃的比热容为 0.8103J/（kg） （2） 如图乙所示， 小夏给防雾镜电路连接了一个滑动变阻器R， 能使电热膜的功率在原功率的25%100%之间变化，以满足不同季节使用的需要。求滑动变阻器 R 的最大阻值。 六综合能力题（共六综合能力题（共 3 小题，满分小题，满分 18 分）分） 24 （5 分）阅读短文回答问题： “歼20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。 “歼20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率， 并采用先进的光传操纵系统， 以光信号的形式

14、传物信号， 可随时保证飞机与地面的联系。“歼20”配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统，该飞机最大起飞质量为 37t，最大飞行高度达 20km，最大航行速度达 2880km/h，最大载油量为 10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表： （已知飞机发动机的效率是 30%，航空燃油的热值为 5107J/kg） 速度 v（m/s） 100 200 300 400 500 阻力 f/N 0.3104 1.2104 2.7104 4.8104 7.5104 （1） “歼20”飞机表面能 （反射/吸收）对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。飞行携带的燃油属于 （常规/新）能

15、源； （2）下列说法中不正确的是 A.飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力 B.“歼20”飞机在空中加油时，与加油机处于相对静止 C.飞机与地面的联系采用电磁波的形式传输信号 D.当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于平衡状态 （3） 当飞机以 400m/s 的速度巡航时， 飞机发动机的输出功率为 kW。 若在飞机油箱中加满燃油，并且以 500m/s 的速度巡航时，飞机的最大航程约为 km； （4）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为 500kg/m2，则机翼面积为 m2。 飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值， 则该 “歼20”飞机

16、的推重比约为 （计算结果保留 1 位有效数字） ； （5） 飞机利用测距传感器来判断离地高度。 若某测臣传感器的阻值 R 与离地高度 h 的关系如图甲所示，如图乙所示的检测电路采用了“稳流电源” （电源输出的电电流恒定） ，要使高度表（实质是电流表或电压表）示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在 （1/2/3）位置，该高度表示刻度 （均匀/不均匀） 。 25 （7 分）阅读下列短文，回答问题： 电阻式触摸屏 触摸屏被广泛用于诸如平板电脑、智能手机、汽车车载显示屏等人机交互场景。电阻式触摸屏是触摸屏技术中一种，它的结构如下图 1、图 2 所示。 当手指触摸屏幕时，平常相互绝缘的两层 I

17、TO 导电涂层就在触摸点位置有了一个接触，因其中一面导电层接通 y 轴方向的 Uy伏均匀电压场，使得侦测层的电压由零变为非零，控制器侦测到这个接通后，进行A/D 转换，并将得到的电压值与 Uy伏相比，即可得触摸点的 y 轴坐标，同理得出 x 轴的坐标，这就是所有电阻技术触摸屏共同的最基本原理。 （1）按图 1 手指触摸方式触压屏幕，压力为 1N，则手指对屏幕压强大小的数量级为 。 A.102Pa B.104Pa C.106Pa D.103Pa （2）以 y 层竖直方向为例，触摸屏相当于一根电阻丝，触摸时，触摸点 P 将电阻丝分为上下两部分，设上部分电阻为 R1，下部分电阻为 R2，结构可等效为

18、如图 3 所示电路。 如图 3，当触点在 P 时，测得 R2两端电压为 U2、通过触摸屏的电流为 I2。若手指从 P 点上滑，则电压 U2 、电流 I2 。 （均选填“增大” 、 “减小”或“不变” ） 电源电压为 Uy，接通电源，R2两端电压 U2 ，y 涂层的耗电功率 P 。 若 Uy6V，y 涂层有效长度为 15cm。某次触摸，测得下边缘 R2两端电压 U25V，则触摸点到下边缘的距离为 。 26 （6 分）短文阅读，回答问题： 汕头海湾隧道 汕头海湾隧道是我国第一条地处 8 级抗震设防烈度区的最大直径海底盾构隧道，隧道工程线路全长约6.8km， 其中北岸接线长 0.5km， 隧道长 4

19、.95km， 南岸接线长 1.35km； 如图 1 所示， 汕头海湾隧道于 2021年实现通车。届时隧道双向六车道，设计行车速度为时速 60km/h。 海湾隧道采用了首台具有自主知识产权的国产超大直径泥水盾构机，堪称地下工程高端装备的“大国重器” 。 盾构机的外形如图 2 所示， 盾构机由中铁隧道局集团针对汕头海湾隧道的特殊地质条件 “量身定制” 。一台泥水盾构机刀盘直径 15.01m，相当于五层楼高度，全长 130m，总质量 4600t，总功率 10800kW，掘进速度约 20mm/min， 有上万个零部件组成， 海底隧道从海床以下 13 米深的地底由南向北穿越汕头海湾。 请思考并回答下列问

20、题： （g10N/kg） （1）泥水盾构机由大型的马达提供动力转动，马达的工作原理是 ；石头在刀盘的作用下粉碎，应用到的物理知识是 。 （2） 一辆汽车从隧道的北岸接线处行驶到隧道的南岸接线处，隧道的两岸接线处分别了设置测速监测点A 与监测点 B（如图 3 所示） ，则该汽车 （选填“会”或“不会” ）超速。 （3）盾构机启用前，需通过大型起重机将其下降至海面以下，下降 20m 时，盾构机受到海水的压强为 Pa（海水1.0103kg/m3） 。盾构机重力做功为 J。盾构机挖掘隧道 1 小时，消耗的电能为 kWh。 参考答案参考答案 一选择题（共一选择题（共 7 小题，满分小题，满分 21 分，

21、每小题分，每小题 3 分）分） 1解：A、经验证明，只有不高于 36V 的电压对人体才是安全的。故 A 不符合实际； B、 一个鸡蛋的质量在 50g0.05kg 左右， 托起一个鸡蛋的力在 FGmg0.05kg10N/kg0.5N 左右。故 B 不符合实际； C、大气压强随海拔高度的增加而减小，海平面处的气压在 1105Pa，山顶气压要小于此数值。故 C 不符合实际； D、电视机的功率在 110W 左右，正常工作的电流在 I0.5A 左右。故 D 符合实际。 故选：D。 2解：若条件允许，可以把电子加速成高能量的粒子，然后去撞击质子，电子和质子可以结合成中子。 故选：B。 3解： A、地热能、

22、潮汐能都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，核燃料是不可再生能源，故 A 错误； B、 核燃料和核废料具有放射性， 一旦发生核泄漏就有可能会造成重大人员伤亡和环境污染， 故 B 错误； C、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，核电站的链式反应是在人工控制下缓慢进行的，故 C正确； D、核能和地热能来自于地球内部，潮汐能是月球与地球共同作用形成的，不是来自太阳，故 D 错误。 故选：C。 4解： A、雨滴在空中加速下落，速度大小发生变化，其运动状态发生改变，故 A 错误； B、电梯在匀速上升时，其速度大小和运动方向都不变，则运动状态不发生变化，故 B 正确； C、钟表的分针匀速

23、转动，速度大小不变，但运动方向在改变，其运动状态发生改变，故 C 错误； D、球在水平地面越滚越慢，速度大小发生变化，其运动状态发生改变，故 D 错误。 故选：B。 5解： A、电暖气有金属外壳，使用三线插头是防止因外壳带电而触电采取的安全措施，故 A 正确； BC、空气开关断开的原因有两个：短路或者是用电器的总功率过大，故 BC 错误； D、将正在工作的电暖器开关断开后，电暖器温度逐渐降低，内能逐渐减小，故 D 错误。 故选：A。 6解：A、由图可知，测量时，压力杠杆 ABO 的支点在 0 点，压力的力臂是 OB，传感器的力臂是 OA，OAOB，则此杠杆为费力杠杆，A 错误； B、由电路图可

24、知，质量显示表串联在电路，应为电流表改装而成的，故 B 错误； C、 根据杠杆的平衡条件 F1L1F2L2可知， 力臂不变， 汽车质量越大， 压力传感器电阻受到的压力越大，电阻越小，由 I知，质量显示表的示数越大，因此质量显示表的指针偏转角度会随着质量的增加而增大，故 C 错误； D、质量越大，压力传感器的电阻会越小，由 P可知，该电路消耗的功率越大，故 D 正确。 故选：D。 7解： A、用两种不同的方式将同一货物搬运到同一辆汽车上，有用功都是克服货物重力所做的功，且物重和上升的高度都相同，根据 WGh 可知，两种情况下克服货物的重力做功（即有用功）是相同的，故 AB错误，D 正确。 C、使

25、用机械（甲图的斜面就是一种机械）与不使用机械（乙图）相比，需要克服斜面的摩擦和克服人的重力做额外功，则甲图中推力做的总功更大，根据机械效率公式可知甲图的机械效率是更低的，故 C错误。 故选：D。 二填空题（共二填空题（共 7 小题，满分小题，满分 21 分，每小题分，每小题 3 分）分） 8解：据电和磁的知识，对照分析即可， 即电荷分正负、能吸引轻小物体、同种排斥、带电体周围有电场； 磁铁分南北极、能吸引铁磁性物质、同名排斥、发现周围有磁场。 故答案为：能吸引铁磁性物质；同种电荷相互排斥。 9解： 由电学常识可知，我国照明用的交流电的电压是 220V，我国电站输出的交流电频率是 50Hz。 故

26、答案为：50；220。 10解： （1）能闻到冰棍的奶油香味，是分子无规则运动的结果； （2） “白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴； （3）吃冰棍让人感觉凉快，主要是因为冰棍熔化是要吸收热量。 故答案为：分子在永不停息地做无规则运动；液化；吸热。 11解： （1）甲、乙两灯泡串联时， 串联电路中各处的电流相等， 由 PI2R 可得，两灯泡的电阻之比： ，即 R乙R甲， 串联电路中总电压等于各分电压之和， 由 PUI 可得，电源的电压： UU甲+U乙+（1+） ； （2）甲灯和乙灯并联接入同一电路中时， 并联电路中各支路两端的电压相等， 甲灯的功率： P甲P甲（1+）2。 故答案为：。

27、 12解： （1） 由 “高度达到 2.35 米， 质量却只 10kg” 知， 此道具的体积虽然较大， 但质量不大， 由公式 知，其制作材料的密度较小； （2）轮滑少年用脚向后蹬地时，由于物体间力的作用是相互的，人给地面施加力的同时地面也给人施加力，所以轮滑少年会快速前行。 故答案为：小；相互。 13解：游客在花海中穿行，樱花树相对于游客发生了位置变化，所以樱花树相对于游客是运动的； 手机是利用电磁波发送信息，其在真空中传播的速度为 3108m/s。 故答案为：运动；电磁波；3108。 14解： （1）由灯泡 L 的 IU 图像可知，当额定电压 U6V 时，灯泡的额定电流 I0.6A， 则灯泡

28、额定功率 PUI6V0.6A3.6W； （2）由电路图可知：闭合开关 S1，滑动变阻器 R2、R1、灯泡 L 串联，电压表测量灯泡两端的电压， 当滑片 P 在在最左端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为 6V，由图像可知，这时电路中的电流为 I大0.6A， 由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压：UUL+I大R1， 即：12V6V+R10.6A， 解得 R110； 当滑片 P 在最右端时，滑动变阻器全部接入电路，此时电压表示数最小，为 UL小2V，由图像可知，这时电路中的电流为 I小0.4A， 由 I可得，U1I小R10.4A104V， 由串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可

29、得： 滑动变阻器 R2两端的最大电压 U2UU1UL小12V4V2V6V； （3）由 I可得，R2的最大阻值 R215， 则 R2接入电路的阻值 R2R2157， 因电源电压 U12V，结合灯泡 L 的 IU 图像可知，当 I0.5A 时，电路两端的总电压等于电源电压； 即：UL3.5V，U1IR10.5A105V，U2IR20.5A73.5V； 所以，通电 1minR2产生的热量： QI2R2t（0.5A）2760s105J。 故答案为：3.6；10；6；105。 三作图题（共三作图题（共 4 小题，满分小题，满分 8 分，每小题分，每小题 2 分）分） 15解：经过光心的光线传播方向不变；

30、射向另外一侧虚焦点的光线经过凹透镜折射，折射光线平行于主光轴，如下图： 16解：已知小磁针的右端为 N 极，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁的左端为 S 极，右端为 N 极。 由安培定则可确定，电流要从电磁铁的左端流入，右端流出。滑片 P 向左移动，电阻增大，就要选取滑动变阻器的左下面的接线柱。故电路图设计如下： 17解：由题意可知，两灯泡并联，病房内各有一个开关控制对应的灯泡，且开关位于控制火线，零线直接进灯泡，设计的电路图如下图所示： 18解：杠杆在图示位置平衡，阻力 G 与阻力臂 OA 一定，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OB 为最大动力臂，

31、此时动力最小，过 B 点作垂直于 OB 向下的动力 F 即可，如图所示： 。 四实验探究题（共四实验探究题（共 3 小题，满分小题，满分 19 分）分） 19解： （1）由图知：温度计上 10之间有 10 个小格，所以一个小格代表的温度是 1，即此温度计的分度值为 1；液柱最高处在“0”以下，所以显示的温度低于 0，为13； （2）图示刻度尺 1cm 又分为 10 个小刻度，故最小刻度值为 1mm；起始端没从 0 开始，把 2.00cm 处当作“0”刻度，末端刻度值为 6.50cm，物体 A 长度为 L6.50cm2.00cm4.50cm； （3）由图知：弹簧测力计上 1N 之间有 5 个小格

32、，所以一个小格代表 0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N此时指针指在“3.6”处，所以弹簧测力计的示数为 3.6N； （4）图中天平标尺的分度值是 0.2g，游码对应刻度的质量是 2.4g，再加上砝码质量 50g，故物体质量为52.4g0.0524kg； （5）4 月份小明家消耗的电能：6327.1kWh6112.1kWh215kWh； 本月应缴纳的电费：0.6 元/kWh215kWh129 元。 故答案为： （1）13； （2）4.50； （3）3.6； （4）0.0524； （5）129。 20解： （1）由图知 uv20.0cm，则 20.0cm2f，则 f10.0cm； （2）把

33、蜡烛移到 A 处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；此时物距大于 2f，所以在光屏上成倒立缩小的实像； （3）用不透明的纸板挡住透镜下半部分，蜡烛发出的光线依然会射向凸透镜的上半部分，经凸透镜上半部分折射后，同样可以聚成像，像的大小不发生变化，只是折射光线减少，会聚成的像变暗，所以光屏上所成的像依然是完整的； （4）蜡烛变短，由于光屏上所成的像是倒立的，所以烛焰的像在光屏上的位置会向上方移动。 故答案为： （1）10.0； （2）左；缩小； （3）完整； （4）上。 21解： （1）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数为零，电路可能断路，电压表示数接近于电源电

34、压，则电源表与电源连通，故电路中发生的故障可能是灯泡断路。 （2）灯的亮度由灯的功率决定，灯的实际功率越大（灯丝的温度越高）灯越亮，故实验中观察灯泡亮度的目的是比较灯泡温度的高低； 分析表格中证据知，第 1 次实验灯的实际功率为： P1U1I11.0V0.20A0.2W； 同理第 2、3 次灯的实际功率分别为：0.375W 和 0.75W； 实验中灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯的电阻变大，故得出的结论是：灯泡的电阻随着温度的升高而增大。 （3）根据滑动变阻器的规格是“20 1A” ，可知变阻器的最大电阻为 20； 实验步骤为： a、将变阻器与未知电阻串联，电压表与未知电阻电阻并联； b、将滑

35、片移至最大阻值处，闭合开关，读出电压表的示数 U1； c、将滑片移至最小阻值处（即为 0） ，闭合开关，读出电压表的示数 U2； 在 b 中，变阻器与待测电阻串联，电压表测未知电阻两端的电压， 在 c 中，电路为待测电阻 Rx的简单电路，电压表测电源电压， 因串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和， 所以，变阻器两端的电压：U滑U2U1； 则电路中的电流：I 则待测电阻的阻值： Rx 由可解得：RxR滑20。 故答案为： （1）灯泡断路； （2）比较灯泡温度的高低；灯泡的电阻随着温度的升高而增大； （3）见解答。 五计算题（共五计算题（共 2 小题，满分小题，满分 13 分）分） 22解：

36、（1）国旗上升的时间：t2min7s127s， 国旗上升的平均速度： v0.2m/s； （2）拉力对国旗做的功： WFsGh175N30m5250J； （3）战士双脚站立时与地面的接触面积约为： S500cm25102m2， 战士对地面的压力：FG700N， 该战士站立时对水平地面的压强： p1.4104Pa。 答： （1）国旗上升的平均速度是 0.2m/s； （2）拉力对国旗做的功为 5250J； （3）该战士站立时对水平地面的压强为 1.4104Pa。 23解： （1）正常工作 2min，平面镜吸收的热量： Q吸cmt升0.8103J/（kg）1.2kg（4030）9.6103J， 求电热

37、膜的加热功率 PP额1W/dm2100dm2100W， 则正常工作 2min，电流产生的热量： QWPt100W260s1.2104J， 加热效率： 100%100%80%。 （3）当滑动变阻器阻值最大时，P实25%P额25%100W25W， 根据 P可得电热膜的电阻 R0484， 由 PI2R 可得，IA， 由欧姆定律可得：R总968， 根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：RR总R0968484484。 答： （1）求电热膜对平面镜的加热效率为 80%。 （3）滑动变阻器 R 的最大阻值为 484。 六综合能力题（共六综合能力题（共 3 小题，满分小题，满分 18 分）分） 24解： （

38、1）歼20 采用了局部等离子体隐身技术，能吸收对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身；飞行携带的燃油属于常规能源； （2）A、飞机的机翼做成流线型，其目的是为了减小空气的阻力，故 A 正确； B、比热容大的物体在同等情况下，升高相同温度时，吸收的热量更多，故采用比热容较大的液体作为冷却剂，故 B 正确； C、飞机与地面的联系是利用电磁波来传输信号的，故 C 正确； D、当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，其运动状态发生了变化，受到非平衡力的作用，故 D 错误； 故选 D； （3）由表中数据可知，飞机以 400m/s 的速度巡航时，所受阻力为 f4.8104N，由于飞机做匀速直线运动，则牵引力等于阻

39、力，即 Ff4.8104N； 则飞机发动机的输出功率 PFv4.8104N400m/s1.92107W1.92104kW， 根据表格中的数据可知，f7.5104N，则飞机的牵引力为：Ff7.5104N； 燃油完全燃烧放出的热量：Qmq1104kg5107J/kg51011J； 已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是 40%， 则有用功 W30%Q30%51011J1.51011J， 由 WFs，可得 s2.0106m2.0103km2000t； （4）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为 500kg/m2，则飞机机翼的面积为：S74m2； 飞机的推重比是指飞

40、机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值， 则飞机的最大飞行速度为 v2880km/h800m/s； 根据表格中的数据可知，阻力的大小与速度的平方成正比，此时的牵引力为： Ff0.3104N1.92105N， 该“歼20”飞机的推重比约为：0.5； （5）由题检测电路电源输出的电流恒定，高度表示数能随飞行高度的增大而增大，所以高度计应是电压表，由丙说明 R1与高度 h 成一次函数关系，所以电压表应与 R1并联，由 UIR1知电压表（高度表）示数是均匀。 故答案为： （1）吸收；常规； （2）D； （3）1.92104；2000； （3）74；0.5； （5）3；均匀。 25解：

41、（1）手指与屏幕的接触面积为 S1cm2104m2， 则手指对屏幕压强 p104Pa，故选 B； （2）如图 3，R1和 R2串联，触摸点 P 移动的过程中，总电阻不变， 根据欧姆定律 I可知，电路中电流 l2不变； 当触点在 P 时，测得 R2两端电压为 U2、通过触摸屏的电流为 l2，若手指从 P 点上滑，则 R2增大， 根据欧姆定律 I可知电压 U2增大； 电源电压为 Uy，接通电源，根据欧姆定律 I可知电路中电流 I， R2两端电压 U2IR2R2； y 涂层的耗电功率 PUIUy； 触摸屏相当于一根电阻丝，故 R1和 R2的电阻与其两端的电阻丝长度成正比，设总电阻为 R，设触摸点到下

42、边缘的距离为 x。 若 Uy6V，y 涂层有效长度为 15cm。某次触摸，测得下边缘 R2两端电压 U25V， 电路中电流设为 I，根据欧姆定律可得： ，解得：x12.5cm。 故答案为： （1）B； （2）增大；不变；12.5cm。 26解： （1）泥水盾构机由大型的马达提供动力转动，马达的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；石头在刀盘的作用下粉碎，说明力可以改变物体的形状； （2）由题知，隧道的两岸接线处分别了设置测速监测点 A 与监测点 B， 则监测点 A、B 之间的距离 sABL隧道4.95km， 由图 3 可知汽车从监测点 A 该监测点 B 行驶的时间 tAB10：0510：005m

43、inhh， 汽车行驶的速度： v59.4km/h， 因为 v60km/h， 所以该汽车不会超速； （3）盾构机所处的深度 h20m，盾构机受到海水的压强： p海水gh1.0103kg/m310N/kg20m2105Pa； 盾构机的总质量 m4600t4.6106kg， 其重力： Gmg4.6106kg10N/kg4.6107N， 重力做功： WGh4.6107N20m9.2109J； 盾构机的功率 P10800kW，挖掘隧道工作时间 t1h， 由 P可得消耗的电能： WPt10800kW1h10800kWh。 故答案为： （1）通电线圈在磁场中受力转动；力可以改变物体的形状； （2）不会； （3）2105；9.2109；10800。