浙江省湖州、衢州、丽水三地市2023届高三4月教学质量检测（二模）数学试卷（含答案）

《浙江省湖州、衢州、丽水三地市2023届高三4月教学质量检测（二模）数学试卷（含答案）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省湖州、衢州、丽水三地市2023届高三4月教学质量检测（二模）数学试卷（含答案）（8页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、湖州、衢州、丽水2023年4月三地市高三教学质量检测数学试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.1.若集合，则（ ）A.B.C.D.2.已知（其中i为虚数单位），若是的共轭复数，则（ ）A.B.1C.D.i3.设是平行四边形的对角线的交点，则（ ）A.B.C.D.4.甲乙两人在一座7层大楼的第一层进入电梯，假设每人从第二层开始在每一层离开电梯是等可能的，则甲乙两人离开电梯的楼层数的和是8的概率是（ ）A.B.C.D.5.已知函数，若将函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象，若关于的方程在上有且仅有两个不相等的实根，则实数的取值范围是（ ）A.B.C.D.6.喜来登月亮酒店

2、是浙江省湖州市地标性建筑，某学生为测量其高度，在远处选取了与该建筑物的底端在同一水平面内的两个测量基点与，现测得，米，在点处测得酒店顶端的仰角，则酒店的高度约是（ ）（参考数据：，）A.91米B.101米C.111米D.121米7.已知是圆上一点，是圆的直径，弦的中点为.若点在第一象限，直线、的斜率之和为0，则直线的斜率是（ ）A.B.C.D.8.人教版必修第一册第92页上“探究与发现”的学习内容是“探究函数的图象与性质”，经探究它的图象实际上是双曲线.现将函数的图象绕原点顺时针旋转得到焦点位于轴上的双曲线，则该双曲线的离心率是（ ）A.B.C.D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共

3、20分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个是符合题目要求的，全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分.9.已知，为两个平面，为两条直线，平面，平面，则下列命题正确的是（ ）A.若，则B.若，为异面直线，则与相交C.若与相交，则，相交D.若，则10.若实数，满足且，则（ ）A.的最小值是B.的最大值是99C.的最小值是D.的最大值是20011.已知正方形中，是平面外一点.设直线与平面所成角为，设三棱锥的体积为，则下列命题正确的是（ ）A.若，则的最大值是B.若，则的最大值是C.若，则的最大值是D.若，则的最大值是12.抛物线的焦点为，准线交轴于点，点为准线上异于的一点，直线上的两点，

4、满足（为坐标原点），分别过，作轴平行线交抛物线于，两点，则（ ）A.B.C.直线过定点D.五边形的周长三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.的展开式中的系数是_.14.定义在R上的非常数函数满足：，且.请写出符合条件的一个函数的解析式_.15.已知数列1，1，3，1，3，5，1，3，5，7，1，3，5，7，9，其中第一项是1，接下来的两项是1，3，再接下来的三项是1，3，5，依此类推.将该数列前项的和记为，则使得成立的最小正整数的值是_.16.已知椭圆离心率为，为椭圆的右焦点，是椭圆上的两点，且.若，则实数的取值范围是_.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、

5、证明过程或演算步骤.17.（本题满分10分）已知数列满足：，且对任意的，（1）求，的值，并证明数列是等比数列；（2）设，求数列的前项和.18.（本题满分12分）如图，在三棱柱中，底面平面，是正三角形，是棱上一点，且，.（1）求证：；（2）若且二面角的余弦值为，求点到侧面的距离.19.（本题满分12分）在锐角中，内角，所对的边分别为，满足，且.（1）求证：；（2）已知是的平分线，若，求线段长度的取值范围.20.（本题满分12分）为提升学生的人文素养，培养学生的文学学习兴趣，某学校举办诗词竞答大赛.该竞赛由3道必答题和3道抢答题构成，必答题双方都需给出答案，答对得1分答错不得分；抢答题由抢到的一方

6、作答，答对得2分答错扣1分.两个环节结束后，累计总分高者获胜.由于学生普遍反映该赛制的公平性不足，所以学校将进行赛制改革：调整为必答题4道，抢答题2道，且每题的分值不变.（1）为测试新赛制对选手成绩的影响，该校选择甲、乙两位学生在两种赛制下分别作演练，并统计双方的胜负情况.请根据已知信息补全以下列联表，并根据列联表判断是否有95%的把握认为获胜方与赛制有关？旧赛制新赛制合计甲获胜6乙获胜1合计1020（2）学生丙擅长抢答，已知丙抢到抢答题作答机会的概率为0.6，答对每道抢答题的概率为0.8，答对每道必答题的概率为，且每道题的作答情况相互独立.（）记丙在一道抢答题中的得分为，求的分布列与数学期望

7、；（）已知学生丙在新、旧赛制下总得分的数学期望之差的绝对值不超过0.1分，求的取值范围.附：，其中.0.150.100.050.0252.0722.7063.8415.02421.（本题满分12分）已知双曲线，点是双曲线的左顶点，点坐标为.（1）过点作的两条渐近线的平行线分别交双曲线于，两点.求直线的方程；（2）过点作直线与椭圆交于点，直线，与双曲线的另一个交点分别是点，.试问：直线是否过定点，若是，请求出该定点坐标；若不过定点，请说明理由.22.（本题满分12分）已知函数.（1）当时，函数在上有极小值，求实数的取值范围；（2）当时，设是函数的极值点，证明：.（其中是自然对数的底数）参考答案一

8、、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.题号12345678答案CDACBBCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，至少有两个是符合题目要求的，全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分.题号9101112答案ABDBCACABD三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.2014.（本题为开放题，只要满足图象中点为其对称中心，轴为其对称轴，且周期为4的函数都可以）15.5916.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解（1），.2分由题意得，又，所以数列是等比数列.5分（若用数列

9、前3项说明是公比为3的等比数列，但没有严格证明的只得3分）（2）由（1）知.7分运用分组求和，可得.10分18.解；（1）取的中点，的中点，连接，.因为，在三棱柱可得，四边形为梯形，且，.因为，且，所以.2分因为，所以.又平面平面，平面平面所以平面，所以.4分因为，所以平面，所以.又，所以.6分（2）由（1）知平面，所以，又，所以是二面角的平面角.9分所以.作，由（1）知平面，设，则，在中，在平行四边形中，又在等腰三角形中，解得，所以.12分19.解：（1）由题意得，即.由正弦定理得，2分又由余弦定理得，4分所以，故，故，整理得，又为锐角三角形，所以，因此.6分（2）在中，由正弦定理得，所以.

10、8分所以，因为为锐角三角形，且，所以，解得.10分故，所以.因此线段长度的取值范围.12分20.解：（1）根据所给数据，可得下面的列联表：旧赛制新赛制合计甲获胜6915乙获胜415合计101020根据列联表得，又；故没有95%的把握认为获胜方与赛制有关.4分（2）（）由题意知丙的作答情况共有三类：抢答且答错，未抢答成功，抢答且答对，丙在一道抢答题中的得分可能为，0，2.，故可列出的分布列如下：020.120.40.48因此.8分（）在旧赛制下，丙的期望得分为；在新赛制下，丙的期望得分为.由题意得，解得的取值范围为.12分21.解：（1）由题意得，渐近线的斜率为.1分可得直线的方程为，由解得，同

11、理.3分所以直线的方程为.4分（2）直线过定点.5分设直线，的直线方程分别为和.由得，解得，则.同理，则.7分又，三点共线，而，故，解得.9分设，直线的方程，所以.即（*）由，整理得，故代入（*）化简解得，即，故或.11分当时，经过点，不合题意，当时，经过点，满足题意.因此直线过定点.12分22.解：（1）由题意知在上有极小值，则在有解，2分故，设，显然在单调递增，又，所以.4分当时，在单调递增，又，由零点存在定理可知，且，此时当时，当时，所以在上单调递减，在上单调递增，故在上有极小值点.因此实数的取值范围.6分（2）由题意知，故.8分.10分设，则，当时，当时，所以在上单调递减，在上单调递增，所以.因此成立.12分