2023年江苏省常州市武进区二校联考中考数学二模试卷（含答案解析）

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1、2023年江苏省常州市武进区二校联考中考数学二模试卷一选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）121的绝对值为（）A21B21CD22022年6月5日上午10时44分07秒，熊熊的火焰托举着近500000千克的火箭和飞船冲上云霄，这是我国长征2F运载火箭将“神舟十四号”载人飞船送入太空的壮观情景其中，数据500000用科学记数法可以表示为（）A0.5106B50104C5104D51053已知点P（3，2）在反比例函数y（k0）的图象上，则下列各点中在此反比例函数图象上的是（）A（3，2）B（3，2）C（2，3）D（2，3）4对任意四个有理数a，b，c，d定义新运算：，已知18，则x（）A1

2、B2C3D45如图，ABC内接于O，AD是O的直径若CADB，AD8，则AC的长为（）A5BCD6如图，是一个棱长为1的正方体纸盒若一只蚂蚁要沿着正方体纸盒的表面，从顶点A爬到顶点B去觅食，则需要爬行的最短路程是（）AB2CD37若二次函数yx2+2x+3m1的图象只经过第一、二、三象限，则m满足的条件一定是（）AmBm2Cm2或mDm2810个全等的小正方形拼成如图所示的图形，点P、X、Y、S是小正方形的顶点，Q是边XY上一点T是PQ与SY的交点，若线段PQ恰好将这个图形分成面积相等的两个部分，则tanQTY的值为（）ABCD二填空题（共10小题，满分20分，每小题2分）9若式子在实数范围内

3、有意义，则x的取值范围是 10分解因式：4x28x+4 11若关于x的一元二次方程（k+2）x22x10有实数根，则实数k的取值范围是 12如图，现将四根木条钉成的矩形框ABCD变形为平行四边形木框ABCD，且AD与CD相交于CD边的中点E，若AB4，BC5，则原矩形ABCD和平行四边形ABCD重叠部分的面积是 13如图，在ABC中，C90，ACBC3cm，动点P从点A出发，以的速度沿AB方向运动到点B，动点Q同时从点A出发，以1cm/s的速度沿折线ACCB方向运动到点B设APQ的面积为y（cm2），运动时间为x（s），写出Q点在BC上运动时y与x之间函数关系式 14如图，在平面直角坐标系中，

4、直线y2x+4与x轴交于点A，与y轴交于点B，与直线ykx交于点C，P在直线BC上运动，则PO的最小值为 15如图，在菱形ABCD中，AB4，D60点P为边CD上一点，且不与点C，D重合，连接BP，过点A作EFBP，且EFBP，连接BE，PF，则四边形BEFP的面积为 16生活处处有数学：在五一出游时，小明在沙滩上捡到一个美丽的海螺，经仔细观察海螺的花纹后画出如图所示的螺旋线，该螺旋线由一系列直角三角形组成，则第2023个三角形的面积为 17抛物线yx2+bx+c的对称轴为直线x1，且经过点（1，0）若关于x的一元二次方程x2+bx+ct0（t为实数）在1x4的范围内有实数根，则t的取值范围是

5、 18如图，正方形ABCD的边长为2，点E是BC边上一点，以AB为直径在正方形内作半圆O，将DCE沿DE翻折，点C刚好落在半圆O的点F处，则CF的长为 三解答题（共10小题，共84分）19计算或化简：（1）；（2）20解下列方程或不等式：（1）x28x+120；（2）21某校为了了解本校九年级学生的视力情况，随机抽查了50名学生的视力，并进行统计，绘制了如下统计图（1）这50名学生视力的众数为 ，中位数为 ；（2）求这50名学生中，视力低于4.7的人数占被抽查总人数的百分比；（3）若该校九年级共有400名学生，请估计该校九年级学生中，视力不低于4.8的人数22有三枚普通硬币，其面值数字分别为1

6、，1，2现规定：掷一枚硬币，若该硬币正面朝上，则所得的数字为面值数字；若该硬币反面朝上，则所得的数字为0（1）若用其中一枚硬币，随机掷10次，其中正面朝上的次数为6次，则在这10次掷币中，该硬币正面朝上的频率为 ；（2）若依次掷出这三枚硬币，用画树状图的方法，求掷出这三枚硬币所得数字之和是2的概率23如图，把矩形纸片ABCD沿EF折叠后，使得点D落在点H的位置上，点C恰好落在边AD上的点G处，连接CF（1）判断四边形GECF的形状，并说明理由；（2）若CD4，GD8，求四边形GECF的面积及折痕EF的长24某同学眼睛距地面高度1.7米（图中AE部分）在护旗手开始走正步的点A处测得旗杆顶部D的仰

7、角为22，在护旗手结束走正步的点B处测得旗杆顶部D的仰角为45，又测量得到A，B两点间的距离是30米，求旗杆DC的高度（结果精确到整数米；参考数据：sin220.37，cos220.93，tan220.40）25如图，在OAB中，OAB90，OA2，AB4延长OA至点C，使AC8，连接BC，以O为圆心，OB长为半径作O，延长BA，与O交于点E，作弦BFBE，连接EF，与BO的延长线交于点D（1）求证：BC是O的切线；（2）求EF的长26问题提出（1）如图，在RtABC中，B90，AB3，BC4若点P是边AC上一点，则BP的最小值为 ；问题探究（2）如图，在RtABC中，B90，ABBC2，点E

8、是BC的中点若点P是边AC上一点，试求PB+PE的最小值；问题解决（3）某市一湿地公园内有一条四边形ABCD型环湖路，如图所示已知AD2000米，CD1000米，A60，B90，C150为了进一步提升服务休闲功能，满足市民游园和健身需求，现要修一条由CE，EF，FC连接而成的步行景观道，其中，点E，F分别在边AB，AD上为了节省成本，要使所修的这条步行景观道最短，即CE+EF+FC的值最小，求此时BE，DF的长（路面宽度忽略不计）27【概念发现】（1）对于平面上的图形S，将其绕某定点A逆时针旋转角度，得到图形S，我们记为图形S的（A，）旋转变换，若在另一图形T上存在一动点C，图形S上存在一动点

9、D，记CD长度的最大值为S、T两图形旋转变换后的极大距离，记为H（S，T），记CD长度的最小值为S、T两图形旋转变换后的极小距离，记为h（S，T）例如，图1中，平面直角坐标系中，M（9，1），N（5，1），记线段MN为图形S，线段MN绕点P（5，1）逆时针旋转90，得到线段MN，记线段MN为图形S，则图形S的（ ， ）旋转变换得到图形S，此时M、N坐标分别为M（5，5），N（7，1），记原点O为图形T，因为原点O到M、N两点的距离相等，都是，而原点O到线段MN的距离OD长为，所以H（S，T）是，h（S，T）是【理解应用】（2）如图2，BCD在坐标平面内，B（4，0），C（6，0），D（6，3）

10、，记BCD为图形S，点A（3，0）为图形T，图形S的（O，90）旋转变换得到图形S，则H（S，T） ，h（S，T） 【拓展延伸】（3）如图3，P在坐标平面内，半径为2，圆心P（6，0），A（1，0）、B（1，0）记P为图形S，线段AB记为图形T，图形S的（O，60）旋转变换得到图形S，求H（S，T）与h（S，T）的值；【思维提升】（4）如图4，A（3，0）、B（3，0），将函数在第一象限的图象记为图形S，线段AB记为图形T，图形S的（O，60）旋转变换得到图形S，直接写出h（S，T） 28已知：如图，抛物线ymx2+4mx+3（m0）交x轴于E、F两点，交y轴于A点，直线AE：yx+b交x轴于

11、E点，交y轴于A点（1）求抛物线的解析式；（2）若Q为抛物线上一点，连接QE，QA，设点Q的横坐标为t（t3），QAE的面积为S，求S与t函数关系式；（不要求写出自变量t的取值范围）（3）在（2）的条件下，点M在线段QA上，点N是位于Q、E两点之间的抛物线上一点，S15，QMNAEM，且MNEM，求点N的坐标参考答案解析一选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）1【分析】根据负数的绝对值等于它的相反数可得答案【解答】解：21的绝对值为21，故选：A【点评】本题考查绝对值，解题的关键是掌握正数的绝对值等于本身，0的绝对值为0，负数的绝对值等于它的相反数2【分析】科学记数法的表示形式为a10n的

12、形式，其中1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值10时，n是正整数；当原数的绝对值1时，n是负整数【解答】解：数据500000用科学记数法表示为5105故选：D【点评】本题考查科学记数法的表示方法，表示时关键要正确确定a的值以及n的值3【分析】直接把点P（3，2）代入反比例函数y（k0）求出k的值，进而可得出结论【解答】解：点P（3，2）在反比例函数y（k0）的图象上，k326，A、3（2）6，此点在该函数图象上，故本选项正确；B、3（2）6，此点不在该函数图象上，故本选项错误；C、236，此点不在该函数图象上，

13、故本选项错误；D、2（3）6，此点不在该函数图象上，故本选项错误故选：A【点评】本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，熟知反比例函数图象上各点的坐标一定适合此函数的解析式是解答此题的关键4【分析】根据新运算公式，得：2x+4x18，即x3【解答】解：，2x+4x18，即：x3，故选：C【点评】本题主要考查了有理数的定义新运算5【分析】连接CD，由AD是O的直径，得ACD90，又CADB，可得ADC+B90，而ADCB，故ACD是等腰直角三角形，即可求出答案【解答】解：连接CD，如图：AD是O的直径，ACD90，ADC+CAD90，CADB，ADC+B90，ADCB，ADC45B，ACD是等

14、腰直角三角形，AC4，故选：B【点评】本题考查圆的性质及应用，解题的关键是掌握圆周角定理和等腰直角三角形三边的关系6【分析】把A，B展到同一个平面内，用勾股定理即可得到答案【解答】解：需要爬行的最短路程即为线段AB的长，如图：正方体棱长为1，BC1，AC2，AB，需要爬行的最短路程为；故选：C【点评】本题考查勾股定理的应用，解题的关键是把A，B展到同一个平面内，求出线段AB的长度7【分析】利用二次函数的性质，抛物线与x轴有2个交点，与y轴的交点不在负半轴上，即0，且3m10，然后解不等式组即可【解答】解：抛物线yx2+2x+3m1经过第一、二、三象限，（2）24（3m1）0且3m10，解得m2

15、故选：D【点评】本题考查了二次函数图象与系数的关系，掌握二次函数的性质、二次函数图象与系数的关系是解题的关键8【分析】设小正方形边长为1，QYx，则QMx+1，利用面积法求出，再由平行线的性质得到QTYQPM，则【解答】解：设小正方形边长为1，QYx，则QMQY+MYx+1，线段PQ恰好将这个图形分成面积相等的两个部分，TYPM，QTYQPM，故选：B【点评】本题主要考查了求一个角的正切值，正确根据面积法求出是解题的关键二填空题（共10小题，满分20分，每小题2分）9【分析】根据二次根式的被开方数大于等于0，分式的分母不为0，进行求解即可【解答】解：由题意，得：x+10且x20，x1且x2；x

16、的取值范围是x1且x2；故答案为：x1且x2【点评】本题考查代数式有意义熟练掌握二次根式的被开方数大于等于0，分式的分母不为0，是解题的关键10【分析】先提取公因式4，再根据完全平方公式进行二次分解即可求得答案【解答】解：4x28x+44（x22x+1）4（x1）2故答案为：4（x1）2【点评】本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用完全平方公式进行二次分解，注意分解要彻底11【分析】根据一元二次方程的定义和根的判别式的意义得到k+20且（2）24（k+2）（1）0，然后求出两个不等式的公共部分即可【解答】解：根据题意得k+20且（2）24（k+2）（1）0，解得k3且k2，所以

17、实数k的取值范围是k3且k2故答案为：k3且k2【点评】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c0（a0）的根与b24ac有如下关系：当0时，方程有两个不相等的实数根；当0时，方程有两个相等的实数根12【分析】根据矩形和平行四边形的性质可得：ADBCAD，CDBC，ABCDCD4，ADBCAD5，从而得出CDAD，根据中点的定义即可求出CE，然后根据勾股定理即可求出ED，进而求出AE，最后根据梯形面积公式进行求解即可【解答】解：矩形木框ABCD变形为平行四边形木框ABCDADBCAD，CDBC，ABCDCD4，ADBCAD5，CDAD点E为CD的中点，在RtCED中，根据勾股定理可得

18、：，故答案为：【点评】此题考查的是矩形的性质、平行四边形的性质、勾股定理，掌握矩形的性质定理、平行四边形的性质定理、用勾股定理解直角三角形是解决此题的关键13【分析】作QDAB，分点Q在CB上运动时，判断出点P在点B处，表示出BQ6x，由直角三角形的性质表示出QD的长，利用三角形面积公式得出函数解析式即可【解答】解：C90，ACBC3cm，动点P从点A出发，以的速度沿AB方向运动到点B，动点Q同时从点A出发，以1cm/s的速度沿折线ACCB方向运动到点B，当点Q在CB上运动，即3x6时，点P与点B重合，过点Q作QDAB于点D，如图2所示：由题意知BQ6x，C90，ACBC3cm，QDB为等腰直

19、角三角形，故答案为：【点评】本题主要考查了动点问题的函数图象，掌握题意弄清两点的运动路线，根据点P、Q所在位置，得出函数解析式是解题的关键14【分析】根据点到直线的距离，垂线段最短，所以当OPBC时，PO的值最小，利用等积法求出OP的长即可【解答】解：直线y2x+4与x轴交于点A，与y轴交于点B，当x0时，y4；当y0时，x2；A（2，0），B（0，4），OA2，OB4，直线y2x+4与直线ykx交于点C，P在直线BC上运动，直线BC即为直线y2x+4，点到直线的距离，垂线段最短，当OPBC时，OP的值最小，；即PO的最小值为；故答案为：【点评】本题考查一次函数的综合应用熟练掌握点到直线的距离

20、，垂线段最短是解题的关键15【分析】连接AC，AP，由菱形的性质可知ABC是等边三角形，过点C作CGAB于点G，过点P作PHAB于点H，可得CGPH，继而得出SABPSABC，根据勾股定理求出CG长度，再证明四边形BEFP是平行四边形，依据S平行四边形BEFPS菱形ABCD进行求解即可【解答】解：如图，连接AC，AP，四边形ABCD是菱形中，D60，ABBC4，DABC60，ABCD，ABC是等边三角形，过点C作CGAB于点G，过点P作PHAB于点H，则CGPH，SABPSABC，CGAB，EFBP，EFBP，四边形BEFP是平行四边形，S平行四边形BEFP2SABP，S菱形ABCD2SABC

21、，故答案为：【点评】本题考查了菱形的性质、平行四边形的判定和性质、等边三角形的判定与性质以及三角形面积公式等知识，熟练掌握菱形的性质和平行四边形的性质是解题的关键16【分析】根据勾股定理分别求出OA1，OA2，根据三角形的面积公式分别求出第一个、第二个、第三个三角形的面积，总结规律，根据规律解答即可【解答】解：第1个三角形的面积11，由勾股定理得，OA1，则第2个三角形的面积1，OA2，则第3个三角形的面积1，则第n个三角形的面积；第2023个三角形的面积；故答案为：【点评】本题考查图形类规律探究熟练掌握勾股定理，抽象概括出相应的数字规律，是解题的关键17【分析】根据抛物线yx2+bx+c的对

22、称轴为直线x1，且经过点（1，0）可以求得b、c的值，从而可以得到抛物线的解析式，再根据关于x的一元二次方程x2+bx+ct0（t为实数）在1x4的范围内有实数根和二次函数与一元二次方程的关系，从而可以求得t的取值范围【解答】解：抛物线yx2+bx+c的对称轴为直线x1，且经过点（1，0），得即抛物线解析式为yx22x3，当yt时，tx22x3，即x22x3t0，关于x的一元二次方程x2+bx+ct0（t为实数）在1x4的范围内有实数根，tx22x3有实数根，yx22x3（x1）24，当1x4时，x1时，y有最小值4，当x4时，y取得最大值5，t的取值范围是4t5，故答案为：4t5【点评】本题

23、考查抛物线与x轴的交点、二次函数的性质、二次函数的最值、二次函数与一元二次方程的关系，解答本题的关键是明确题意，利用二次函数的性质解答18【分析】连接DO，OF，首先根据SSS定理，可以判定DAODFO，从而可以得到DFO的度数，再根据折叠的性质可知DFE90，从而可以得到点O、F、E三点共线，然后根据勾股定理，即可求得CE的长，再根据折叠的性质，可得DCCF，利用解直角三角形，即可求解【解答】解：如图：连接DO，OF，DE与CF相交于点G，四边形ABCD是正方形，将DCE沿DE翻折得到DEF，DCDA，DCDF，DE垂直平分CF，DADF，在DAO与DFO中，DAODFO（SSS），ADFO

24、，A90，DFO90，又DFEC90，DFODFE90，点O、F、E三点共线，设CEEFx，则OEOF+EF1+x，BE2x，OB1，OBE90，OB2+BE2OE2，12+（2x）2（1+x）2，解得，即，DE垂直平分CF，CF2CG，DGC90，DCB90，解得，故答案为：【点评】本题考查圆周角定理，全等三角形的判定与性质、正方形的性质、勾股定理，求一个角的正弦值，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答三解答题（共10小题，共84分）19【分析】（1）先进行乘法运算，负整数指数幂的运算，再进行加减运算即可；（2）根据分式的混合运算法则，进行计算即可【解答】解：（1）原式10+42

25、8；（2）原式（）a+1【点评】本题考查二次根式的混合运算和分式的运算，熟练掌握相关运算法则是解题的关键20【分析】（1）利用因式分解法解一元二次方程即可；（2）分别解出每一个不等式，找到它们的公共部分，即可得解【解答】解：（1）x28x+120，（x2）（x6）0，x12，x26；（2）由不等式x+21，得x3；由x53（x1），得x1；不等式组的解集为：x1【点评】本题考查解一元二次方程，解一元一次不等式组熟练掌握因式分解法解一元二次方程，正确的求出每一个不等式的解集是解题的关键21【分析】（1）由统计图可知视力为4.9的有12人，人数最多，所以众数为4.9；总人数为50，得到中位数应为第

26、25与第26个的平均数，而第25个数和第26个数都是4.8，即可确定出中位数为4.8；（2）用视力低于4.7的人数除以50，再化为百分数即可；（3）用抽查中视力不低于4.8人数所占的百分比估计400人的情况即可【解答】解：（1）由统计图可知众数为4.9；共有50人，中位数应为第25与第26个的平均数，而第25个数和第26个数都是4.8，中位数是4.8；故答案为：4.9，4.8；（2）由统计图可知，50人中视力低于4.7的有8人，视力低于4.7的人数占被抽查总人数的百分比为100%16%；（3）由统计图可知，50人中视力不低于4.8的有34人，视力不低于4.8的人数占被抽查总人数的百分比为100

27、%68%，400名学生中，视力不低于4.8的人数为40068%272（人），答：估计该校九年级学生中，视力不低于4.8的人数为272人【点评】本题考查的是条形统计图的综合运用读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据22【分析】（1）根据频率频数总数进行求解即可；（2）先画出树状图得到所有等可能性的结果数，再找到符合题意的结果数，最后根据概率计算公式求解即可【解答】解：（1）由题意得，该硬币正面朝上的频率为，故答案为：0.6；（2）画树状图如下：由树状图可知一共有8种等可能性的结果数，其中掷出这三枚硬币所得数字之和是2的结果数有2种，掷出这

28、三枚硬币所得数字之和是2的概率为【点评】本题主要考查了求频率，树状图法求解概率，正确画出树状图是解题的关键23【分析】（1）根据矩形的性质得到GFEFEC，根据折叠性质可知GECE，CFGF，FECGEF，根据等量代换得GFEGEF，再根据等角对等边即可证明GEHFCECF得到四边形GECF是菱形；（2）如图所示，过点F作FMBC于M，则四边形FMCD是矩形，FMCD4，CMDF；设GF长为x，则DF长为8x，在RtFDC中，由勾股定理得，（8x）2+42x2解得x5，则CEGF5，CMDF3，即可得到EM2，S菱形GECF20，则【解答】解：（1）四边形GECF是菱形，理由如下：矩形纸片AB

29、CD，ADBC，GFEFEC，由折叠的性质可得GECE，CFGF，FECGEF，GFEGEF，GEGF，GEHFCECF，四边形GECF是菱形（2）如图所示，过点F作FMBC于M，则四边形FMCD是矩形，FMCD4，CMDF；设GF长为x，则DF长为8x，在RtFDC中，由勾股定理得CF2CD2+DF2，（8x）2+42x2，解得x5，CEGF5，CMDF3，EM2，S菱形GECFCEFM5420，【点评】本题主要考查了矩形与折叠，勾股定理，菱形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定等等，灵活运用所学知识是解题的关键24【分析】延长EF交CD于G，在RtDGE中求得EG2.5DG，然后根据EGG

30、FEF求出DG的长，进而可求出求旗杆DC的高度【解答】解：延长EF交CD于G，则DGF90，由题意可知，EFAB30米，CGAE1.7米DEF22，DFG45，在RtDGF中，DGGF，在RtDGE中，EGGFEF，2.5DGDG30，解得DG20，则DCDG+CG20+1.722（米）所以旗杆DC的高度大约是22米【点评】此题考查了解直角三角形仰角俯角问题，构造直角三角形，并结合图形利用三角函数解直角三角形是解答本题的关键25【分析】（1）根据题意可得，OABBAC90，以此推出OABBAC，根据相似三角形的性质可得BOAABC，以此得到OBA+ABC90，即可证明BC是O的切线；（2）过点

31、O作OGBF于点G，根据题意可证明RtBOGRtBOA，以此得到BD平分FBE，则BDEF，DFDE，再根据sinOBA，以此即可求解【解答】（1）证明：OA2，AB4，AC8，OABBAC90，OABBAC，BOAABC，OBA+BOA90，OBA+ABC90，即OBC90，OB为O的半径，BC是O的切线；（2）解：如图，过点O作OGBF于点G，OGBF，OABE，弦BFBE，BGAB，OBOB，RtBOGRtBOA（HL），FBDEBD，即BD平分FBE，BFBE，即BEF为等腰三角形，BDEF，DFDE，OA2，AB4，在RtABO中，sinOBA，在RtBDE中，sinDBE，DEEF

32、【点评】本题主要考查切线的判定与性质、相似三角形的判定与性质、等腰三角形的性质、垂径定理，熟练运用相关知识答题时解题关键26【分析】（1）过B作BPAC于P，由垂线段最短可知，BPAC时，BP的值最小，由面积法可得BP；（2）作E关于直线AC的对称点E，连接CE，EE，BE，BE交AC于P，由E，E关于直线AC对称，可知PB+PEPB+PE，而B，P，E共线，故此时PB+PE最小，最小值为BE的长度，根据B90，ABBC2，点E是BC的中点，可得CECE1，BCE90，再用勾股定理可得答案；（3）作C关于AD的对称点M，连接DM，CM，CM交AD于H，作C关于AB的对称点N，连接BN，延长DC

33、，AB交于G，连接NG，连接MN交AB于E，交AD于F，由C，N关于AB对称，C，M关于AD对称，CENE，CFMF，又N，E，F，M共线，知此时CE+EF+CF最小，根据A60，ABC90，BCD150，可得ADC60，MCDCMD30，即得DHCD500米，CHMHDH500米，CM1000米，由ADC60，A60，知ADG是等边三角形，从而CGDGCD1000米，同理可得CGNG1000米，BNGBCG30，即得BGCG500米，BCBNBG500米，故CN1000米CM，知CNMCMN30，在RtBNE中，BE500米，在RtMHF中，FH500米，即得DFFH+DH1000米【解答】

34、解：（1）过B作BPAC于P，如图：由垂线段最短可知，BPAC时，BP的值最小，ABC90，AB3，BC4，AC5，2SABCABBCACBP，BP，故答案为：；（2）作E关于直线AC的对称点E，连接CE，EE，BE，BE交AC于P，如图：E，E关于直线AC对称，PEPE，PB+PEPB+PE，B，P，E共线，此时PB+PE最小，最小值为BE的长度，B90，ABBC2，ACB45，点E是BC的中点，CE1，E，E关于直线AC对称，ACEACB45，CECE1，BCE90，在RtBCE中，BE，PB+PE的最小值为；（3）作C关于AD的对称点M，连接DM，CM，CM交AD于H，作C关于AB的对称

35、点N，连接BN，延长DC，AB交于G，连接NG，连接MN交AB于E，交AD于F，如图：C，N关于AB对称，C，M关于AD对称，CENE，CFMF，CE+EF+CFNE+EF+MF，N，E，F，M共线，此时CE+EF+CF最小，A60，ABC90，BCD150，ADC60，C，M关于AD对称，MDHCDH60，CHDMHD90，CDMD1000米，MCDCMD30，DHCD500米，CHMHDH500米，CM1000米，ADC60，A60，ADG是等边三角形，DGAD2000米，CGDGCD1000米，BCD150，BCG30，C，N关于AB对称，ABC90，C，B，N共线，CGNG1000米，

36、BNGBCG30，BGCG500米，BCBNBG500米，CN1000米CM，CNMCMN，BCD150，MCD30，NCM120，CNMCMN30，在RtBNE中，BE500（米），在RtMHF中，FH500（米），DFFH+DH500+5001000（米），答：BE的长为500米，DF的长为1000米【点评】本题考查四边形综合应用，涉及等腰直角三角形，含30角的直角三角形三边的关系，解题的关键是作对称，根据两点之间线段最短解决问题27【分析】（1）根据题意即可得出结果；（2）根据题意确定图形S，分别求出点A到图形S的三个顶点和三边的距离，即可得出结果；（3）根据旋转的性质求出图形S的圆心坐

37、标，再分别求出图形S到点A、B的距离和线段AB的距离，即可得出结果；（4）函数在第一象限的图象记为图形S，线段AB记为图形T，图形S的（O，60）旋转变换得到图形S，可得图形S在第二象限且两图形的对称点到线段AB的距离最短，设点C的坐标为：，构造直角三角形，利用勾股定理和直角三角形的性质求解即可求出结果【解答】解：（1）根据题意可得：图形S的（P，90）旋转变换得到图形S；故答案为：P，90；（2）图形S的（O，90）旋转变换得到图形S，如图2所示：根据旋转的性质得：B（0，4）、C（0，6）、D（3，6），点A分别到B、C、D的距离为：5、，连接BC，过点A作AEBC于点E，AECBOC90

38、，BCOACE，AECBOC，AC3，点A到BC的距离为：3；点A到DC的距离为：6；点A到DB的距离为：，故答案为：；（3）图形S的（O，60）旋转变换得到图形S，如图所示：设图形S的圆心为点P，连接OP、PP，过点P作PHOP，交P于点N，由旋转的性质可得：POP60，OPOP6，POP是等边三角形，PHO90，点P的坐标为：，连接BP，并延长BP交P于点F、G，连接AP，并延长AP交P于点M、D，图形S到点A、B的距离为：、，、，图形S到线段AB的距离为：，（4）图形S的（O，60）旋转变换得到图形S，当函数在第一象限上一点C绕点A旋转60，在图形S得到点C，点C与点C关于y轴对称，图形

39、S到线段AB的距离最短，设点C的坐标为：，过点C作CEx轴，CFy轴，CEO90，OC2x，在RtCEO中，CE2+OE2OC2，即，解得：x2，点C的坐标为：，点C的坐标为：，故答案为：2【点评】本题考查了新定义、旋转的性质、平面直角坐标系中点的特征、等边三角形的性质、相似三角形的判定与性质、直角三角形的性质和勾股定理，熟练掌握旋转的性质和理解新定义解题的关键28【分析】（1）先求出一次函数解析式，再将E（3，0）代入二次函数解析式求解即可；（2）利用梯形面积减去两个直角三角形的面积即可求解；（3）先求出直线AQ的解析式，分别过点Q，点N作x轴的垂线，分别过与点A，点M作的x轴的平行线分别交于点K，点H，过点M作x轴的垂线，垂足为G，通过证明NHMEGM（AAS），根据全等三角形的性质可得NHEG，MHMG，设N（n，n2+4n+3），M（m，m+3），建立方程求解即可【解答】解：（1）当x0时，y3，A（0，3），将A（0，3）代入yx+b中，得b3，yx+3，0x+3，E（3，0），将E（3，0）代入ymx2+4mx+3得9m12m+30，解得m1，抛物线的解析式为yx2+4x+3；（2）令yx2+4x+30，解得x3或1，F（1，0），OF1，过点Q作QBEF于B，如图，Q（t，t2+4t+3），OBt，BQt2+4t+3，