2023-2024学年北京市高一上期中物理冲刺试卷（A）含答案

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1、2023-2024学年北京市高一上期中物理冲刺试卷（A）请阅读下述文字，完成下列各题。如图是小汽车从制动到停止的示意图，小汽车从制动到停止共用了5s。这段时间内，汽车每1s前进的距离分别是9m、7m、5m、3m和1m。1.关于小汽车制动后，下列说法正确的是()A. 前2s内汽车位移的大小为7mB. 前2s内汽车平均速度的大小为8m/sC. 第2s内汽车位移的大小为16mD. 第2s内汽车平均速度的大小为8m/s2.如图所示的四个图像中，可以较为准确表示小汽车运动图像的是()A. B. C. D. 3.与小汽车刚制动时的瞬时速度最接近的是()A. 前1s的平均速度B. 前2s的平均速度C. 前3

2、s的平均速度D. 全程的平均速度请阅读下述文字，完成下列各题。第24届冬季奥林匹克运动会在2022年由北京市和张家口市联合举办。冰壶、越野滑雪是其中的比赛项目，图为相关的照片。4.站在水平滑雪板上的运动员，与所受支持力相平衡的力是()A. 运动员所受的重力B. 滑雪板所受的重力C. 运动员对滑雪板的压力D. 雪地对滑雪板的支持力5.冰壶比赛的冰道表面覆盖着特制的微小颗粒。比赛时运动员常在冰壶滑行的前方用冰刷擦刷冰面，使冰壶滑得更远。设冰壶与冰面间的动摩擦因数为，受到的滑动摩擦力为Ff，则冰道被擦刷后 ()A. 和Ff都增大B. 和Ff都减小C. 增大，Ff减小D. 减小，Ff增大6.某运动员先

3、推动冰壶并与冰壶一起运动，推完冰壶后冰壶和运动员均向前滑行，最后冰壶和目标壶发生碰撞，在碰撞前的过程中下列说法正确的是()A. 运动员推冰壶的力等于冰壶对运动员的力B. 冰壶离开运动员时的速度等于运动员的速度C. 若冰壶离开运动员后做匀减速直线运动，测量滑行距离和滑行时间可以计算出冰壶的加速度D. 若冰壶离开运动员后运动员和冰壶的加速度大小相等且保持不变，经过相同时间两者的位移相等请阅读下述文字，完成下列各题。如图所示，油画中描述了伽利略研究自由落体运动规律时设计的斜面实验。他让铜球沿倾斜的长直轨道从静止开始向下运动，利用滴水计时记录铜球运动的时间，研究铜球的运动规律。7.伽利略在研究自由落体

4、运动时，首先面临的困难是概念上的，所以对于伽利略来说，必须先建立描述运动所需的概念。下列哪个物理量不是用来描述运动的()A. 平均速度B. 瞬时速度C. 加速度D. 力8.相同的小球在沿不同倾角同一轨道向下运动的过程中，忽略摩擦力，下列说法正确的是()A. 倾角越大的轨道上小球受到的支持力也越大B. 倾角越大的轨道上小球运动过程中速度的变化率越大C. 不同倾角的轨道上小球运动过程中通过相同的位移用时相等D. 不同倾角的轨道上小球运动过程中所受合力大小相等9.伽利略做了上百次实验得到的实验结论是()A. 通过测量运动时间和运动速度验证了速度大小与时间成正比B. 通过测量运动时间和运动位移验证了位

5、移大小与时间成正比C. 换用不同质量小球，只要斜面倾角相同，小球的加速度均相同D. 当斜面倾角等于90时，小球的加速度恒定且所有物体都相同请阅读下述文字，完成下列各题。我们生活在地球上，地球上的物体都要受到重力作用，物体之间也存在相互作用力，物体在几个作用下，可以保持静止状态、匀速直线运动状态、匀变速直线运动状态等。以下各个题目都涉及到了物体受力和运动关系。请按要求作答。10.有两个共点力，一个力的大小是20 N，另一个力的大小是5 N，它们合力的大小不可能是()A. 10NB. 15 NC. 20 ND. 24 N11.如图所示，物块在水平放置的台式弹簧秤上保持相对静止，弹簧秤的示数为15N

6、。为了得出物块的重力为15N的结论，在下列4条依据中选出需要的依据()胡克定律牛顿第三定律当地的重力加速度为10m/s2物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零A. B. C. D. 12.如图所示，一个木箱在固定的斜面上匀速下滑。关于木箱所受的合力，下列说法正确的是()A. 合力为零B. 合力方向竖直向下C. 合力方向沿斜面向下D. 合力方向沿斜面向上13.如图所示，小球从竖直放置的轻弹簧正上方自由下落。在小球刚接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中，弹簧的弹力()A. 逐渐变大B. 逐渐变小C. 先变大后变小D. 先变小后变大14.如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到三个力即F1

7、、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N。若撤去力F1，则()A. 木块受到合力大小为10N，方向向右B. 木块受到合力大小为2N，方向向左C. 木块受到的静摩擦力大小为8N，方向向右D. 木块受到的静摩擦力大小为2N，方向向右15.生活中常用一根水平绳拉着悬吊重物的绳索来改变或固定悬吊重物的位置。如图所示，悬吊重物的细绳，其 O点被一水平绳 BO牵引，使悬绳 AO段和竖直方向成角。若悬吊重物的质量为 m，下列判断正确的是()A. OA绳受到的拉力大小等于mgsinB. OB绳受到的拉力大小等于mgcosC. 保持O点位置不动，将A点水平略向右移动，OB绳拉力变小D.

8、 保持O点位置不动，将A点水平略向右移动，OA绳拉力变大16.“验证力的平行四边形定则”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细线的结点，OB和OC为细绳。(1)请将以下主要实验操作补充完整。把橡皮条一端固定在木板上的A点，另一端挂一轻质小圆环，在小圆环上拴两根绳套。用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉小圆环，使小圆环到达某一位置，记为O；同时记录两根细绳的方向和两个测力计的示数；用一个弹簧测力计钩住一个绳套，拉小圆环，使小圆环_，记录此时细绳的方向和测力计的示数。(2)图乙所示是在白纸上根据实验结果画出的力示意图。图乙中的_表示力F1和F2合力的理论值。(填“F”或“

9、F”)(3)本实验采用的研究方法是_。A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法17.用如图所示的实验装置研究小车速度随时间变化的规律，获得一条点迹清晰的纸带。选A点作为计时起点(t=0)，然后每隔相同的时间间隔T选取一个计数点(相邻两个计数点之间还有四个点未画出)，如图所示。a.测得x1=1.50cm，x2=3.51cm，x3=5.49cm，x4=7.51cm，x5=9.48cm，x6=11.50cm。计算得到在打B、C、D、E、F点时小车的速度，分别记作vB、vC、vD、vE、vF。b.以速度v为纵轴、时间t为横轴建立直角坐标系，在坐标纸上描点，如图所示。c.结合上述实验

10、步骤，请你完成下列任务：(1)为了完成实验，除了图中的实验器材，还需要使用下列仪器和器材中的_(填选项前的字母)。A.电压合适的50Hz交流电源 B.电压可调的直流电源 C.刻度尺 D.秒表(2)根据纸带上的数据，计算打C点时小车的速度，填入表中和答题卡相应位置。位置编号ABCDEFG时间t/s00.10.20.30.40.50.6瞬时速度v/ms-10.25-0.650.851.05(3)将上表中打C点时小车的速度标示在图坐标图中，并描绘出小车的v-t图像_。(4)观察v-t图像，可以判断小车做匀变速直线运动，其依据是_。其中v-t图像斜率的物理意义是_。(5)描绘v-t图像前，还不知道小车

11、是否做匀变速直线运动。用平均速度xt表示各计数点的瞬时速度，从理论上讲，对t的要求是_(选填“越小越好”或“与大小无关”)；从实验的角度看，选取的x大小与速度测量的误差_(选填“有关”或“无关”)。18.有一种照相机，其光圈(进光孔径)随被摄物体的亮度自动调节，而快门(曝光时间)是固定不变的，为估测某架“傻瓜”照相机曝光时间，实验者从某砖墙前的高处使一个石子自由落下，拍摄石子在空中的照片如图，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹，已知每块砖平均厚度为7.9cm，径迹AB间的距离为两块砖平均厚度，拍摄到石子位置B距石子开始下落的位置竖直距离约为3.2m，(g=10m/s2)求：(1)石

12、子经过B点的实际速度大小；(2)计算这架照相机的曝光时间。19.一质量为m的箱子，在平行于斜面的推力作用下，沿倾角为的斜面匀速向上运动(如图)。已知箱子与斜面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。求：(1)画出木箱受力示意图；(2)斜面对箱子的摩擦力大小；(3)对箱子的推力大小。20.我国第三艘航空母舰采用电磁弹射装置以缩短舰载机起飞距离，舰载机跑道如图所示。若航空母舰的水平跑道总长为L=170m，其中电磁弹射区的长度为l=80m，在弹射区做加速度为a1=40m/s2的匀加速直线运动，飞机离开电磁弹射区后在喷气式发动机推力作用下继续做加速度为a2的匀加速直线运动，恰好在跑道末端达到离舰起飞速度v2

13、=100m/s，飞机可视为质点，航空母舰始终处于静止状态。求：(1)舰载机离开电磁弹射区时的速度大小v1；(2)舰载机在喷气式发动机推力作用下的加速度大小a2；(3)舰载机从开始起飞到离开跑道的总时间T。21.灯笼是我国年俗文化的重要组成部分。灯笼既烘托出了节日的喜庆氛围，又寄托了人们对未来的美好期盼。如图所示，一小灯笼用轻绳连接并悬挂在O点，在稳定水平风力F作用下发生倾斜，轻绳与竖直方向的夹角为37，若灯笼的重力为4N，cos37=0.8，sin37=0.6。(1)画出灯笼的受力示意图；(2)求水平风力F和悬绳拉力T 的大小；(3)分析说明随着风力的增大，绳子拉力T大小如何变化。答案和解析1

14、3.【答案】B、B、A【解析】1.前2s内小汽车位移的大小为16m，平均速度的大小为8m/s;第2s内小汽车位移的大小为7m，平均速度的大小为7m/s。2.小汽车做匀减速直线运动，末速度为零，故B正确。3.与小汽车刚制动时的瞬时速度最接近的是离刚制动时最近的时间段的平均速度，只有前1s相对最接近刚制动时的瞬时速度，时间越短接近。46.【答案】A、B、A【解析】1.运动员所受重力与支持力是一对平衡力。2.因擦刷冰面使表面更光滑，动摩擦因数变小，滑动摩擦力也变小。3.运动员推冰壶的力与冰壶对运动员的力是一对相互作用力，由牛顿第三定律可知A正确；冰壶离开运动员时的速度略大于运动员的速度，二者距离变大

15、，B错误；初速度未知，仅有位移和时间无法计算加速度，C错误；初速度不同，位移也不同，D错误。79.【答案】D、B、C【解析】1.力不是用来描述运动的物理量。2.可以求出小球在斜面上的支持力大小等于mgcos，斜面倾角越大，支持力越小，A错误；由实验可得倾角越大的轨道上小球运动过程中速度变化得越快，用时越短，B正确，C错误；斜面倾角不同，合力mgsin也不同，D错误。3.伽利略通过设计斜面实验做了上百次实验得到的实验结论是：初速度为零时位移大小与时间的平方成正比，A、B错误；换用不同质量小球，只要斜面倾角相同，小球的加速度均相同，C正确；斜面倾角等于90时，小球的加速度恒定且所有物体都相同的结论

16、是推理出来的，并不是用实验得出的结论，D错误。1015.【答案】D、B、A、A、D、C【解析】1.合力的大小范围是大于等于二分力之差，小于等于二分力之和。因此合力范围为15NF25N。2.弹簧秤的示数为15N，则物体对弹簧秤的压力为15N，根据牛顿第三定律可知，弹簧秤对物体的支持力为15N，对物体由平衡知识可知，物体的重力与弹簧秤对物体的支持力等大反向，则物体的重力为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是牛顿第三定律和二力平衡知识。故选B。3.“匀速下滑”为平衡状态，合力为零。4.由胡克定律可得弹力越来越大。5.由题目中的条件可知木块所受最大静摩擦力至少是8N，当撤去10N的力

17、剩下2N的力小于最大静摩擦力，木块处于平衡状态，静摩擦力大小为2N，D正确。6.如图可解得FB=Gtan，FA=Gcos，当减小时两个绳上的拉力均减小。16.【答案】(1)仍处于O点 (2)F(3)B【解析】(1)为保证用一个弹簧测力计对小圆环的作用效果与原来两个弹簧测力计对小圆环的作用效果相同，用一个弹簧测力计钩住一个绳套，拉小圆环，使小圆环仍被拉到处于O点，记录此时细绳的方向和测力计的示数。(2)F由平行四边定则得出，故为理论值，F由实验得出，故为测量值。(3)本实验用的是等效替代的方法。17.【答案】(1)AC(2)0.45(3)(4)图线是一条倾斜向上的直线；表示小车运动的加速度(5)

18、越小越好；有关【解析】(1)除了图中所示器材外，还需要使用的有打点计时器所需要的电压合适的50Hz交流电源，以及用来测量纸带上计数点之间距离的刻度尺。故选AC。(2)由于纸带相邻两个计数点之间还有四个点未画出，则相邻两个计数点之间时间间隔为T=5f=0.1s，利用纸带上的数据，根据匀变速直线运动中，某段时间中点的瞬时速度等于这段时间的平均速度，可得打C点时小车的速度为vC=x2+x32T=3.51+5.4920.110-2m/s=0.45m/s(3)根据表中的数据，描点连线如图所示(4)观察v-t图像，可以判断小车做匀变速直线运动，其依据是图像为一条倾斜向上的直线，说明小车的速度随时间均匀增大

19、。其中v-t图像斜率的物理意义是表示小车运动的加速度。(5)用平均速度xt表示各计数点的瞬时速度，从理论上讲，时间越小，平均速度越趋近于瞬时速度，故t越小越好；从实验角度看，x选取得越小，测量相对误差越大，故选取的x大小与速度测量的误差有关。18.【答案】解：(1)由题意可知，位置B距石子开始下落的位置竖直距离约为h=3.2m，据vB2=2gh，代入数据得vB=8m/s；(2)位置A距石子开始下落的位置竖直距离约为hA=h-2d=3.042m，vA2=2ghA，解得vA=7.8m/s，由题意可知，曝光时间为t=vB-vAg=0.02s。【解析】根据匀变速直线运动公式v2=2gh求解石子经过B点

20、的实际速度大小。再求出A点速度大小，根据速度时间关系求解曝光时间。19.【答案】(1)受力示意图如答案图所示。(2)箱子沿斜面匀速向上运动，根据受力分析可知，斜面对箱子的摩擦力Ff=FNFN=mgcos联立得：Ff=mgcos(3)因为箱子匀速运动，所以箱子受力平衡，设对箱子的推力为F推，则F推=Ff+mgsinFf=mgcos联立，得：F推= mgcos+mgsinF推=mg(cos+sin)【解析】见答案20.【答案】解：(1)根据题意，飞机在弹射区做加速度为a1=40m/s2的匀加速直线运动，根据运动学公式v12=2a1l解得v1=80m/s(2)飞机离开电磁弹射区后在喷气式发动机推力作

21、用下继续做加速度为a2的匀加速直线运动，根据运动学公式v22-v12=2a2L-l解得a2=20m/s2(3)根据运动学公式，弹射区时间t1=v1a1=8040s=2s离开电磁弹射区至跑道末端的时间t2=v2-v1a2=100-8020s=1s舰载机从开始起飞到离开跑道的总时间T=t1+t2=3s【解析】解决本题的关键是明确舰载机的运动过程，熟练掌握匀变速直线运动的基本公式，并能灵活运用。21.【答案】(1)灯笼受到重力、风力、绳拉力，受力如图所示。(2)灯笼沿y轴方向有Tcos37=mg灯笼沿x轴方向有Tsin37=F解得F=3N，T=5N(3)设轻绳与竖直方向的夹角为，根据(2)中分析可知Tcos=mg解得T=mgcos根据题意可知不会超过90，则风力增大，增大，cos减小，那么拉力增大。【解析】见答案