2024年高考数学真题分类汇编05：三角函数与解三角形（含答案）

《2024年高考数学真题分类汇编05：三角函数与解三角形（含答案）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024年高考数学真题分类汇编05：三角函数与解三角形（含答案）（14页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、三角函数与解三角形一、单选题1（2024全国）已知，则（）ABCD2（2024全国）当时，曲线与的交点个数为（）A3B4C6D83（2024全国）设函数，当时，曲线与恰有一个交点，则（）ABC1D24（2024全国）已知，则（）ABCD5（2024全国）在中内角所对边分别为，若，则（）ABCD6（2024全国）设函数，则曲线在处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积为（）ABCD7（2024北京）已知，则（）A1B2C3D48（2024天津）已知函数的最小正周期为则函数在的最小值是（）ABC0D9（2024上海）下列函数的最小正周期是的是（）ABCD二、多选题10（2024全国）对于函数和，下列说

2、法正确的有（）A与有相同的零点B与有相同的最大值C与有相同的最小正周期D与的图像有相同的对称轴三、填空题11（2024全国）已知为第一象限角，为第三象限角，则 .12（2024全国）函数在上的最大值是 13（2024北京）已知，且与的终边关于原点对称，则的最大值为 四、解答题14（2024全国）记内角A、B、C的对边分别为a，b，c，已知，(1)求B；(2)若的面积为，求c15（2024全国）记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知(1)求A(2)若，求的周长16（2024北京）在ABC中，A为钝角，(1)求；(2)从条件、条件和条件这三个条件中选择一个作为已知，求ABC的面积；注：如果

3、选择条件、条件和条件分别解答，按第一个解答计分17（2024天津）在中，(1)求；(2)求；(3)求参考答案1A【分析】根据两角和的余弦可求的关系，结合的值可求前者，故可求的值.【解析】因为，所以，而，所以，故即，从而，故，故选：A.2C【分析】画出两函数在上的图象，根据图象即可求解【解析】因为函数的的最小正周期为，函数的最小正周期为，所以在上函数有三个周期的图象， 在坐标系中结合五点法画出两函数图象，如图所示：由图可知，两函数图象有6个交点.故选：C3D【分析】解法一：令，分析可知曲线与恰有一个交点，结合偶函数的对称性可知该交点只能在y轴上，即可得，并代入检验即可；解法二：令，可知为偶函数，

4、根据偶函数的对称性可知的零点只能为0，即可得，并代入检验即可.【解析】解法一：令，即，可得，令，原题意等价于当时，曲线与恰有一个交点，注意到均为偶函数，可知该交点只能在y轴上，可得，即，解得，若，令，可得因为，则，当且仅当时，等号成立，可得，当且仅当时，等号成立，则方程有且仅有一个实根0，即曲线与恰有一个交点，所以符合题意；综上所述：.解法二：令，原题意等价于有且仅有一个零点，因为，则为偶函数，根据偶函数的对称性可知的零点只能为0，即，解得，若，则，又因为当且仅当时，等号成立，可得，当且仅当时，等号成立，即有且仅有一个零点0，所以符合题意；故选：D.4B【分析】先将弦化切求得，再根据两角和的正

5、切公式即可求解.【解析】因为，所以，所以，故选：B.5C【分析】利用正弦定理得，再利用余弦定理有，再利用正弦定理得到的值，最后代入计算即可.【解析】因为，则由正弦定理得.由余弦定理可得:，即:，根据正弦定理得，所以，因为为三角形内角，则，则.故选：C.6A【分析】借助导数的几何意义计算可得其在点处的切线方程，即可得其与坐标轴交点坐标，即可得其面积.【解析】，则，即该切线方程为，即，令，则，令，则，故该切线与两坐标轴所围成的三角形面积.故选：A.7B【分析】根据三角函数最值分析周期性，结合三角函数最小正周期公式运算求解.【解析】由题意可知：为的最小值点，为的最大值点，则，即，且，所以.故选：B.

6、8A【分析】先由诱导公式化简，结合周期公式求出，得，再整体求出时，的范围，结合正弦三角函数图象特征即可求解.【解析】，由得，即，当时，画出图象，如下图，由图可知，在上递减，所以，当时，故选：A9A【分析】根据辅助角公式、二倍角公式以及同角三角函数关系并结合三角函数的性质一一判断即可 .【解析】对A，周期，故A正确；对B，周期，故B错误；对于选项C，是常值函数，不存在最小正周期，故C错误；对于选项D，周期，故D错误，故选：A10BC【分析】根据正弦函数的零点，最值，周期公式，对称轴方程逐一分析每个选项即可.【解析】A选项，令，解得，即为零点，令，解得，即为零点，显然零点不同，A选项错误；B选项，

7、显然，B选项正确；C选项，根据周期公式，的周期均为，C选项正确；D选项，根据正弦函数的性质的对称轴满足，的对称轴满足，显然图像的对称轴不同，D选项错误.故选：BC11【分析】法一：根据两角和与差的正切公式得，再缩小的范围，最后结合同角的平方和关系即可得到答案；法二：利用弦化切的方法即可得到答案.【解析】法一：由题意得，因为，则，又因为，则，则，则，联立 ，解得.法二： 因为为第一象限角，为第三象限角，则,，则 故答案为：.122【分析】结合辅助角公式化简成正弦型函数，再求给定区间最值即可.【解析】，当时，当时，即时，.故答案为：213/【分析】首先得出，结合三角函数单调性即可求解最值.【解析】

8、由题意，从而，因为，所以的取值范围是，的取值范围是，当且仅当，即时，取得最大值，且最大值为.故答案为：.14(1)(2)【分析】（1）由余弦定理、平方关系依次求出，最后结合已知得的值即可；（2）首先求出，然后由正弦定理可将均用含有的式子表示，结合三角形面积公式即可列方程求解.【解析】（1）由余弦定理有，对比已知，可得，因为，所以，从而，又因为，即，注意到，所以.（2）由（1）可得，从而，而，由正弦定理有，从而，由三角形面积公式可知，的面积可表示为，由已知的面积为，可得，所以.15(1)(2)【分析】（1）根据辅助角公式对条件进行化简处理即可求解，常规方法还可利用同角三角函数的关系解方程组，亦可

9、利用导数，向量数量积公式，万能公式解决；（2）先根据正弦定理边角互化算出，然后根据正弦定理算出即可得出周长.【解析】（1）方法一：常规方法（辅助角公式）由可得，即，由于，故，解得方法二：常规方法（同角三角函数的基本关系）由，又，消去得到：，解得，又，故方法三：利用极值点求解设，则，显然时，注意到，在开区间上取到最大值，于是必定是极值点，即，即，又，故方法四：利用向量数量积公式（柯西不等式）设，由题意，根据向量的数量积公式，则，此时，即同向共线，根据向量共线条件，又，故方法五：利用万能公式求解设，根据万能公式，整理可得，解得，根据二倍角公式，又，故（2）由题设条件和正弦定理，又，则，进而，得到，

10、于是，由正弦定理可得，即，解得，故的周长为16(1)；(2)选择无解；选择和ABC面积均为.【分析】（1）利用正弦定理即可求出答案；（2）选择，利用正弦定理得，结合（1）问答案即可排除；选择，首先求出，再代入式子得，再利用两角和的正弦公式即可求出，最后利用三角形面积公式即可；选择，首先得到，再利用正弦定理得到，再利用两角和的正弦公式即可求出，最后利用三角形面积公式即可；【解析】（1）由题意得，因为为钝角，则，则，则，解得，因为为钝角，则.（2）选择，则，因为，则为锐角，则，此时，不合题意，舍弃；选择，因为为三角形内角，则，则代入得，解得，,则.选择，则有，解得，则由正弦定理得，即，解得，因为为三角形内角，则，则，则17(1)(2)(3)【分析】（1），利用余弦定理即可得到方程，解出即可；（2）法一：求出，再利用正弦定理即可；法二：利用余弦定理求出，则得到；（3）法一：根据大边对大角确定为锐角，则得到，再利用二倍角公式和两角差的余弦公式即可；法二：直接利用二倍角公式和两角差的余弦公式即可.【解析】（1）设，则根据余弦定理得，即，解得（负舍）；则.（2）法一：因为为三角形内角，所以，再根据正弦定理得，即，解得，法二：由余弦定理得，因为，则（3）法一：因为，且，所以，由（2）法一知，因为，则，所以，则，.法二：，则，因为为三角形内角，所以，所以