山东省2024年高一下学期6月期末大联考物理试卷（含答案）

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1、 学科网（北京）股份有限公司 20232024 学年高一期末联考学年高一期末联考 物理试题物理试题 注意事项注意事项：1答卷前答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时回答选择题时，选出每小题答案后选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需如需改动改动，用橡皮擦干净后用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上将答案写在答题卡上，写写在本试卷上无效。在本试卷上无效。3考试结束

2、后考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为考试时间为 90 分钟分钟，满分满分 100 分分 一、单项选择题一、单项选择题：本题共本题共 8 小题小题，每小题每小题 3 分分，共共 24 分。在每小题给出的四个选项中分。在每小题给出的四个选项中，只只有一项是符合题目要求的。有一项是符合题目要求的。1自首颗人造地球卫星发射后，人类已经发射了数千颗人造地球卫星。中国空间站高度约400 km，地球同步卫星高度约36000 km，均可看成在做匀速圆周运动。下列关于卫星的说法正确的是（）A空间站中的航天员处于失重状态，其不受地球的万有引力 B同一物体在空间站所受地球的万

3、有引力比在地面所受万有引力大 C地球静止卫星一定处于赤道上空，不同国家发射的静止卫星高度相同 D中国空间站所受地球的万有引力一定大于同步卫星所受地球的万有引力 2某次演习中，轰炸机沿水平方向投放了一枚炸弹，炸弹运动时间t后正好垂直击中山坡上的目标，山坡的倾角为，如图所示。不计空气阻力，已知重力加速度为g，则炸弹竖直方向下落的距离与水平方向通过的距离之比为（）A12tan B1tan C2tan Dtan 3足球在地面 1 的位置以大小为1v的速度被踢出后落到地面 3 的位置，在空中到达最高点 2 的高度为h，足球在位置 2、3 的速度大小分别为2v、3v，重力加速度为g，若不计空气阻力，则（）

4、A足球从位置 1 运动到位置 2，重力势能减少mgh 学科网（北京）股份有限公司 B足球从位置 1 运动到位置 3，重力做功为2mgh C足球由位置 1 运动到位置 2，机械能减小了22121122mvmv D足球由位置 2 运动到位置 3，重力势能减少了22321122mvmv 4火车转弯时为减小对轨道的磨损，路面与水平面存在一定夹角，使铁路弯道处的外轨略高于内轨。当火车以规定速度行驶时，内、外轨均不会受到轮缘的侧向压力。如图所示，已知火车沿着轨道做匀速圆周运动，弯道半径为80 m，两轨道之间的距离为5 m，外轨比内轨高1m，g取210 m/s。下列说法正确的是（）A路面与水平面间夹角的正切

5、值5tan5=B该铁路弯道处的规定速度大小为72 m/sv=C当火车行驶速度大于规定速度时，外侧轨道将受到侧向压力 D若遇雨雪天气，则该铁路弯道处的规定速度将减小 5如图为某卫星的发射与交会对接过程示意图，卫星发射后先在半径为1R的近地圆轨道上以1v做匀速圆周运动，然后在点P点火进入椭圆轨道，在椭圆轨道上稳定运行时经过点P速度大小为Pv，经过点Q速度大小为Qv，运行稳定后某次到达椭圆轨道上远地点Q再次点火，最终在半径为2R的圆周轨道上以3v做匀速圆周运动。下列说法正确的是（）A飞船从轨道变轨到轨道需要在点Q点火减速 B题中涉及到的四个速度的关系为13PQvvvv C飞船在点P点火前后，需要的向

6、心力大小不变 D飞船在轨道上经过点P的加速度大于在轨道上经过点P的加速度 学科网（北京）股份有限公司 6某同学设计的除尘装置如图甲所示，一个没有底的空塑料瓶上固定着一根铁锯条和一块易拉罐（金属）片，图乙为瓶内的金属片和锯条的俯视图。将锯条与起电机的负极相连，金属片与起电机的正极相连。在塑料瓶里放一盘点燃的蚊香，很快就看见整个透明塑料瓶里烟雾缭绕。当把起电机一摇，顿时塑料瓶清澈透明，停止摇动，又是烟雾缭绕。关于此实验下列说法正确的是（）A电场强度方向由锯条指向金属片 B金属片附近的电场强度大于锯条附近的电场强度 C起电机工作后烟尘会带上负电向金属片运动 D起电机工作后烟尘最终被锯条吸附 7为测试

7、质量1kgm=的电动玩具车的性能，将其置于足够大的水平面上，某时刻，电动车从静止开始做加速直线运动，运动过程中所受阻力恒为车重的 0.2 倍，电动车的牵引力F与速率的倒数关系图像如图中实线所示，电动车运动10s恰好达到最大速度，取210 m/sg=。下列说法正确的是（）A电动车的最大速度大小为0.2 m/s B电动车的输出功率为10 W C电动车的牵引力在10s内做的功为200 J D电动车在10s内运动的距离为45 m 82024 年 4 月 25 日 20 时 59 分，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号 F 遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约 10 分钟后，神舟十八号载人飞船与火

8、箭成功分离，进入预定轨道，航天员乘组状态良好，发射取得圆满成功。某时刻，质量为m的飞船恰好在空间站正下方与地心距离为1r的轨道上以周期1T做匀速圆周运动，如图所示，已知空间站所处的轨道与地心距离为2r，周期为2T，地球质量为M，引力常量为G。卫星与地心间距离为r时，取无穷远处为势能零点，引力势能可以表示为pGMmEr=。则（）学科网（北京）股份有限公司 A飞船再次到达空间站正下方需要的最短时间为2 112T TTT B飞船在该轨道运行时，动能为1GMmr C飞船在该轨道运行时，机械能为12GMmr D若飞船从该轨道合适的位置开始跃升，直至与空间站完成对接，则过程中飞船至少需要消耗的能量为121

9、1GMmrr 二、多项选择题二、多项选择题：本题共本题共 4 小题小题，每小题每小题 4 分分，共共 16 分。每小题有多个选项符合题目要分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得求。全部选对的得 4 分分，选对但不全的得选对但不全的得 2 分分，有选错的得有选错的得 0 分。分。9如图所示是一个走时准确的时钟，时针、分针、秒针长度之比为2:3:4，下列判断正确的是（）A分针和时针角速度大小之比为60:1 B秒针和分针尖端线速度大小之比为80:1 C秒针、分针、时针的转速之比为720:60:1 D秒针与分针相邻两次重合的时间间隔大于1min 10如图所示，一质量为m的带电小球，用长为l的绝

10、缘细线悬挂在与纸面平行、水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E，静止时悬线与竖直方向成角()45，卫星在点Q点火加速进入圆轨道，则有3Qvv，卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，则22MmvGmrr=，解得GMvr=，由此可知13vv，则速度关系为13PQvvvv，B 正确；飞船在点P点火前后速度大小变化，需要的向心力大小变化，C 错误；根据2GMmFmaR=，飞船在轨道上经过点P的加速度等于在轨道上经过 学科网（北京）股份有限公司 点P的加速度，D 错误。6C【解析】由于锯条与起电机的负极相连，金属片与起电机的正极相连，所以锯条带负电，金属片带正电，故电场强度方向由金属片指向锯条，A 错

11、误；尖端附近的电场线比较密集，所以在锯条附近的电场强度大于金属片附近的电场强度，B 错误；当静电除尘装置接通起电机的静电高压时，存在强电场，使空气电离而产生负离子和正离子，负离子碰到烟尘微粒使它带负电，带负电微粒在电场力作用下，向正极运动，烟尘最终被吸附到金属片上，C 正确，D 错误。7C【解析】根据图像得m10.1s/mv=，故m10 m/sv=，A 错误；根据PFv=，得PFv=，结合图像得，斜率即为电动车的输出功率，即2.0W20 W0.1P=，B 错误；电动车的牵引力在10s内做的功200 JWPt=，根据动能定理得2m12Ptkmgxmv=，代入数据解得75 mx=，C 正确，D 错

12、误。8C【解析】设飞船再次到达空间站正下方所需要的时间为t，则需满足121ttTT=，解得2 121T TtTT=，A 错误；对飞船有21211vGMmmrr=，飞船的动能2k11122GMmEmvr=，B 错误；飞船的机械能2kp111122GMmGMmEEEmvrr=+=+=，C 正确；对空间站有22222vGMmmrr=，飞船恰好到达2r轨道与空间站速度相等时完成对接消耗的能量最少，此时对飞船根据能量守恒有2212121122GMmGMmEmvmvrr+=船耗，解得12112GMmErr=船耗，D 错误。9BD【解析】根据钟表的原理和周期的定义可得，秒针的周期1minT=秒，分针的周期1

13、hT=分，时针的周期12 hT=时，即秒针、分针、时针的周期之比为:1:60:720TTT=秒分时，根据2T=可得秒针、分针、时针的角速度之比为11:1:720:12:160 720=秒分时，A 错误；根据vr=可得秒针和分针尖端线速度大小之比为801vrvr=秒秒 秒分分 分，B 正确；根据公式2 n=得秒针、分针、时针的转速之比为720:12:1，C 错误；分针与秒针相邻两次重合，满足2tt+=分秒，即222ttTT+=分秒，所经历的时间60min1min59t=，D 正确。10AB【解析】带电小球处于平衡状态，对小球受力分析如图所示，小球所受电场力与电场强度方向相反，小球带负电，A 正确

14、；根据平衡条件有tan0qEmg=，解得tanmgqE=，B 正确；若只将电场方向变为竖直向下，则电场力向上，因开始时45，则qEmg，电场力和重力的合力方向向下，则 学科网（北京）股份有限公司 带电小球将在竖直平面沿斜向下方向沿圆弧摆下，做圆周运动，C 错误；带电小球到最低点时速度最大，设小球的最大速度为mv，小球摆下过程中重力做正功，电场力做负功，由动能定理得()()2m11 cos1 cos2mglqElmv=，解得()()m21 cos1tanvgL=，D 错误。11BD【解析】根据电场强度的定义式FEq=，再由图像可知10 N/CAE=，方向沿x轴正方向，2.5 N/CBE=，方向沿

15、x轴正方向，A、C 错误，B 正确；设电荷Q所在的位置距A点左侧距离为0 x，则由A处电场强度20AkQEx=，B处电场强度()200.4BkQEx=+，联立解得00.4 mx=，则Q点的位置坐标0.2 mx=，D 正确。12BD【解析】由图乙知，物体上滑位移3mx=时，重力势能psin3718 JEmgx=，得质量1kgm=，A 错误；由动能定理可知，动能随坐标x的变化图线的斜率绝对值表示合力大小，即sincosmgmgk+=，解得0.5=，B 正确；物体沿斜面上升的最大位移15 mx=，则物体上升过程中机械能减少量1cos20 JEmgx=，C 错误；物体回到斜面底端时的动能kk0250

16、J2 20 J10 JEEE=，D 正确。13（1）AB（2 分，少选得 1 分）（2）AC（2 分，少选得 1 分）（3）2（2 分）【解析】（1）为了使小球离开斜槽后做平抛运动，需要调节斜槽末端水平，A 正确；为了使小球每次离开斜槽时的速度相同，需要在同一位置静止释放小球，B 正确；只要使小球每次离开斜槽后的速度相同，在同一位置释放即可，无需减小小球与斜槽之前的摩擦，C 错误；将小球的位置记录在纸上后，舍弃明显错误的点后将各点用平滑曲线连接，D 错误。（2）由图可知，第 3 个痕迹点与其它痕迹点偏差较大，原因可能是离开斜槽时的速度较大，离开斜槽时速度偏大的原因可能是小球释放高度偏高，小球没

17、有静止释放，A、C 正确。（3）由图可知A、B两点间的水平位移等于B、C两点间的水平位移，则A、B两点间的时间间隔等于B、C两点间的时间间隔，在竖直方向上根据逐差公式可知2BCAByygT=，解得A、B两点间的时间间隔0.1sT=，则小球做平抛运动的初速度大小为02 m/sABxvT=。学科网（北京）股份有限公司 14（1）D（1 分）（2）A（1 分）（3）1.85（1 分）1.68（1 分）（4）1m gl（2 分）()21212dmmt+（2 分）【解析】（1）为了减小空气阻力的影响，重物应选用质量大、密度大的小球，则最优选择为质量为200 g的铁球，D 正确。（2）释放纸带时，要保证纸

18、带竖直与限位孔无摩擦，并且物体要靠近打点计时器从而充分利用纸带，A正确。（3）重锤从开始下落到打B点时，减少的重力势能2p11 9.8 18.90 10J1.85 JBEmgh=，打B点时速度2CABhhvT=，计数点间时间间隔20.04sTf=，从重锤下落到打B点时增加的动能2k112BEmv=，联立解得k1.68 JE。（4）在滑块从静止释放到运动到光电门的过程中，系统的重力势能减少量p1Em gl=；遮光条通过光电门时的速度dvt=，系统动能增加量()2k1212dEmmt=+。15（1）2gRG （2）ngRk【解析】（1）在地球表面附近有002GMmm gR=（2 分）解得地球质量2

19、gRMG=（1 分）（2）在火星表面做圆周运动的卫星，万有引力提供向心力，222GnMmvmk RkR=（2 分）解得火星的第一宇宙速度大小为ngRvk=（2 分）16（1）3m/s （2）3529【解析】（1）将圆环的速度分解，如图所示 学科网（北京）股份有限公司 A、B的速度关系为223cos5Ahvvvvhl=+（2 分）解得3m/sAv=（1 分）（2）由几何关系得A上升的高度221mAhhll=+=（1 分）由机械能守恒定律得221122AAmghMghmvMv=+（3 分）解得3529Mm=（2 分）17（1）23 34kQl，方向平行于AB向左 （2）234kQql 34kqQm

20、l【解析】（1）A、B两个点电荷在C处产生的电场强度大小相等，均为 2223433QkQEklll=+（2 分）C点的电场强度大小CE等于E在AB方向上的分量的 2 倍，即 2223 32433ClkQEElll=+（2 分）方向平行于AB向左（2 分）（2）若只将A的电荷量变为Q+，C点的电场强度大小CE等于E在CO方向上的分量的 2 倍，即 2223332433ClkQEElll=+（2 分）此时q所受的静电力的大小为234CkQqFE ql=（2 分）学科网（北京）股份有限公司 根据牛顿第二定律有233mvFl=（2 分）解得34kqQvml=（2 分）18（1）4mgR （2）32mg

21、R （3）pEmgR或p52EmgR【解析】（1）物体从A点到B点的过程中，由机械能守恒定律，得弹簧的弹性势能2p142BEmvmgR=（3 分）（2）物体到达C点时，重力提供向心力有2CmvmgR=（2 分）物体从B点运动至C点，由动能定理有2211222CBWmgRmvmv=阻（2 分）解得32WmgR=阻（1 分）（3）当物体不能从最高点C点飞出，要保证始终不脱离轨道，则最高能运动到圆弧轨道的中点，由机械能守恒定律，得弹簧的弹性势能最大为p1EmgR=（2 分）当物体能从最高点C点飞出，要保证始终不脱离轨道，则物体在C点时，至少有重力提供向心力，2CmvmgR=（2 分）由机械能守恒定律，得弹簧的弹性势能至少为2p215222CEmgRmvmgR=+=（2 分）故弹簧弹性势能大小的取值范围为pEmgR或p52EmgR（2 分）