2019高考物理二轮小题狂做专练二十五：交变电流的产生与描述（含答案解析）

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1、1 【成都 2019 届摸底】如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为 e20 sin l00t（V） 。下列说法正确的是( )2A该线框转动的频率是 100 HzB该线框产生的交变电动势最大值是 20 VCt0.005 s 时刻，线框平面与中性面重合Dt0.05 s 时刻，穿过线圈的磁通量变化率为 02 【广西百校大联考】如图所示，OO是磁感应强度大小为 B 的匀强磁场的左边界，也是一面积为 S 的 n 匝矩形金属线框的对称轴，若线框以角速度 绕与磁感线垂直的转轴 OO匀速转动，并从图示位置(线框与磁感线平行)开始计时，

2、则( )A 时，线框中的感应电流最小2tB 时，穿过线框的磁通量变化率最大tC线框中产生的交变电动势的最大值为 nBSD线框中产生的交变电动势的有效值为 24nBS3 【湖南质量监测】在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的感应电动势如图乙所示，则( )A线框产生的交变电动势有效值为 311VB线框产生的交变电动势频率为 100 HzCt0.01 s 时线框平面与中性面重合Dt0.015 s 时线框的磁通量变化率为零4 【淄博实验中学检测】有一交流发电机模型，矩形金属线圈在匀强磁场中绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，发电机负载为白炽小灯泡，若线圈匝数为 100

3、 匝，回路总电阻为 2 ，线圈转动过程中穿过该线圈的磁通量 随时间 t 的变化规律为 0.04sin t （Wb） ，设 210，回路中电阻值恒定不变，则( )At0 时，回路瞬时电流为零Bt10 s 时，回路电流改变方向Ct1.5 s 时，回路瞬时电流最大D从 t0 到 t10 s 时间内，回路产生的焦耳热为 400 J5 【雄安新区高三模拟】图甲为风力发电的简易模型。在风力作用下，风叶带动与杆固连的永磁铁转动，磁一、单选题二十五 交变电流的产生与描述铁下方的线圈与电压传感器相连。在某一风速时，传感器显示如图乙所示，则( )A磁铁的转速为 10 r/sB线圈两端电压的有效值为 6 VC交变电

4、流的电压表达式为 u12sin 5t VD该交变电流可以直接加在击穿电压为 9 V 的电容器上7 【昆明质检】如图甲所示，一定值电阻 R 与一理想交流电流表串联，且通过电刷与匝数为 N、面积为 S、阻值为 r 的正方形线框相连接，正方形线框处在水平向右的磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，现使线框绕中心轴线 OO以恒定的角速度 转动。从某时刻开始计时，线框中产生的感应电动势随时间的变化规律如图乙所示。则( )A0t 1 时间内，穿过线框的磁通量的变化量大小为 NBSBt 1t 2 时间内流过定值电阻的电荷量为 NBSRCt 5 时刻穿过线框的磁通量的变化率为 NBSDt 5 时刻理想交流电流表

5、的读数为 2()r8 【北京理工大学附属中模拟】如图所示，图线 a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线 b 所示，以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是( )A在图中 t0 时刻穿过线圈的磁通量均为零B线圈先后两次转速之比为 32C交流电 a 的瞬时值为 u 10sin 5t(V)D交流电 b 的最大值为 V039 【广东七校 2019 届联考】如图所示，竖直长导线通有恒定电流，一矩形线圈 abcd 可绕其竖直对称轴 O1O2转动。当线圈绕轴以角速度 沿逆时针（沿轴线从上往下看）方向匀速转动，从图示位置开始计时，下列说法正确的是(

6、 )At0 时，线圈产生的感应电动势最大B0 时间内，线圈中感应电流方向为 abcda2Ct 时，线圈的磁通量为零，感应电动势也为零D线圈每转动一周电流方向改变两次10 【莆田中心月考】如图所示，一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数 n100，穿过每匝线圈的磁通量 随时间按正弦规律变化，如图所示。发电机线圈二、解答题电阻 r4 ，外电路中的电阻 R6 ，灯泡 L 电阻 RL12 ，不计其他电阻，交流电流表为理想电流表。求：（3.14 ）(1)线圈从图示位置开始转动产生的电动势的瞬时值表达式；(2)从图示位置转过 90的过程中电阻 R 产生的热

7、量。11 【东城区联考】如图甲所示是某同学设计的一种振动发电装置的示意图，它的结构是一个套在辐向形永久磁铁槽中的半径为 r0.10 m、匝数 n20 匝的线圈，磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布（其右视图如图乙所示） 。在线圈所在位置磁感应强度的大小均为 ，线圈的电阻为 R10.50 ，它的引出线接有0.2TBR29.50 的小电珠 L。外力推动线圈框架的 P 端，使线圈沿轴线做往复运动，便有电流通过小电珠。当线圈运动速度 v 随时间 t 变化的规律如图丙所示时（摩擦等损耗不计） 。求：(1)小电珠中电流的峰值；(2)电压表的示数；(3)t0.01 s 时外力 F 的大小；(4)在不改变发电装置

8、结构的条件下，要使小灯泡的功率提高，可采取什么办法?（至少说出两种方法）答案与解析1 【解析】该线框转动的频率是 ，选项 A 错误；该线框产生的交变电动势最大值是=2=1002=5020 V，选项 B 错误；t0.005s 时刻，线框转过的角度为 l000.005= ，此时平面与中性面垂直，选项 C 错22误；t0.05s 时刻，电动势的瞬时值为 0，此时穿过线圈的磁通量变化率为 0，选项 D 正确。【答案】D2 【解析】当 时，即 时线框中的感应电流最大，A 错误；当 时，即 时线圈处于中性=2 =2 2t=2面位置，感应电流为零，此时磁通量的变化率最小，B 错误；线框中产生的交变电动势的最

9、大值为，选项 C 错误；线框中产生的交变电动势的有效值为 ，D 正确。=2=12 =2=24【答案】D3 【解析】由图乙可知 T=0.02s， ，故该交变电流的有效值为 ，频率=311 =2=3112=220，故 A、B 错误；0.01s 时电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，即线框平面与中性面重合，=1=50故 C 正确；由图可知 t=0.015s 时刻感应电动势最大，所以穿过线框回路的磁通量变化率为最大，故 D 错误。【答案】C4 【解析】根据穿过线圈的磁通量随时间的变化规律 0.04sint （Wb） ，t0 时，穿过回路的磁通量为零，感应电动势最大，感应电流最大，故 A 错误；t=10

10、s 时，穿过回路的磁通量为零，回路中的电流方向不改变，故 B 错误；t1.5s 时，穿过回路的磁通量最大，磁通量的变化率为零，回路中的瞬时电流最小，故 C 错误；Em nBSn m4 V，故产生的感应电动势的有效值 ，回路中产生的焦耳热2 22Q= t400J，故 D 正确。2【答案】D5 【解析】电流的周期为 T=0.4s，故磁体的转速为 ，故 A 错误；通过乙图可知电压的最大=1=10.4=2.5/值为 12V，故有效值 ，故 B 错误；周期 T=0.4s，故 ，故电压=2=122=62 =2=20.4/=5/的表达式为 ，故 C 正确电容器的击穿电压为交流电的最大值，而交流电的最大值大于

11、电容器=125()的击穿电压，故不能，故 D 错误；【答案】C7 【解析】由题图甲、乙可知，0 时刻穿过线框的磁通量大小为 BS，t 1 时刻穿过线框的磁通量大小为 0，因此 0t 1 时间内穿过线框的磁通量的变化量大小为 BS。故 A 项错误。t 1t 2 时间内磁通量的变化量大小为BS，则平均电动势 ，通过电阻 R 的电荷量 。故 B 项错误。t 5 时刻线框= =+= (+)=+中产生的感应电动势 ，由法拉第电磁感应定律 可知： t5 时刻穿过线框的磁通量的变化率 =。故 C 项错误。理想交流电流表的读数为交流电的有效值，则 ；任一时刻理想交= =2+=2(+)流电流表的读数均为 。故

12、D 项正确。2(+)【答案】D8 【解析】由图可知，t=0 时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，所以 A 错误；由图象可知TA：T B=2：3，故 nA：n B=3：2，所以 B 正确，由图象可知，交流电 a 的最大值为 10V，角速度为，所以交流电 a 的瞬时值为 u=10sin5tV，所以 C 正确；交流电最大值 Um=NBS，故=2=20.4=5Uma：U mb=3：2，故 Umb Uma V，D 正确。本题选错误的，故选 A。23 203【答案】A9 【解析】通电导线在其周围产生磁场，在其左侧产生的磁场垂直于纸面向外，离导线越远，磁场越弱，在t=0 时刻，ab 边和 cd 边转动

13、时，速度方向与磁场平行，故不切割磁感线不产生感应电动势，故 A 错误；在0 时间内，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知，线圈中感应电流方向为 abcda，故 B 正确；t=2时，线圈的磁通量为零，ab 边和 cd 边转动时，磁通量的变化率不为零，故感应电动势不为零，故 C 错误；2线圈每转动一周电流方向改变两次，故 D 正确。【答案】BD10 【解析】(1)根据乙图可知周期为：T=3.1410 -2s ，则角速度为：= =200 rad/s；2线圈产生的电动势的最大值为：E m=nm=200V线圈从图示位置开始转动产生的电动势的瞬时值表达式：e=200cos200t；(2)电阻 R 上电压

14、的有效值为： 2(外 +)外 200284 502转过 900 角的时间： =2=4102电阻 R 产生的热量为： =2=(502)26 4102 9.811 【解析】 （1）由题意及法拉第电磁感应定律知道，由于线圈在磁场中做往复运动，产生的感应电动势的大小符合正弦曲线变化规律线圈中的感应电动势的峰值为 ，电路总电阻为=2 1+2则小灯泡中电流的峰值为 =21+2=200.220.12(9.5+0.5)=0.16（2）电压表示数为有效值 =2=222=220.169.5=0.7621.07（3）当 也就是 时，外力 F 的大小=0.014 =2=224221+2=0.128（4）根据 ，且 ，=22 =2=222 =21+2联立解得： =22=22(21+2)2由上式可知在不改变发电装置结构的条件下，要使小灯泡的功率提高，可采取有：提高 、或用变压器提高灯泡两端的电压 U。