2018-2019学年甘肃省白银市靖远县九年级上期末物理试卷（含答案解析）

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1、2018-2019 学年甘肃省白银市靖远县九年级（上）期末物理试卷一、选择题：（每小题 3 分，共 18 分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（  ）A物体温度升高，它的内能一定增加B物体内能增加，一定吸收了热量C对物体做功，物体的内能一定增加D物体吸收了热量，温度一定升高2一杯酒精倒掉一半，剩下另一半时（  ）A热值不变，比热变为原来的一半B比热不变，热值变为原来的一半C热值、比热变为原来的一半D热值、比热都不变3如果通草球甲、乙相互排斥，甲、丙相互吸引。已知甲带正电，那么乙、丙的带电情况是（  ）A乙带负电、丙带正电B乙带正电、丙带正电C乙带负电、丙带

2、负电或不带电D乙带正电、丙带负电或不带电4举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己前面的按钮（相当于闭合开关）要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己前面的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡 L 才亮。以下符合这一要求的电路是（  ）A BC D5为了探究“电功率与电阻的关系时”，选用额定电压均为 6V 的 L1、L 2 两盏灯泡，将两灯串联起来，按照如图的电路开始了实验探究，闭合开关后看见灯 L1 微微发光，灯 L2 几乎不发光，下面关于两灯的电阻 R1 和 R2、两灯的额定功率 P1 和 P2 的大小关系成立的是（不考虑电阻值随温度

3、的变化）（  ）AR 1R 2    P1P 2 BR 1R 2    P1P 2CR 1R 2     P1P 2 DR 1R 2    P1P 26如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（  ）A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗D电压表示数变大，电流表示数不变，灯泡亮度不变二、填空题：（每空 1 分，共 17 分）7在军事演习中，一架飞机沿水平方向匀速飞行的过程中投放军用

4、物资，在此过程中飞机的动能      （选填“变大”、“变小”或“不变”），物资在加速下落过程中，动能     ，重力势能       。（选填“变大”、“变小”或“不变”）8如图所示，AB 和 BC 是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，则 RAB     RBC；将它们串联后接入电路中，通过它们的电流分别是 IAB 和 IBC，则 IAB     I BC（填“”“”或“”）。9如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导

5、线的     ，从而减小了导线的      ，以达到减少输电线上电能损失的目的。10牛肉面是全省人民“舌尖上的美食”。端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，是由于分子的     造成的；端碗时很烫手，是通过     方式增加了手的内能。11在图（a）电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b），则电阻 R1 和 R2 两端的电压分别为     和      ，电功率之比为      12小明学习了电能表的知识后，回到家里观察电

6、能表的示数是 ，过一段时间后，小明家电能表的示数如图所示，则小明家这段时间消耗的电能是     kWh；若小明只让家中一个用电器工作，观察到 1min 电能表的转盘穿了 30 转，则该用电器的功率是     W 。13如图甲是电阻 R 和灯泡 L 的 UI 图象，由图可知电阻 R 的阻值；若将电阻 R 和小灯泡 L 串联在电路中（如图乙），电流表示数为 0.4A，则电源的电压是       V，电路消耗的总功率是     W。三、识图、作图：（每小题 4 分，共 8 分）14请将带开关的螺丝口灯泡和三孔插

7、座正确接入如图所示的电路中。15如图中给出了几种元件，按要求在左面设计电路并将右面图中元件用笔画线表示导线连接起来，要求：L 1、L 2 互不影响，用滑动变阻器改变 L2 通过的电流大小，滑片 P 向左移动时灯 L2 变亮，开关 S 控制整个电路四、实验探究题（本题共 3 小题，每空 1 分，图 2 分，共 16 分）16如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置。（1）该实验利用了转换法，通过观察     来判断      （选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功。目的是为了

8、探究动能的大小与     的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的     （选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与     的关系。17采用如图的装置探究“电流产生的热量跟什么因素有关”，接通电源，瓶内的空气被加热后膨胀，使 U 型管中的液面发生变化，通过观察 U 型管的液面变化情况比较出瓶内电阻丝的发热多少。（1）如图所示的是探究电流产生的热量跟     的关系，通电一段时间      （选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量

9、多。（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少。此时该装置是探究电流产生的热量跟     的关系，一段时间后电阻丝产生的热量     （选填“左瓶”、“右瓶”或“两瓶一样”）多。18小明做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有电压为 6V 的电源，额定电压为 2.5V 的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。（1）如图甲是小明没有连接完整的实物电路，请你用笔画线代替导线，帮小明将电路连接完整。（2）小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡不发光，电流表和电压表都有示数但示数很小，

10、无论如何移动滑动变阻器滑片 P，小灯泡始终没有发光，则原因可能是     。（3）小明正确连接电路后闭合开关，移动滑片 P，在移动滑片 P 的过程中他的眼睛应始终注视着      （电压表、电流表），使小灯泡两端的电压为      时为止，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙，小灯泡的额定功率是     W。（4）测完小灯泡的额定功率后，在不改变变阻器滑片 P 情况下，仅将小灯泡换成 5 定值电阻，若要电压表的示数仍为 2.5V，滑片 P 应向     移动（选填“左”或“

11、右”）五、计算题（计算要有公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位，本题共 3 小题 21 分）19完全燃烧 0.5kg 的煤气，如果放出的热有 80%给水吸收，则水吸收多少热量？它能使 20，多少 kg 的水升高到 100？q 煤气 4.210 7J/kg，C4.2 103J/（kg） 。20如图所示，电源电压恒定，R 120 ，闭合开关 S，断开开关 S1，电流表示数是 0.3A；若再闭合 S1，发现电流表示数变化了 0.2A。（1）电源电压是多大？（2）电阻 R2 的阻值是多少？21如图的是一电热水器的电路原理图，电热管 R1 标有“220V 1100W”字样，R 1 和 R2 构成保

12、温电路。当开关 S1、S 2 均闭合时，电热管正常工作，给水箱里的水加热；当开关 S1 闭合、S 2 断开时，热水 器处于保温状态，保温功率为 110W求：（1）电阻 R1 的阻值；（2）电阻 R2 的阻值；（3）保温状态下 R1 的实际功率。2018-2019 学年甘肃省白银市靖远县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每小题 3 分，共 18 分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（  ）A物体温度升高，它的内能一定增加B物体内能增加，一定吸收了热量C对物体做功，物体的内能一定增加D物体吸收了热量，温度一定升高【分析】（1）物体的内能与物体的质量、温度有关

13、；（2）做功和热传递都能改变物体的内能；（3）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；【解答】解：A、同一物体，其温度升高，它的内能一定增加，故 A 正确；B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故 B 错误；C、若没有热量损失的情况下，对物体做功，物体的内能一定增加，故 C 错误；D、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故 D 错误；故选：A。【点评】此题考查了内能大小的影响因素、内能的改变等知识点，是一道综合题。2一杯酒精倒掉一半，剩下另一半时（  ）A热值不变，比热变为原来的一半B比热不变，热值变为原来的一半C热值、比热变为原来的一半D热值、比热都不变【分析】比热容

14、和热值是物质本身的一种特性。【解答】解：一杯酒精倒掉一半，剩下另一半时，比热容和热值是物质本身的一种特性，和质量无关。故 A、B、C 不符合题意。D 符合题意。故选：D。【点评】考查了比热容的概念和燃料热值的特点，学生要牢固掌握。3如果通草球甲、乙相互排斥，甲、丙相互吸引。已知甲带正电，那么乙、丙的带电情况是（  ）A乙带负电、丙带正电B乙带正电、丙带正电C乙带负电、丙带负电或不带电D乙带正电、丙带负电或不带电【分析】根据电荷间相互作用规律和带电体的性质可知：排斥的一定带同种电荷，吸引的可能带异种电荷，可能一个带电，一个不带电。根据上面的两个规律进行判断。【解答】解：已知甲带正电，甲

15、、乙相互排斥，所以甲、乙一定带同种电荷，即乙一定带正电。甲与丙相互吸引，而吸引的现象：一是带异种电荷的带电体之间；二是一个带电，一个不带电，故丙带负电或不带电。故选：D。【点评】本题的关键是知道相互吸引的情况有两种，所以相互排斥的物体一定带同种电荷，相吸的物体可能带异种电荷，可能是带电体吸引轻小物体。4举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己前面的按钮（相当于闭合开关）要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己前面的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡 L 才亮。以下符合这一要求的电路是（  ）A BC D【分析】由题意可知，主裁判和至少一

16、个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L 才亮；根据串联电路电路中各元件相互影响和并联电路中各元件互不影响进行判断。【解答】解：由题意可知，当两个副裁判对应的按钮可以单独工作、并且互不影响，而主裁判的按钮与副裁判的按钮工作时相互影响，因此两个副裁判对应的开关乙和丙并联连接后与主裁判对应的开关甲串联连接，故 B 符合题意、ACD 不符合题意。故选：B。【点评】本题考查对串联和并联电路的认识和理解，根据题意得出三个开关的连接方式是解决本题的关键。5为了探究“电功率与电阻的关系时”，选用额定电压均为 6V 的 L1、L 2 两盏灯泡，将两灯串联起来，按照如图的电路开始了实验探究，闭合开

17、关后看见灯 L1 微微发光，灯 L2 几乎不发光，下面关于两灯的电阻 R1 和 R2、两灯的额定功率 P1 和 P2 的大小关系成立的是（不考虑电阻值随温度的变化）（  ）AR 1R 2    P1P 2 BR 1R 2    P1P 2CR 1R 2     P1P 2 DR 1R 2    P1P 2【分析】由两个灯泡的亮度情况得出二者的电功率关系，然后根据 PI 2R 得出二者的电阻关系，最后根据 P 得出二者的额定功率关系。【解答】解：灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，因为灯 L1 微微发光，灯

18、 L2 几乎不发光，所以 L1 的实际功率比 L2 的实际功率大；由图知，两灯串联，通过两灯的电流相同；根据 PI 2R 可知，在电流相同的情况下，用电器的电功率与阻值成正比，所以 R1R 2；已知两灯的额定电压相同，且 R1R 2，根据 P 可知，在电压相同的情况下，电功率与电阻成反比，所以两灯的额定功率 P1P 2。故选：C。【点评】本题考查了电功率公式 PI 2R 和 P 的应用，在计算电功率的习题中，往往要用到这两个公式：一般在串联电路中，用公式 PI 2R 分析计算；在并联电路中，用公式 P 分析计算。6如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（ &nbs

19、p;）A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗D电压表示数变大，电流表示数不变，灯泡亮度不变【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片左侧部分电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知滑片移动时电路中电流的变化，根据 PI 2R 可知滑片移动时灯泡实际功率的变化，进一步可知灯泡亮暗的变化；根据滑片的移动可知滑片左侧部分电阻丝的变化，根据欧姆定律可知滑片左侧部分电阻丝两端的电压变化，进一步可知电压表示数的变化

20、。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑片左侧部分电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，由 I 可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故 ABC 错误；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 PI 2R 可知，滑片移动时，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑片左侧部分电阻丝的阻值变大，由 UIR 可知，滑片左侧部分电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 D 正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功

21、率公式的应用，会根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变且电压表示数变化是关键。二、填空题：（每空 1 分，共 17 分）7在军事演习中，一架飞机沿水平方向匀速飞行的过程中投放军用物资，在此过程中飞机的动能 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”），物资在加速下落过程中，动能  变大 ，重力势能 变小 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）【分析】（1）影响动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资，在此过程

22、中飞机的速度不变，质量变小，所以动能变小；物资在加速下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，但速度越来越快，动能越来越大，所以，重力势能转化为动能。故答案为：变小；变大；变小。【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。8如图所示，AB 和 BC 是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，则 RAB RBC；将它们串联后接入电路中，通过它们的电流分别是 IAB 和 IBC，则 IAB I BC（填“”“”或“”）。【分析】（1）AB 和 BC 是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；（2）根据

23、串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系。【解答】解：（1）导体 AB 和 BC 由同种材料制成、长度相同，由图可知导体 AB 横截面积比 BC 的小，R AB RBC；（2）两段导体串联，通过两导体的电流相等，即 IABI BC。故答案为：；。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素和串联电路电流的特点。9如图是四根高压输电线上的一个装置，利用这个装置将四根导线并联起来，相当于增大了导线的 横截面积 ，从而减小了导线的  电阻 ，以达到减少输电线上电能损失的目的。【分析】将四根导线并列的连接在一起等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，从外形上看，很容易得出其横截面积的变化。根据

24、导体的横截面积与电阻的关系，从而可以确定横截面积的变化造成导体的电阻如何变化。【解答】解：四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何一根导线，其横截面积变大了。导体的电阻大小与导体的横截面积有关，在其他因素不变的情况下，其电阻的大小与导体的横截面积成反比。所以横截面积增大，导体的电阻减小。故答案为：横截面积；电阻【点评】导体的电阻大小有四个因素有关：材料；长度；横截面积；温度。研究导体的电阻变化时，要用到控制变量法，在此题中，通过四根导线的并联，改变了导体的横截面积。从而改变了导体的电阻值。10牛肉面是全省人民“舌尖上的美食”。端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，是由于分子的 无规则运动

25、造成的；端碗时很烫手，是通过  热传递 方式增加了手的内能。【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停的做无规则运动；分子永不停息的做无规则运动；改变物体内能的方式有热传递和做功。【解答】解：端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，这时扩散现象，说明分子在不停做无规则运动；端碗时很烫手，手从碗上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。故答案为：无规则运动；热传递。【点评】本题考查了扩散现象、分子运动及热传递改变物体内能，相对比较简单，属于基础题。11在图（a）电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图（b），则电阻 R1 和 R2 两端的电压分别

26、为 4.8V 和  1.2V  ，电功率之比为  4： 1 【分析】由电路图可知，R 1 与 R2 串联，电压表 V1 测电源两端的电压，电压表 V2 测 R2 两端的电压。根据串联电路的电压特点结合两电压表指针偏转角度相同判断两电压表的量程，根据分度值读出电源的电压和 R2 两端的电压，进一步求出 R1 两端的电压，根据串联电路的电流特点和PUI 求出两电阻的电功率之比。【解答】解：由电路图可知，R 1 与 R2 串联，电压表 V1 测电源两端的电压，电压表 V2 测 R2 两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表指针偏转角度相同，所以，电压表

27、 V1 的量程为 015V ，分度值为 0.5V，则电源的电压 U6V，电压表 V2 的量程为 03V，分度值为 0.1V，则 R2 两端的电压 U21.2V，则 R1 两端的电压：U 1UU 26V 1.2V4.8V，因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻的电功率之比： 。故答案为：4.8V；1.2V；4：1。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，正确的确定两电压表的量程并读出示数是关键。12小明学习了电能表的知识后，回到家里观察电能表的示数是 ，过一段时间后，小明家电能表的示数如图所示，则小明家这段时间消耗的电能是 18.2 kWh；若小明只让家中一个用电器工作，观察到 1

28、min 电能表的转盘穿了 30 转，则该用电器的功率是 1200 W 。【分析】（1）月底示数与月初示数之差就是当月消耗的电能；（2）1500r/kW h 表示的是电路中每消耗 1kWh 的电能，电能表转盘转过 1500r，或者表示电能表每转过 1r，电路中消耗 kWh 的电能，求出电能表转盘转过 30r 用电器消耗的电能，然后根据 P 求出用电器的功率。【解答】解：（1）小明家共消耗的电能：318.5kWh300.3kWh18.2kWh；（2）电能表转盘转了 30 圈用电器消耗的电能：W30 kWh0.02kWh；用电器的功率：P 1.2kW 1200W。故答案为：18.2；1200。【点评

29、】本题考查了电能表的参数的理解、电能表的读数、电能和功率计算等。这是一个类型的习题，要熟练掌握。13如图甲是电阻 R 和灯泡 L 的 UI 图象，由图可知电阻 R 的阻值5 ；若将电阻 R 和小灯泡 L 串联在电路中（如图乙），电流表示数为 0.4A，则电源的电压是  3 V，电路消耗的总功率是  1.2 W。【分析】（1）电阻 R 的 UI 图象是正比例函数，则 R 为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出 R 的阻值；（2）将电阻 R 和小灯泡 L 串联在图乙所示的电路中时，通过它们的电流相等，根据图象读出它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出

30、电源的电压，利用 PUI 求出电路消耗的总功率。【解答】解：（1）由图象可知，电阻 R 的 UI 图象是正比例函数，则 R 为定值电阻，当 R 两端的电压 UR2V 时，通过的电流 IR0.4A ，由 I 可得，R 的阻值：R 5；（2）将电阻 R 和小灯泡 L 串联在电路中，且电流表示数为 0.4A 时，因串联电路中各处的电流相等，所以，I RI L 0.4A，由图象可知，此时 UR2V，U L1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UU R+UL2V+1V3V，则电路消耗的总功率：PUI3V0.4A1.2W 。故答案为：5；3；1.2。【点评】本题考查串联电路特点和欧姆

31、定律的应用，关键是会看图象并从中找到有用的信息。三、识图、作图：（每小题 4 分，共 8 分）14请将带开关的螺丝口灯泡和三孔插座正确接入如图所示的电路中。【分析】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”。而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地。【解答】解：【点评】本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接。15如图中给出了几种元件，按要求在左面设计电路并将右面图中元件用笔画线表示导线连接起来，要求：L 1、L 2 互不影响，用滑动变阻器改变 L2 通过的电流大小，滑片 P 向左移动时灯 L2 变亮，开关 S 控制

32、整个电路【分析】根据 L1、L 2 互不影响确定两灯的连接方式，根据滑片 P 向左移动时灯 L2 变亮确定变阻器的连接与 L2 串联，开关与控制的电路串联，据此设计电路图，根据电路图连接实物图。【解答】解：L1、L 2 互不影响，故两灯并联；用滑动变阻器改变 L2 通过的电流大小，则滑动变阻器与 L2 串联；滑片 P 向左移动时灯 L2 变亮，即电流变大，变阻器接入的电阻变小，故滑片 P 以左的电阻丝连入电路中；开关 S 控制整个电路，S 接在干路上，如下左图所示；根据电路图连接实物图，如下右图所示：故答案为：电路图如上左图所示；实物图如上右图所示。【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是变

33、阻器和开关的连接。四、实验探究题（本题共 3 小题，每空 1 分，图 2 分，共 16 分）16如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置。（1）该实验利用了转换法，通过观察 木块移动的距离 来判断  小球 （选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功。目的是为了探究动能的大小与 速度 的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的 相同 （选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与 质量 的关系。【分析】（1）本实验通过比较小球推动木块运动距离的大小，判断小球动能的大小。（2）动

34、能大小跟质量和速度有关。在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变。（3）动能大小跟质量和质量有关。在探究动能大小跟质量关系时，控制质量速度不变。【解答】解：（1）实验中，通过小球推动木块运动距离的大小来反映小球动能的大小；（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小球的质量相同，速度不同，所以需使同一小球的小车从斜面的不同高度由静止滑下；（3）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量部相同的小球从斜面的同高度由静止滑下。故答案为：（1）木块移动的距离；小球；（2）速度；（3）相同；质量。【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制

35、变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。17采用如图的装置探究“电流产生的热量跟什么因素有关”，接通电源，瓶内的空气被加热后膨胀，使 U 型管中的液面发生变化，通过观察 U 型管的液面变化情况比较出瓶内电阻丝的发热多少。（1）如图所示的是探究电流产生的热量跟 电流 的关系，通电一段时间  左瓶 （选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量多。（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少。此时该装置是探究电流产生的热量跟 电阻 的关系，一段时间后电阻丝产生的热量 左瓶 （选填“左瓶”、“右瓶”或“两瓶一样”）多。【分析】（

36、1）电流产生的热量跟电流的大小、电阻的大小、通电时间有关；探究电流产生热量跟电流关系时，需控制通电时间和电阻相同，改变电流的大小；探究电流产生热量跟电阻关系时，需控制通电时间和电流相同，改变电阻的大小；（2）分析图中的实验装置，看电流、电阻和通电时间中，哪些相同、哪些不同，从而判断实验探究电流产生的热量与什么因素有关；（3）根据焦耳定律的公式 QI 2Rt 判断产生热量的多少。【解答】解：（1）如图的装置中，右边两个 5 的电阻并联后与左边 5 的电阻再串联；根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即 I 右 I 左 ，两个 5 的电阻并联，根据并联电路的电流特点

37、可知 I 右 I 内 +I 外 ，比较可知 I 左 I 内 ；两瓶中电阻相等（均为 5），通电时间相等，电流不同，故探究的是电流产生的热量跟电流的关系；通电一段时间后，由于电阻相同、通电时间相同、I 左 I 内 ，根据焦耳定律 QI 2Rt 可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多。（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，右瓶中两根电阻丝对瓶内空气进行加热；根据并联电路总电阻的计算公式可得，右瓶中两根 5 电阻丝的总电阻为2.5，小于 5，即 R 左 R 右 ；两瓶内电阻丝的总电阻不相等，通电时间相等，电流相等，故探究的是电流产生的热量跟电阻的关系；通电一段时间后，由于电流相

38、同（即 I 右 I 左 ）、通电时间相同、 R 左 R 右 ，根据焦耳定律QI 2Rt 可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多。故答案为：（1）电流；左瓶；（2）电阻；左瓶。【点评】本题考查了学生对焦耳定律的理解，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。18小明做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有电压为 6V 的电源，额定电压为 2.5V 的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。（1）如图甲是小明没有连接完整的实物电路，请你用笔画线代替导线，帮小明将电路连接完整。（2）小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡不发光，电流表和电压表都有

39、示数但示数很小，无论如何移动滑动变阻器滑片 P，小灯泡始终没有发光，则原因可能是 滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路 。（3）小明正确连接电路后闭合开关，移动滑片 P，在移动滑片 P 的过程中他的眼睛应始终注视着 电压表 （电压表、电流表），使小灯泡两端的电压为  2.5 时为止，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙，小灯泡的额定功率是 0.65 W。（4）测完小灯泡的额定功率后，在不改变变阻器滑片 P 情况下，仅将小灯泡换成 5 定值电阻，若要电压表的示数仍为 2.5V，滑片 P 应向 右 移动（选填“左”或“右”）【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程，电压表并联

40、在灯的两端；电流表选用小量程，串联在电路中；（2）闭合开关，小灯泡不发光，电流表和电压表都有示数但示数很小，说明电路是通路，电流较小，原因是电路电阻太大；同时移动滑动变阻器滑片子，灯亮度不变，说明变阻器没有变阻作用，变阻器接电路方法错误；（3）测量灯泡的额定功率时，需要将灯泡两端的电压调整为额定电压；根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数，根据 PUI 求灯的额定功率；（4）根据欧姆定律算出灯泡正常发光的电阻，根据分压原理确定电压表示数的变化；研究电流与电阻的关系时，应保持电压不变，确定滑片的移动方向。【解答】解：（1）灯的额定电压为 2.5V，电压表选用小量程，并联在灯的两端：电流表选用

41、小量程，串联在电路中，如图所示；（2）闭合开关，小灯泡不发光，电流表和电压表都有示数但示数很小，说明电路是通路，电流较小，原因是电路电阻太大；移动滑动变阻器滑片时，灯始终不发光，说明变阻器没有变阻作用，同时将下面的两个接线柱接入电路；（3）测量小灯泡的额定电功率时，需要调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为额定电压，所以实验时，需要手移动滑动变阻器，眼睛看电压表，直到电压表的示数为 2.5V，读出电流表的示数，图乙中电流表的量程为 00.6A ，分度值为 0.02A，示数为 0.26A，则灯泡的额定功率 PUI2.5V0.26A 0.65W ；（4）灯泡正常发光的电阻为：R 9.6；测完小灯泡的额定

42、功率后，在不改变变阻器滑片 P 情况下，仅将小灯泡换成 5 定值电阻，电阻减小，分压减少，若要电压表的示数仍为 2.5V，需要增大定值电阻两端的电压，根据串联电路电压的特点知，需要减小滑动变阻器的电压，根据分压原理知，就要减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将滑片 P 向右端移动。故答案为：（1）如上图所示；（2）滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路；（3）电压表；2.5；0.65；（4）右。【点评】本题涉及测量灯的功率，考查电路的连接、实验注意事项、电阻的计算、电功率的计算以及控制变量法的运用等，知识点较多，综合性强。五、计算题（计算要有公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位，本题共

43、3 小题 21 分）19完全燃烧 0.5kg 的煤气，如果放出的热有 80%给水吸收，则水吸收多少热量？它能使 20，多少 kg 的水升高到 100？q 煤气 4.210 7J/kg，C4.2 103J/（kg） 。【分析】利用燃料完全燃烧放出热量公式 Q 放 mq 求完全燃烧 0.5kg 的煤气放出的热量，再利用Q 吸 Q 放 80%求出水吸收的热量；知道水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水的质量。【解答】解：煤气完全燃烧放出的热量：Q 放 mq0.5kg4.210 7J/kg2.110 7J，由题知，Q 吸 Q 放 80%2.110 7J80%1.6810 7J，Q 吸 cm t水

44、的质量：m 50kg 。答：水吸收 3.36107J 热量，它能使 2050kg 的水升高到 100。【点评】本题考查了学生对吸热公式 Q 吸 cmt、燃料完全燃烧放热公式 Q 放 mq 的掌握和运用，利用 Q 吸 Q 放 80%，注意温度升高了（ t）与升高到（末温）的区别。20如图所示，电源电压恒定，R 120 ，闭合开关 S，断开开关 S1，电流表示数是 0.3A；若再闭合 S1，发现电流表示数变化了 0.2A。（1）电源电压是多大？（2）电阻 R2 的阻值是多少？【分析】（1）闭合 S，断开 S1 时，电路为 R1 的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）若再闭合 S1 时，两电

45、阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化即为 R2 支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出 R2 的阻值。【解答】解：（1）闭合 S，断开 S1 时，电路为 R1 的简单电路，由 I 可知，电源的电压： UU 1I 1R10.3A 206V；（2）若再闭合 S1 时，两电阻并联，则 U2U 6V ，电流表示数的变化量即为 R2 支路的电流，则I20.2A ；由 I 可知，R 2 30 。答：（1）电源电压是 6V。（2）电阻 R2 的阻值是 30。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是能判断出开关 S1 时电流表示数的变化即为通过 R

46、2 支路的电流。21如图的是一电热水器的电路原理图，电热管 R1 标有“220V 1100W”字样，R 1 和 R2 构成保温电路。当开关 S1、S 2 均闭合时，电热管正常工作，给水箱里的水加热；当开关 S1 闭合、S 2 断开时，热水 器处于保温状态，保温功率为 110W求：（1）电阻 R1 的阻值；（2）电阻 R2 的阻值；（3）保温状态下 R1 的实际功率。【分析】（1）知道电热管 R1 的额定电压和额定功率，根据 PUI 求出电阻 R1 的阻值；（2）当开关 S1 闭合、S 2 断开时，两电阻串联，热水器处于保温状态，根据 PUI 求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利

47、用电阻的串联求出电阻 R2 的阻值；（3）根据 PUII 2R 求出保温状态下 R1 的实际功率。【解答】解：（1）由 PUI 可得，电阻 R1 的阻值：R1 44；（2）当开关 S1 闭合、S 2 断开时，两电阻串联，热水器处于保温状态，由 PUI 可得，电路中的电流：I 0.5A，由 I 可得，电路中的总电阻：R 440，因串联电路中总电压等于各分电阻之和，所以，电阻 R2 的阻值：R2RR 1440 44 396 ；（3）保温状态下 R1 的实际功率：P1I 2R1（0.5A ） 24411W。答：（1）电阻 R1 的阻值为 44；（2）电阻 R2 的阻值为 396；（3）保温状态下 R1 的实际功率为 11W。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电热水器工作时电路的连接方式是关键。