山东省枣庄市2017年中考物理试卷及答案解析

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1、第 1 页（共 12 页）2017 年山东省枣庄市中考物理试卷一、选择题（每小题 2 分.在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）.1下列声现象中，能说明声音的传播需要介质的是（ ）A 蝙蝠靠超声波发现昆虫 B 倒车雷达C 真空罩中的闹钟 D 超声波清洗机【考点】声音的传播条件【分析】声音在传播过程中遇到障碍物，从而反射回来的现象叫回声；声音能够传递能量；声音传播需要介质，真空不能传声【解答】解：A、蝙蝠是靠发出的超声波被昆虫反射发现目标的，此现象说明声音能够反射，形成回声故 A 错误；B、倒车雷达是靠发出的超声波被障碍物反射发现车后物体的，此现象说明声音能够反射，形成回声故 B 错误；

2、C、当逐渐抽掉罩内空气时，闹钟声音减小，由此可以推论，当罩内是真空时，声音将完全消失说明声音的传播需要介质故 C 正确；D、利用超声波可以清洗精密仪器，说明声音能够传递能量故 D 错误故选 C2在做凸透镜成像实验时，将点燃的蜡烛沿着光具座，从凸透镜二倍焦距以外的某位置向焦点移动，在此过程中，像的大小及焦距的变化情况是（ ）A像和像距都逐渐变大 B像和像距都逐渐变小C像逐渐变大，像距逐渐变小 D像逐渐变小，像距逐渐变大【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】根据凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的特点进行分析【解答】解：当物距大于一倍焦距 f 时，凸透镜成倒立的实像，且物距越小，像距越大，成的

3、像也越大；所以将蜡烛从二倍焦距外的地方逐渐向凸透镜的焦点靠近的过程中，像距逐渐变大，像逐渐变大故选 A3如图是足球运动员踢足球时的情景，下列说法正确的是（ ）A足球在空中飞行的过程中，只受到空气阻力的作用B足球在空中飞行的过程中，运动状态一定发生改变C脚踢足球使足球飞出去，说明力是物体运动的原因D足球在空中飞行的过程中，若它所受的力全部消失，它一定沿水平方向做匀速直线运动【考点】力与运动的关系【分析】 （1）地球附近的物体都受重力；（2）物体不受力或受平衡力运动状态不变；物体受力不平衡时，运动状态一定改变；（3）力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持；第 2 页（共 12 页）（4

4、）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态【解答】解：A、足球在空中飞行的过程中，受到重力和空气阻力的作用，故 A 错误；B、足球在空中运动过程中，受到竖直向下的重力与空气的阻力，这两个力不是平衡力，所以足球的运动状态一定发生改变故 B 正确；C、脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态故 C 错误；D、空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态，沿原来的方向做匀速直线运动故 D 错误故选 B4下表是水的密度随温度变化的实验数据，分析表中的数据不能得出的结论是（ ）t/ 0 1 2 3 4 5 6 7 8/kgm3 999.84 999.90 999.90

5、999.90 1000.00 999.97999.94 999.90 999.85A水在 4时密度最大B水的温度在 04时，随着温度的降低，水的密度越来越小C水的温度在 48时，随着温度的升高，水的密度越来越小D水凝固成冰时体积会变大【考点】密度与温度【分析】将 08分两个阶段分析： 04 ，48，然后根据表格中温度对应的密度数值可得出结论【解答】解：A、由表格数据可知，水在 4时密度为 1000.00kg/m3，在 03 ，58时的密度数值都小于水在 4时密度，故可以得出水在 4时密度最大的结论，故 A 不符合题意；B、水的温度在 04时，随着温度的降低， 999.90999.90999.9

6、0999.84，由此可得水的密度越来越小，故 B 不符合题意；C、水的温度在 48时，随着温度的升高，密度数值由 999.97999.94 999.90999.85，由此可得水的密度越来越小，故C 不符合题意；D、由表格数据可知，表格中记录的是在 08水的密度随温度变化的情况，水由液态变为固态，变化较大，因此不能利用水密度的变化趋势得出水凝固成冰时体积会变大这一结论，故 D 符合题意；故选 D5如图是小明探究“杠杆平衡条件”的实验装置，实验中杠杆始终处于水平平衡状态，若在 C 处逐渐改变弹簧测力计拉力的方向，使其从，则拉力的变化情况是（ ）A先变小后变大 B先变大后变小 C逐渐变大 D逐渐变小

7、【考点】杠杆的应用【分析】分析在改变弹簧测力计拉力的方向的过程中力臂的变化情况，从而得出结论【解答】解：由图知，测力计在位置时，其动力臂等于 OC，此时动力臂最长；测力计由的过程中动力臂先变大后变小，根据杠杆平衡条件可知，测力计的示数先变小后变大故选：A6下列关于分子的说法中，正确的是（ ）第 3 页（共 12 页）A所有物质的分子都是规则排列的B0 时，所有物质的分子都停止了运动C分子之间的引力与斥力是同时存在的D固体的分子之间只有引力，没有斥力【考点】分子动理论的其它内容及应用【分析】物体是由大量分子组成的，晶体的分子是规则排列的，非晶体的分子是规则排列的，分子永不停息的做无规则运动，分子

8、间存在着相互作用的引力和斥力【解答】解：A、固体分晶体和非晶体，晶体的分子是规则排列的，非晶体的分子是规则排列的，故 A 错误；B、分子在永不停息地做无规则运动，在 0时，所有物质的分子仍然在做无规则运动，故 B 错误；C、分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，故 C 正确；D、任何分子间都存在相互作用的引力和斥力，二者同时存在，故 D 错误故选 C7如图是某内燃机工作时的能量流向图，该内燃机的热机效率是（ ）A25% B35% C40% D75%【考点】热机的效率【分析】燃料燃烧的内能减去机械自身消耗能量和废气带走能量的百分比，即为获得有用机械能的百分比，也就是该内燃机的热机效率【解答】解：

9、因热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，所以，由内燃机的能量流向图可得，内燃机的热机效率：=125%40%=35%故选 B8如图所示，与实物一致的电路图是（ ）A B C D【考点】根据实物图画电路图【分析】由实物图可知，两灯泡串联，电压表测 L1 两端电压，电流表测电路中的电流然后对各个电路图逐一分析即可【解答】解：分析实物图可知，电流从正极出发，经电流表、灯泡 L1、开关、灯泡 L2 回负极，电压表并联在 L1 两端B 图与实物图符合；A 图两灯泡并联，与实物图不符合，C 图电压表并联在 L2 两端了，与实物图不符合；D 图电压表并联在电源两端了，与实物图不符合故选

10、 B第 4 页（共 12 页）9如图，电源电压恒为 5V，电压表量程为“0 3V” ，电流表量称为“0 0.6A” ，滑动变阻器规格为“20 1A”，小灯泡标有“3V 1.8W”字样，闭合开关，在电路安全的情况下， （不考虑灯丝电阻的变化）则下列说法正确的是（ ）A滑动变阻器的阻值允许调节的范围是 020B电流表示数的变化范围是 0.1A0.6AC电压表示数的变化范围是 1V3VD小灯泡的最小功率是 1W【考点】欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据 P=UI 求出灯泡的

11、额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用 U=IR 求出灯泡两端的最小电压，利用 P=I2R 求出灯泡的最小功率【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流根据 P=UI 可得，灯的额定电流：IL 额 = = =0.6A，由 I= 得：灯泡的电阻 RL= = =5，由于电压表的量程为 03V，电流表的量程为 00.6A

12、，则灯泡两端的最大电压为 3V，则通过灯泡的最大电流 I 最大 =IL 额 =0.6A；由 I= 得：电路中的最小总电阻 R 最小 = = 8.3，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 滑最小 =R 最小 RL=8.35=3.3，因为滑动变阻器的规格为“20 lA”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是 3.320，故 A 错误；电路中的最大总电阻 R 最大 =RL+R=20+5=25；则电路中的最小电流：I 最小 = = =0.2A，所以电流表示数的变化范围是 0.20.6A ，故 B 错误；灯泡两端的最小电压为 UL 最小 =I 最小 RL=0.2A5

13、=1V；所以电压表示数的变化范围是 1V3V ，故 C 正确；此时灯泡的功率最小为：P L 最小 =I 最小 2RL=（0.2A） 25=0.2W，故 D 错误故选 C10电工师傅维修电路有时需要带电操作，如图，以下操作不会发生触电事故的是（ ）A B C D【考点】触电危害及常见的触电类型与预防第 5 页（共 12 页）【分析】家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：当人体的不同部位分别接触火线和零线时，站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析【解答】解：人体触电，原因是有电流流过，形成通路人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路，选

14、项 A、C、D 中都能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；只有选项 B 中没有构成闭合的电路，即电流不会流过人体，不会触电故选 B11如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S，将滑动变阻器的滑片 P 向左移动，下列说法正确的是（ ）A电流表 A1 的示数变小，电流变 A2 的示数变大B电流表 A1 的示数和电流表 A2 的示数同时变大C电压表的示数变大，电流表 A1 的示数变小D电压表的示数不变，电流表 A2 的示数变小【考点】电路的动态分析【分析】由图可知，该电路为并联电路，电压表测量各支路两端的电压，电流表 A2 在干路中，测量的是干路的电流；电流表A1 在支路中，测量的通过

15、变阻器的电流；根据滑片位置的变化判定电阻的变化，然后根据欧姆定律和并联电路的电流、电压规律判定各表示数的变化【解答】解：由图可知，R 1、R 2 并联，电压表测量各支路两端的电压；电流表 A2 在干路中，测量的是干路的电流；电流表 A1 在支路中，测通过变阻器 R2 的电流；将滑动变阻器的滑片 P 向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过变阻器的电流减小，即电流表A1 的示数变小；由于定值电阻两端的电压不变，所以通过它的电流不变；并联电路中干路电流等于各支路电流的和，则干路电流减小，即电流表 A2 的示数变小；故 AB 错误；电压表测量各支路两端的电压，电压表示数保持不变

16、，故 C 错误，D 正确；故选：D12下列能源属于可再生能源的是（ ）A风能 B煤 C核能 D石油【考点】能源的分类【分析】像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源【解答】解：煤、石油、核能是不可再生能源，风能是可再生能源故选 A二、填空题：本题共 10 小题，每空 1 分，共 14 分.13一只燕子在平静的湖面上飞过，当燕子距水面 6m 时，它的“倒影”距水面 6 m，它在湖面的“倒影”是 虚 （填“实”或“虚”）像，这是由于光的 反射 形成的【考点】平面镜的应用【分析】倒影是平面镜成像，是由

17、光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相第 6 页（共 12 页）等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像【解答】解：因为平面镜成的像是虚像，平面镜的成像原理是光的反射；所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像；已知小鸟距水面 6m，根据像和物体到镜面的距离相等可知，它的“倒影”距水面的距离也是 6m故答案为：6；虚；反射14在我市物理实验操作考试中，小红抽到的试题是“测量石块的质量”她将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的 零刻度线 处，若此时指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，她应将平衡螺母向 右 调节

18、，直到天平平衡测量时，小红将石块放在天平左盘，右盘加减砝码，并移动砝码的位置，天平平衡时砝码的使用情况和游码的位置如图，则石块的质量为 74.4 g【考点】固体密度的测量【分析】 （1）使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡，且以指针右偏左调、左偏右调；（2）矿石的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值【解答】解：（1）测质量前，首先把天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，若指针偏向中央刻度线的左侧，则应向右移动平衡螺母直至横梁平衡；（2）由图知，标尺的分度值为 0.2g，矿石的质量 m=50g+20g

19、+4.4g=64.4g故答案为：零刻度线；右；74.415在杂技表演中，总重为 600N 的人站立在六个鸡蛋上，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，如图所示，泡沫板的凹槽增大了鸡蛋的 受力面积 ，从而减小压强来保护鸡蛋如果脚与鸡蛋的总接触面积约为 1.2103m2，此时脚对鸡蛋的压强为 510 5 Pa【考点】减小压强的方法及其应用；86：压强的大小及其计算【分析】 （1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强（2）人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重力，又知受力面积，利用 p= 计算压强【解答】解：（1）人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重

20、力，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，泡沫板的凹槽增大了鸡蛋的受力面积，根据 p= 可知，减小了对鸡蛋的压强（2）人对鸡蛋的压力 F=G=600N，脚对鸡蛋的压强：p= = =5105Pa故答案为：受力面积；510 516新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气如果每瓶装 10kg 液化气，液化气的热值取 4.2107J/kg，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是 4.210 8 J，若放出的热量有 40%被水吸收，在标准大气压下可把 500 kg 的水从 20加热至沸腾c 水 =4.2103J/（kg）【考点】燃料的热值；GG：热量的计算第 7 页（共 12 页）【分析】 （1）利用 Q 放 =mq 求

21、整瓶液化气完全燃烧放出的热量；（2）已知放出的热量有 40%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的温度升高值，利用吸热公式求水的质量【解答】解：（1）整瓶液化气完全燃烧释放热量：Q 放 =mq=10kg4.2107J/kg=4.2108J，（2）由题知，水吸收的热量：Q 吸 =Q 放 40%=4.2108J40%=1.68108J，由 Q 吸 =c 水 m 水 （t t0）得水的质量：m 水 = = =500kg故答案为：4.210 8；50017如图，在烧杯中加入盐水，然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，这样就制成了一个盐水电池观察电压表的接线情况和指针偏转可知：锌片是盐水电池

22、的 负 极，电池的电压为 0.6 V 【考点】电源及其能量转化【分析】根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极；根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数【解答】解：根据图示可知，锌片与电压表的负接线柱相连，因此锌片为盐水电池的负极；电压表的量程为 03V，分度值为 0.1V，示数为 0.6V故答案为：负；0.618如图，电源电压保持不变，R 1=10，开关 S 闭合，S 1 拔至 b 时电压表的示数是拔至 a 时的三分之一，则 R2= 20 ；若电源电压为 3V，当开关 S2 拔至 b 时，R 2 在 10min 内产生的热量是 120 J 【考点】欧姆定律的应用【分析】 （1）

23、闭合开关 S，开关 S0 拨至 b 时，两电阻串联，电压表测 R1 两端的电压；闭合开关 S，开关 S0 拨至 a 时，两电阻串联，电压表测电源的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，然后求出 R2 的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据 Q=I2Rt 求出 R2 在 10min 内产生的热量【解答】解：（1）闭合开关 S，开关 S0 拨至 b 时，两电阻串联，电压表测 R1 两端的电压；闭合开关 S，开关 S0 拨至 a 时，两电阻串联，电压表测电源的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且开关

24、 S0 拨至 b 时电压表示数是拨至 a 时的三分之一，所以，两电阻两端的电压之比： = = ，因串联电路中各处的电流相等，所以，由 I= 可得，两电阻的阻值之比：第 8 页（共 12 页）= = = ，则 R2 的阻值 R2=2R1=210=20；（2）若电源电压为 3V，当开关 S0 拨至 b 时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I= = =0.1A，R1 在 1min 内产生的热量：Q1=I2R1t=（0.1A） 2201060s=120J故答案为：20；12019根据光的传播路径，在图中的虚线框内，填入符合要求的透镜【考点】透镜及其分类【分析】凸透镜能使光线会聚

25、，凹透镜能使光线发散；通过图中光线的折射情况来确定是什么透镜【解答】解：第一个图中入射光线是平行的，而折射光线远离主光轴，即透镜有发散作用，所以是凹透镜；第二个图中折射光线平行于主光轴，折射光线相对于入射光线靠近了主光轴，即透镜有会聚作用，所以是凸透镜；如图所示：20将一只手的食指浸入水中，你会感受到浮力的作用你想知道食指所受的浮力大小吗？请从如图所提供的实验器材中选择合理的实验器材，设计出两种测出你的食指受到浮力的实验方案，并完成填空 （已知水的密度为 水 ）方案一：（1）写出你需要测量的物理量及其符号： B、E （2）食指所受浮力大小的表达式为：F 浮 = 水 Vg 方案二：（1）写出你需

26、要测量的物理量及其符号： A、B、C （2）食指所受浮力大小的表达式为：F 浮 = GG 0 【考点】探究浮力大小的实验【分析】方案一：根据阿基米德原理，物体在液体中受到的浮力等于其排开液体的重力，即 F 浮 =G 排 ，实验中最关键的是能够想办法测出 G 排，根据给出的器材，最好的方法是测出排出水的体积，根据密度公式 m=V 计算排出水的质量，得出 G 排 ；【解答】解：方案一：（1）水槽的横截面积太大，为减小误差，应选择溢水杯；没有小桶，溢出水的重力无法用测力计测量，所以可将溢出的水直接接入量筒中，由密度公式得出质量，根据 F 浮 =G 排 =m 排 g得出浮力大小；用到的器材是溢水杯、量

27、筒；第 9 页（共 12 页）（2）实验中测出溢出水的体积 V 便可；根据阿基米德原理，F=G 排 =m 排 g= 水 Vg；方案二：（1）需要的实验器材：弹簧测力计、溢水杯、小桶（2）实验步骤：用细线拴住烧杯，然后用弹簧测力计测出空小桶的重力，记为 G0；向溢水杯中灌满水，然后将食指插入溢水杯中，用小桶接住从溢水杯中溢出的水；用弹簧测力计测出盛有水的小桶的总重 G；浮力的表达式：F 浮 =GG0故答案为：方案一：（1）B、E ；（2）溢出水的体积 V；方案二：（1）A、B、C ；GG 021小明和小华在综合实践活动中想制作一个医用冷藏盒，不知道给药品降温用冰好，还是用盐水结成的冰好？他们动手

28、测量了盐水的凝固点（1）在选择温度计时，有量程分别为“ 2102” 和“ 20102”的温度计，应选择量程为 20102 的温度计，这样选择的原因是 盐水的凝固点可能低于2 （2）在测量过程中，他们同时发现所测得盐水的凝固点并不相同，于是对比了双方实验过程，发现烧杯中装水都是 200ml，小明加了 1 汤匙的盐，而小华加了 3 汤匙的盐，由此作出猜想：盐水的凝固点可能与盐水的浓度有关，接着他们进行了多次实验得出了不同浓度盐水的凝固点，数据记录如下表：盐水浓度（%）0 3 6 9 12 15 18 21 24 27 30 36凝固点（） 0 2 4 6 8 11 15 18 17 1.8 0.4

29、 0分析表格中数据可知：当盐水浓度增大时，其凝固点 先降低后升高 （3）你认为给冷藏盒中的药品降温最好选用 适当浓度的盐水结成的冰 （选填“冰”或“适当浓度的盐水结成的冰”）（4）实验后，他们联想到冬天在冰雪覆盖的路面上撒盐便于除雪，原因是 积雪上洒盐水是参有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化 【考点】熔化和凝固的探究实验【分析】 （1）若盐水的凝固点低于2时，使用量程为2102的温度计就不能测出盐水的凝固点；（2）根据表中盐水浓度从 036%，凝固点从 0降低然后上升到 0可得出结论；（3）根据盐冰的熔点低于 0分析；（4）当有杂质掺入时熔点会降低【解答】解：（1）要使用量程为20102的温度

30、计，主要考虑盐水的凝固点低于 2时，便于测出盐水的凝固点；（2）从表格中的数据可看出，盐水的浓度一直在变大，而盐水的凝固点是先降低后又升高；（3）药品要求在 0以下存放，要求所选物质的熔点在 0以下，冰的熔点是 0，盐冰的熔点低于 0，所以冷藏盒中应使用盐水冰块；（4）寒冷的冬季，向积雪撒盐，在其它条件相同时，积雪上洒盐水是掺有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化故答案为：（1）20102；盐水的凝固点可能低于 2；（2）先降低后升高；（3）适当浓度的盐水结成的冰；（4）积雪上洒盐水是掺有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化22物理学中，用磁感应强度（用字母 B 表示）来描述磁场的强弱，国际单位是特斯

31、拉（用字母 T 表示） ，磁感应强度 B 越大表示磁场越强；B=0 表明没有磁场有一种电阻，其阻值大小随周围磁感应强度的变化而变化，这种电阻叫磁敏电阻，为了探究电磁铁磁感应强度的大小与哪些因素有关，小超设计了如甲、乙两图所示的电路，图甲中电源电压恒为 6V，R 为磁敏电阻，图乙中的电磁铁左端靠近且正对图甲中的磁敏电阻 R1 磁敏电阻 R 的阻值随周围磁感应强度变化的关系图象如图丙所示第 10 页（共 12 页）（1）当图乙 S2 断开，图甲 S1 闭合时，磁敏电阻 R 的阻值是 100 ，电流表的示数为 60 mA （2）闭合 S1 和 S2，图乙中滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，小超发现图

32、甲中的电流表的示数逐渐减小，说明磁敏电阻 R 的阻值变 大 ，电磁铁的磁感应强度变 强 （3）闭合 S1 和 S2，图乙中滑动变阻器的滑片 P 保持不动，将磁敏电阻 R 水平向左逐渐远离电磁铁时，小超将测出的磁敏电阻与电磁铁左端的距离 L、对应的电流表的示数 I 及算出的磁感应强度 B 同时记录在下表中，请计算当 L=5cm 时，磁敏电阻 R 所在位置的磁感应强度 B= 0.40 T L/cm 1 2 3 4 5 6I/mA 10 12 15 20 30 46B/T 0.68 0.65 0.60 0.51 0.20（4）综合以上实验可以看出：电磁铁磁感应强度随通过电流的增大而 增大 ；离电磁铁

33、越远，磁感应强度越 弱 【考点】欧姆定律的应用；CE：影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】 （1）据题可知，此时的电源电压是 6V，且此时的磁场强度为零；由图丙得出 R 的阻值，根据 I= 即可求出电路中的电流；（2）滑动变阻器的滑片 P 向右移动，图甲中电流表的时速逐渐减小，据此分析即可判断规律；（3）x=5cm 时，对于图表得出电流是 30mA，据欧姆定律可以判断电阻大小，进而判断磁场的强弱；（4）据上面的知识分析即可判断出变化的规律【解答】解：（1）当图乙 S2 断开，图甲 S1 闭合时，即磁场强度为零，据图 2 可知，此时的 R=100，故此时电路中的电流是：I= = =0.06A=60m

34、A；（2）闭合开关 S1 和 S2，图乙中滑动变阻器的滑片 P 向右移动，滑动变阻器电阻变小，电流变大磁场变强，图甲中电流表的示数逐渐减小，即 R 的电阻变大，据此分析可知：磁感电阻 R 处的磁感应强度 B 逐渐增强；（3）x=5cm 时，对于图表得出电流是 30mA，据欧姆定律可知， R= = =200，故对应磁场的强度是 0.40T；（4）综合以上实验数据，分析（2）中的表格数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越弱；故答案为：（1）100；60；（2）大；强；（3）0.40；（4）增大；弱三、计算题：本题包括 2 个小题，共 14 分.解

35、答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分.23图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图灯 L 标有“12V 3W”字样，当滑动变阻器的滑片 P 在最左端 a 时，灯 L 正常发光电源电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响，问：（1）电源电压 U 是多少？（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是 12 时，灯 L 消耗的实际功率是多少？（3）当滑片 P 位于中点 b 和最右端 c 时，灯 L 两端电压之比为 3：2，则滑动变阻器的最大阻值是多少？【考点】欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】 （1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片

36、 P 在 a 点时，电路为灯 L 的基本电路，由于灯 L 正常发光，根据灯泡的额定电压即可判断电源电压；第 11 页（共 12 页）（2）根据电路图可知，灯 L 与滑动变阻器串联；根据 P= 的变形公式可知灯泡的电阻，根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路电流，然后根据 P=I2R 求出灯泡的实际功率；（3）根据欧姆定律表示出滑片在中点 b 端和最右端 c 端时灯泡两端电压，根据灯泡两端电压之比即可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值【解答】解：（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片 P 在 a 点时，电路为灯 L 的基本电路；因为灯泡正常发光，所以电源电压 U=U 额 =12V；（2）由 P

37、= 可得灯丝的阻值：R L= = =48；由图乙可知，灯 L 与滑动变阻器串联，所以电路中的电流：I= = =0.2A；灯泡的实际功率：P=I 2RL=（0.2A） 248=1.92W；（3）当滑片 P 在中点 b 点时，灯两端电压：U b=IbRL= RL= RL；当滑片在最右端 c 点时，灯两端电压：U c=IcRL= RL；依题意可知，U b：U c=3：2，即： RL： RL=3：2，化简可得：R=2R L=248=96答：（1）电源电压 U 是 12V；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是 12 时，灯 L 消耗的实际功率是 1.92W；（3）滑动变阻器的最大阻值是 9624如图所示

38、，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图，已知井深 10m，物体重 G=4103N，汽车重 G 车=3104N，汽车匀速拉绳子时的拉力 F=2103N，汽车受到的阻力为车重的 0.05 倍请计算：（1）若汽车运动的速度为 1.2m/s，则将物体由井底拉至井口，需要多长时间？（2）滑轮组的机械效率是多少？（保留一位小数）（3）汽车的牵引力是多大？（4）将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是多少？【考点】滑轮（组）的机械效率；69：速度公式及其应用；EC：功的计算【分析】 （1）明确承担重物的绳子段数；运用速度公式变形可求时间 t；（2）运用机械效率的计算公式，代入数值可求 ；（3

39、）明确汽车的受力情况，运用平衡力知识可求牵引力；（4）运用 W=Fs，可求功【解答】解：（1）由图可知，滑轮组中由 3 段绳子承担重物，则物体上升的速度为：第 12 页（共 12 页）v 物 = v 车 = 1.2m/s=0.4m/s；物体由井底拉至井口需要的时间：t= = = =25s；（2）滑轮组的机械效率为：= = = = = 100%66.7%；（3）由题意可得，汽车受到的阻力为：f=0.05G 车 =0.053104N=1500N；汽车匀速直线运动，受到平衡力作用，在水平方向上，汽车受到向右的牵引力、向左的拉力、向左的阻力作用；由力的平衡条件可得牵引力：F 牵 =F 拉 +f=2103N+1500N=3500N；（4）汽车运动的距离：s 车 =s 绳 =3h=310m=30m；牵引力做功为：W 牵 =F 牵 s 车 =3500N30m=1.05105J；答：（1）若汽车运动的速度为 1.2m/s，则将物体由井底拉至井口，需要 25s；（2）滑轮组的机械效率是 66.7%；（3）汽车的牵引力是 3500N；（4）将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是 1.05105J