人教A版高中数学必修五《2.2 等差数列（二）》课件

《人教A版高中数学必修五《2.2 等差数列（二）》课件》由会员分享，可在线阅读，更多相关《人教A版高中数学必修五《2.2 等差数列（二）》课件（37页珍藏版）》请在七七文库上搜索。

1、2.2 等差数列(二),第二章 数列,1.能根据等差数列的定义推出等差数列的常用性质. 2.能运用等差数列的性质解决有关问题,学习目标,题型探究,问题导学,内容索引,当堂训练,问题导学,思考1,知识点一 等差数列通项公式的推广,已知等差数列an的首项a1和公差d能表示出通项ana1(n1)d，如果已知第m项am和公差d，又如何表示通项an?,答案,设等差数列的首项为a1，则ama1(m1)d， 变形得a1am(m1)d， 则ana1(n1)dam(m1)d(n1)d am(nm)d.,等差数列通项公式可变形为andn(a1d)，其图象为一条直线上孤立的一系列点，(1，a1)，(n，an)，(m

2、，am)都是这条直线上的点d为直线的斜率，故两点(1，a1)，(n，an)连线,思考2,的斜率解释一下这两个式子的几何意义吗？,你能联系直线,答案,等差数列an中，若公差为d，则anam(nm)d，当nm时，,梳理,知识点二 等差数列的性质,利用1100299.在有穷等差数列中，与首末两项“等距离”的两项之和等于首项与末项的和即a1ana2an1a3an2.,思考,答案,还记得高斯怎么计算123100的吗？推广到一般的等差数列，你有什么猜想？,梳理,在等差数列an中，若mnpq(m，n，p，qN*)，则am ap .特别地，若mn2p，则anam2ap.,an,aq,知识点三 由等差数列衍生的

3、新数列,(an1an3)(anan2) (an1an)(an3an2) dd2d. anan2是公差为2d的等差数列,思考,答案,若an是公差为d的等差数列，那么anan2是等差数列吗？若是，公差是多少？,梳理,若an，bn分别是公差为d，d的等差数列，则有,题型探究,例1 在等差数列an中，已知a25，a817，求数列的公差及通项公式,类型一 等差数列推广通项公式的应用,解答,因为a8a2(82)d，所以1756d，解得d2. 又因为ana2(n2)d，所以an5(n2)22n1.,灵活利用等差数列的性质，可以减少运算,反思与感悟,跟踪训练1 数列an的首项为3，bn为等差数列，且bnan1

4、an(nN*)，若b32，b1012，则a8等于 A.0 B.3 C.8 D.11,答案,解析,bn为等差数列，设其公差为d，,bnb3(n3)d2n8. a8(a8a7)(a7a6)(a6a5)(a5a4)(a4a3)(a3a2)(a2a1)a1 b7b6b1a1 (b7b1)(b6b2)(b5b3)b4a1 7b4a17033.,类型二 等差数列与一次函数的关系,例2 已知数列an的通项公式anpnq，其中p，q为常数，那么这个数列一定是等差数列吗？若是，首项和公差分别是多少？,取数列an中任意相邻两项an和an1(n1)， 求差得anan1(pnq)p(n1)q pnq(pnpq)p.

5、它是一个与n无关的常数，所以an是等差数列. 由于anpnqqp(n1)p， 所以首项a1pq，公差dp.,解答,反思与感悟,本题可以按照解析几何中的直线问题求解，但是，如果换个角度，利用构造等差数列模型来解决，更能体现出等差数列这一函数特征，这种解答方式的转变，同学们要在学习中体会，在体会中升华.,跟踪训练2 某公司经销一种数码产品，第1年获利200万元，从第2年起由于市场竞争等方面的原因，利润每年比上一年减少20万元，按照这一规律如果公司不开发新产品，也不调整经营策略，从哪一年起，该公司经销这一产品将亏损？,解答,由题意可知，设第1年获利为a1，第n年获利为an，则anan120(n2，n

6、N*)，每年获利构成等差数列an，且首项a1200，公差d20. 所以ana1(n1)d200(n1)(20) 20n220. 若an0，则该公司经销这一产品将亏损， 由an20n2200，解得n11， 即从第12年起，该公司经销这一产品将亏损.,例3 已知等差数列an中，a1a4a715，a2a4a645，求此数列的通项公式.,解答,类型三 等差数列性质的应用,方法一 因为a1a72a4，a1a4a73a415， 所以a45. 又因为a2a4a645，所以a2a69， 即(a42d)(a42d)9，(52d)(52d)9， 解得d2. 若d2，ana4(n4)d2n3； 若d2，ana4(n

7、4)d132n.,方法二 设等差数列的公差为d， 则由a1a4a715，得 a1a13da16d15， 即a13d5， 由a2a4a645， 得(a1d)(a13d)(a15d)45， 将代入上式，得 (a1d)5(52d)45， 即(a1d)(52d)9， ,解，组成的方程组， 得a11，d2或a111，d2， 即an12(n1)2n3 或an112(n1)2n13.,引申探究 1.在例3中，不难验证a1a4a7a2a4a6，那么，在等差数列an中，若mnpqrs，m，n，p，q，r，sN*，是否有amanapaqaras?,解答,设公差为d，则ama1(m1)d， ana1(n1)d， a

8、pa1(p1)d， aqa1(q1)d， ara1(r1)d， asa1(s1)d， amanap3a1(mnp3)d， aqaras3a1(qrs3)d， mnpqrs， amanapaqaras.,2.在等差数列an中，已知a3a810，则3a5a7_.,a3a810，a3a3a8a820. 33885557， a3a3a8a8a5a5a5a7， 即3a5a72(a3a8)20.,答案,解析,20,反思与感悟,解决等差数列运算问题的一般方法：一是灵活运用等差数列an的性质；二是利用通项公式，转化为等差数列的首项与公差的求解，属于通项方法；或者兼而有之.这些方法都运用了整体代换与方程的思想.

9、,跟踪训练3 在等差数列an中，已知a1a4a739，a2a5a833，求a3a6a9的值.,解答,方法一 (a2a5a8)(a1a4a7)3d， (a3a6a9)(a2a5a8)3d， a1a4a7，a2a5a8，a3a6a9成等差数列. a3a6a92(a2a5a8)(a1a4a7) 2333927.,方法二 a1a4a7a1(a13d)(a16d) 3a19d39， a13d13， a2a5a8(a1d)(a14d)(a17d) 3a112d33. a14d11， a3a6a9(a12d)(a15d)(a18d) 3a115d31915(2)27.,当堂训练,1.在等差数列an中，已知a

10、310，a820，则公差d等于 A.3 B.6 C.4 D.3,1,2,3,答案,解析,由等差数列的性质得a8a3(83)d5d，,1,2,3,2.在等差数列an中，已知a42，a814，则a15等于 A.32 B.32 C.35 D.35,答案,解析,由a8a4(84)d4d，得d3， 所以a15a8(158)d147335.,1,2,3,3.等差数列an中，a4a515，a712，则a2等于 A.3 B.3,由数列的性质，得a4a5a2a7， 所以a215123.,答案,解析,规律与方法,1.等差数列an中，每隔相同的项抽出来的项按照原来的顺序排列，构成的新数列仍然是等差数列. 2.在等差数列an中，首项a1与公差d是两个最基本的元素，有关等差数列的问题，如果条件与结论间的联系不明显，则均可根据a1，d的关系列方程组求解，但是，要注意公式的变形及整体计算，以减少计算量.,本课结束,