2019年山东省威海市中考物理模拟试题(四)含答案解析
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1、2019 年山东省威海市中考物理模拟试卷(四) (五四学制)一、选择题1. 2011 年 4 月,我国成功将第八颗“北斗”导航卫星送入太空,它在与地面通信时利用的是A. 超声波 B. 电磁波 C. 紫外线 D. 可见光【答案】C【解析】卫星和地面间的通是通过电磁波相互交流的;故选 B2.如图,从下列图表得到的信息中,正确的是A. 图甲说明物体所受的重力跟它的质量成正比B. 图乙表示物体做匀速运动C. 图丙告诉我们同种物质的密度和质量成正比D. 图丁表明物体先做加速运动再做匀速运动【答案】A【解析】【详解】A、横坐标表示质量,纵坐标表示重力,由图象可知重力跟质量成正比,符合题意;B、横坐标表示时
2、间,纵坐标表示速度,速度随时间的增大而增大,是一种加速运动,不符合题意;C、横坐标表示体积,纵坐标表示质量,说明同种物质,质量与体积成正比,密度是物质的一种特性,跟质量、体积都无关,不符合题意;D、横坐标表示时间,纵坐标表示路程,如图斜线部分,路程跟时间成正比,表明速度不变是一种匀速运动;横线部分,当时间增大时,路程不变,说明物体处于静止状态。物体先匀速再静止,不符合题意。故选 A。3.如图是光从空气斜射到水中时的光路图, 正确的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】A、光从空气斜射入水中时,折射光线与入射光线分居法线两侧,而图中折射光线与入射光线在法线的同侧;故 A 错误;B、光从空气
3、斜射入水中时,折射光线与入射光线分居法线两侧,并且折射角小于入射角,故 B 正确;C、光从空气斜射入水中时,折射角小于入射角,而图中的折射角等于入射角,故 C 错误;D、光从空气斜射入水中时,折射角小于入射角,而图中的折射角大于入射角,故 D 错误;故选 B4. 如图所示为蹄形磁体周围的磁感线分布图,在 a、b、c、d 四点中,磁场最强的是A. a 点 B. b 点 C. c 点 D. d 点【答案】B【解析】试题分析:磁体两级磁性最强,磁感线最密集。离两极越近的位置磁性越强。观察图可见,在 a、b 、c 、d 四点中, b 点离磁极距离最近,磁场最强,B 选项符合题意,选填 B.考点:磁体周
4、围磁场分布特点5. 下列数据符合实际情况的是A. 一名中学生站立时对水平地面的压强约为 2103PaB. 高原地区水沸腾时的温度约 110C. 一节新干电池的电压是 1.5VD. 中学生正常步行的速度可达到 10m/s【答案】C【解析】A 中学生平均体重约为 500N,两脚的总面积约为,0.025m 2,则他对地面的压强为:P=“F/s“ =“500N/“ 0.025m2 =2104Pa,错误;B 高原地区气压小于一个标准大气压,水的沸点低于 100,错误;C一节新干电池的电压是 1.5V,正确;D D中学生正常步行的速度可达到 1.1m/s错误。6.我市校园足球赛正在进行中,小伟和小红运用所
5、学物理知识对比赛中的一些现象进行分析,下列说法中全部正确的一组是踢球时脚感到疼是因为物体间力的作用是相互的踢出去的足球能继续向前飞行是由于惯性足够在空中飞行时受到重力和向前的推力空中飞行的足球,若它所受的力全部消失,它将立即落地足球在空中飞行过程中,运动状态发生改变。A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】踢球时,脚会对球一个力的作用,同时脚感到疼,表明脚也受到了球对它的一个力的作用,说明力的作用是相互的,说法正确;踢出去的足球能继续向前飞行是由于足球具有惯性,说法正确;足球在空中飞行时受到重力和空气阻力的作用,不再受到推力作用,说法错误;根据牛顿第一定律可知,空中飞行的足球,若它所
6、受的力全部消失,将会做匀速直线运动,说法错误;足球在空中飞行过程中,受到非平衡力作用,故其运动状态发生改变,说法正确;故正确的是;故 ABC 错误;D 正确;故选 D。7.在图甲所示的电路中,R 1 为定值电阻, R2 为滑动变阻器,电源电压不变。只闭合开关 S 和 S1,将滑动变阻器的滑片 P 从 a 端移动至 b 端的过程中,电流表示数 I 与电压表示数 U 的变化关系如图乙所示。闭合开关 S、S 1 和 S2,将滑动变阻器的滑片 P 移到 b 端时小灯泡正常发光,此时电流表的示数为 0.8A以下说法错误的是A. 小灯泡的额定功率为 4.8WB. 定值电阻 R1 的阻值为 10C. 电源电
7、压为 6VD. 滑动变阻器的最大阻值为 20【答案】A【解析】【分析】(1)由电路图可知,只闭合开关 S 和 S1 时,R 1 与 R2 串联,电压表测 R2 两端的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最大,根据图乙读出电表的示数,根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值;(2)只闭合开关 S 和 S1 时,且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压;当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路为 R1 的简单电路,电路中的电流最大,根据欧姆定律表示出电源的电压,利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻 R1
8、的阻值,进一步求出电源电压;(3)闭合开关 S、S1 和 S2,将滑动变阻器的滑片 P 移到 b 端时,R 1 与 L 并联,电流表测干路电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过 R1 的电流,根据并联电路的电流特点求出通过 L 的电流,根据 PUI 求出小灯泡正常发光时的功率即为小灯泡的额定功率。【详解】 (1)由电路图可知,只闭合开关 S 和 S1时,R 1与 R2串联,电压表测 R 两端的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最大,由图乙可知,电路中的最小电流 I10.2A,滑动变阻器两端的最大电压 U 滑最大 4V,由 可得
9、,滑动变阻器的最大阻值:故 D 正确;(2)只闭合开关 S 和 S1时,且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电源的电压:UI 1(R 1+R2)0.2A(R 1+20) ,当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时,电路为 R1的简单电路,电路中的电流最大,由图乙可知,电路中的最大电流 I20.6A,则电源的电压:UI 2R10.6AR 1,因电源的电压不变,所以,0.2A(R 1+20)0.6AR 1,解得:R 110,故 B 正确;电源的电压:UI 2R10.6A106V,故 C 正确;(3)闭合开关 S、S 1和 S2,将滑动变阻器的滑片 P 移到 b
10、端时,R 1与 L 并联,电流表测干路电流,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,通过 R0的电流:因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,通过灯泡的电流:ILII 00.8A0.6A0.2A,则小灯泡的额定功率:PLUI L6V0.2A1.2W;故 A 错误。故选:A。8.如图所示的电路中,电源两端的电压保持不变。闭合开关 S,将滑动变阻器的滑片P 向右移动,下列说法正确的是A. 电压表 V1 与电压表 V2 的示数之和保持不变B. 电压表 V2 与电流表 A 的示数之比保持不变C. 电流表 A 的示数变小,电压表 V1 的示数变大D. 电流表 A 的示数变小,电压表 V2 的示数变
11、大【答案】D【解析】试题分析:由于电压表的内阻很大,电流表的内阻很小,在分析电路图的时候,可把电压表看成开路,电流表看成短路。由图可知,R 1 与 R2 是串联的,电压表 V1 测电源的电压,电压表 V2 测 R2 的电压,电流表测电路中的电流。闭合开关 S 后,滑动变阻器的滑片P 向右移动,R 2 接入电路的阻值变大,电路中的电流变小,再由串联分压可知, R2 两端的电压也变大。故选 D考点:电路的分析 ;串联电路中电流和电压的特点9.如图所示,用 2.5N 的拉力沿竖直方向匀速拉起重为 4N 的物体 G,物体升高 lm 所用的时间为 4s,绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计。则A. 拉力做功的功
12、率为 125W B. 所做的有用功为 40JC. 动滑轮的重力为 2N D. 动滑轮的机械效率为 80【答案】D【解析】【分析】根据 W=Gh 得到有用功,滑轮是动滑轮,滑轮上绕 2 段绳子,根据 s=2h 得到绳子自由端移动的距离,根据 W=Fs 得到总功,根据功率的公式得到拉力做功的功率;绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计,根据 得到动滑轮的重力,有用功和总功的比值等于动滑轮的机械效率。【详解】滑轮为动滑轮,n=2,拉力移动距离 s=nh=21m=2m,总功 ,拉力做功的功率 ,故 A 错误;有用功 ,故 B 错误;绳子自重、滑轮与轴间摩擦不计,由 得到动滑轮的重力,故 C 错误;动滑轮的机械效
13、率 ,故 D 正确。故选 D。【点睛】本题考查滑轮的机械效率的计算,需要知道确定滑轮的性质,判断滑轮绳子段数,然后确定 G、F、s、h 之间的关系进行计算 。10.如图所示电路中,电源电压恒为 18V,电流表量程为 00.6A ,电压表量程为015V,滑动变阻器的规格为 “80 1A”,小灯泡 L 标有“6V 3W”字样(不计温度对灯丝电阻的影响) 。闭合开关,在保证灯泡两端电压不超过额定值及电表均安全的情况下A. 变阻器允许接入电路的最大阻值是 60B. 整个电路消耗的最大总功率是 9WC. 小灯泡消耗的最小功率是 0.75WD. 变阻器的功率可达 3.5W【答案】ABC【解析】解:由电路图
14、可知,灯泡 L 和滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,电流表测串联电路的电流。已知灯泡的额定电压和额定电流,由 P=UI 可得,小灯泡正常发光时的电流,灯泡的电阻 ;A当电压表示数为 15V 时,滑动变阻器连入电路阻值最大,由串联电路的电压规律可得,此时灯泡两端的电压 ,所以电路中的电流 ,因此变阻器允许接入电路的最大阻值 ,故 A 正确。B电流表的量程为 00.6A,小灯泡额定电流为 0.5A,在保证灯泡两端电压不超过额定值及电表均安全的情况下,电路中最大电流为 0.5A,所以整个电路消耗的最大总功率 P大 =UI 大 =18V0.5A=9W,故 B 正确。C当电压表示数为 15V
15、 时,电路中电流最小,小灯泡消耗的功率最小,P 小 =ULI=3V0.25A=0.75W,故 C 正确。D由 B 可知,当电路中电流最大时,滑动变阻器的功率 P 滑 =P 大 -PL=9W-3W=6W,故D 错误。故答案为 ABC。二、双选题11.如图所示的情景中,解释现象的叙述正确的是A. 飞机升空是因为机翼受到空气浮力B. 船闸是利用连通器的原理工作的C. 穿滑雪板是为了减小压强D. 茶壶盖上有孔与大气压有关【答案】BCD【解析】【详解】A、飞机升空是利用空气的升力,不是利用飞机受到的浮力工作的,不符合题意。B、当船从上游进入船闸时,上游和船闸构成上端开口下端连通的连通器;当船从船闸进入下
16、游时,船闸和下游构成连通器,所以船闸是利用连通器工作的,符合题意;C、穿滑雪板是在压力一定时,增大受力面积来减小压强,防止下陷,符合题意;D、茶壶盖上有孔,使水倒出时,水面上的压强总等于大气压,有利于水流出,符合题意。故选 BCD。三、实验题12. 把一个凸透镜对准太阳光,在距凸透镜 10cm 处得到一个最小最亮的光斑,若将一物体放在此透镜前 15cm 处,经凸透镜所成的像是( )A. 倒立、缩小的实像 B. 倒立、放大的实像C. 正立、放大的虚像 D. 正立、缩小的虚像【答案】B【解析】(1)将一个凸透镜对准太阳光,可在距透镜 10cm 的地方得到一个最小亮点,所以凸透镜的焦距 f=10cm
17、(2)一个物体放在这个透镜前 15cm 处,此时 fU 2f,成倒立、放大的实像故选 B13.“阳光动力 2 号” 太阳能飞机 4 月飞抵南京,向世人展示了创新和环保理念。飞机飞行时利用_现地面取得联系;太阳能属于_(选填“可再生”或“不可再生”)能源;飞行时螺旋桨将空气推向后方,同时获得向前的推力,说明_。【答案】 (1). 电磁波 (2). 可再生 (3). 力的作用是相互的【解析】试题分析:由于声音不能在真空中传播,而电磁波可以在真空中传播,所以飞机与地面的联系利用的是电磁波,能源分为不可再生能源与可再生能源,太阳能属于可再生能源;由于物体间力的作用是相互的,所以螺旋桨向后推空气,空气就
18、会给螺旋桨一个向前的力,使飞机前进。【考点定位】电磁波;能源的分类;力的作用14.雨后,小华在公园散步,闻到丁香花发出的清香,这是_现象;她看到湖中荷叶上水珠缩成球形,这是因为水分子间存在_;天边出现的彩虹是光的_现象。【答案】 (1). 扩散 (2). 引力 (3). 色散【解析】【分析】(1)物质是由分子组成的,组成物质的分子都在不停地做无规则运动,分子间都是存在着引力和斥力;(2)彩虹是由七种颜色的光组成,它们都是从太阳光中折射出来的。【详解】因为花香分子永不停息的在做无规则运动,扩散到空气中,所以小华在公园散步,闻到丁香花发出的清香;由于水分子间吸引力的作用,所以荷叶上水珠缩成球形;雨
19、后天空出现的彩虹,这是由于太阳光照到空气中的小水滴上,被分解为绚丽的七色光,即光的色散现象。15.小华同学利用如图所示的装置做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验:(1)组装实验装置时,放置石棉网的铁圈位置和悬挂温度计的铁夹位置非常重要,应当先调整固定_(铁圈/铁夹)的位置。(2)实验时,小华向烧杯中倒入热水而不用冷水,这种做法的优点是:_。(3)小华在水温升高到 88时开始计时,每隔 1min 记录 1 次温度,直到水沸腾后几分钟为止,记录的数据如下表:时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8温度/ 88 90 92 94 96 98 98 98 98分析上表记录的实验数据,可知水沸腾
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