2019高考物理二轮复习第11讲《带电粒子在复合场中的运动》专题训练（含答案解析）

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1、1第 11讲 带电粒子在复合场中的运动一、选择题(每小题 6分,共 24分)1.(2018北京理综,18)某空间存在匀强磁场和匀强电场。一个带电粒子(不计重力)以一定初速度射入该空间后,做匀速直线运动;若仅撤除电场,则该粒子做匀速圆周运动。下列因素与完成上述两类运动无关的是( )A.磁场和电场的方向 B.磁场和电场的强弱C.粒子的电性和电量 D.粒子入射时的速度2.(2018四川广元五校联考)(多选)长方形区域内存在有正交的匀强电场和匀强磁场,其方向如图所示,一个质量为 m、电荷量为 q的小球以初速度 v0竖直向下进入该区域。若小球恰好沿直线下降,则下列叙述正确的是( )A.小球带正电B.电场

2、强度 E=mgqC.小球做匀速直线运动D.磁感应强度 B=mgqv03.(2018江苏苏锡常镇四市联考)(多选)自行车速度计利用霍尔效应传感器获知自行车的运动速率。如图甲所示,自行车前轮上安装一块磁铁,轮子每转一圈,这块磁铁就靠近霍尔传感器一次,传感器会输出一个脉冲电压。图乙为霍尔元件的工作原理图,当磁场靠近霍尔元件时,导体内定向运动的自由电荷在磁场力作用下偏转,最终使导体在与磁场、电流方向都垂直的方向上出现电势差,即霍尔电势差。下列说法正确的是( )A.根据单位时间内的脉冲数和自行车车轮的半径即可获知车速大小B.自行车的车速越大,霍尔电势差越高C.图乙中霍尔元件的电流 I是由正电荷定向移动形

3、成的2D.如果长时间不更换传感器的电源,霍尔电势差将减小4.(多选)如图所示,区域中有正交的匀强电场和匀强磁场,区域只有匀强磁场,不同的离子(不计重力)从左侧进入两个区域,在区域中都没有发生偏转,在区域中做圆周运动的轨迹都相同,下列关于这些离子的说法正确的是( )A.离子一定都带正电B.离子进入复合场的初速度相等C.离子的比荷一定相同D.离子的初动量一定相同二、非选择题(共 56分)5.(12分)如图所示,在纸平面内建立的直角坐标系 xOy,在第一象限的区域存在沿 y轴正方向的匀强电场。现有一质量为 m、电荷量为 e的电子从第一象限的某点 P 以初速度 v0沿 x轴的负方向开始(L,38L)运

4、动,经过 x轴上的点 Q 进入第四象限,先做匀速直线运动然后进入垂直纸面的矩形匀强磁场区域,(L4,0)磁场左边界和上边界分别与 y轴、x 轴重合,电子偏转后恰好经过坐标原点 O,并沿 y轴的正方向运动,不计电子的重力。求:(1)电子经过 Q点的速度 v;(2)该匀强磁场的磁感应强度 B和磁场的最小面积 S。36.(2018湖南常德模拟)(12 分)如图所示,ABCD 矩形区域内存在互相垂直的有界匀强电场和匀强磁场的复合场,有一带电小球质量为 m、电荷量大小为 q,小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压为 U的电场加速后,水平进入 ABCD区域中,恰能在此空间的竖直面内做匀速圆周运动,且从

5、B点射出,已知 AB长度为 L,AD长度为 L,求:3(1)小球带何种电荷及进入复合场时的速度大小;(2)小球在复合场中做圆周运动的轨道半径;(3)小球在复合场中运动的时间。7.(12分)如图所示的平面直角坐标系 xOy,在第象限内有平行于 y轴的匀强电场,方向沿 y轴正方向;在第象限的正三角形 abc区域内有匀强磁场,方向垂直于 xOy平面向里,正三角形边长为 L,且 ab边与y轴平行。一质量为 m、电荷量为 q的粒子,从 y轴上的 P(0,h)点,以大小为 v0的速度沿 x轴正方向射入电场,通过电场后从 x轴上的 a(2h,0)点进入第象限,又经过磁场从 y轴上的某点进入第象限,且速度与

6、y轴负方向成 45角,不计粒子所受的重力。求:(1)电场强度 E的大小;(2)粒子到达 a点时速度的大小和方向;(3)abc区域内磁场的磁感应强度 B的最小值。48.(20分)如图所示,在 xOy平面内,以 O1(0,R)为圆心、R 为半径的圆形区域内有垂直平面向里的匀强磁场 B1,x轴下方有一直线 ab,ab与 x轴相距为 d,x轴与直线 ab区域间有平行于 y轴的匀强电场 E,在 ab的下方有一平行于 x轴的感光板 MN,ab与 MN区域间有垂直平面向外的匀强磁场 B2。在 0y2R 的区域内,质量为 m、电荷量为 e的电子从圆形区域左侧的任何位置沿 x轴正方向以速度 v0射入圆形区域,经

7、过磁场 B1偏转后都经过 O点,然后进入 x轴下方。已知 x轴与直线 ab间匀强电场场强大小 E= ,ab3mv202ed与 MN间匀强磁场磁感应强度大小 B2= ,不计电子重力。求 :mv0ed(1)圆形区域内匀强磁场磁感应强度 B1的大小;(2)若要求从所有不同位置出发的电子都不能打在感光板 MN上,MN 与 ab间的最小距离 h1;(3)若要求从所有不同位置出发的电子都能打在感光板 MN上,MN 与 ab间的最大距离 h2;当 MN与 ab间的距离最大时,电子从 O点到 MN运动的最长时间。56答案精解精析一、选择题1.C 本题考查带电粒子在电、磁场中的运动。不计重力的带电粒子,在电场和

8、磁场的复合场中做匀速直线运动,则一定满足关系 Eq=qvB;若撤去电场后,粒子做匀速圆周运动,仅需满足洛伦兹力充当向心力,即 qvB=m ,综合可知,粒子的电性和电量与能否完成题述两类运动无关,C 对。v2r2.CD 小球在复合场内受到竖直向下的重力、电场力和洛伦兹力,其中电场力和重力都是恒力,若速度变化则洛伦兹力变化,合力变化,小球必不能沿直线下降,所以合力等于 0,小球做匀速直线运动,选项 C正确;若小球带正电,则电场力斜向下,洛伦兹力水平向左,和重力的合力不可能等于 0,所以小球不可能带正电,选项 A错误;小球带负电,受到斜向上的电场力和水平向右的洛伦兹力,根据几何关系及力的合成可得 q

9、E= mg,电场强度 E= ,选项 B错误;洛伦兹力 qv0B=mg,磁感应强度 B= ,选项 D正确。22mgq mgqv03.AD 根据单位时间内的脉冲数可知车轮转动的转速,若再已知自行车车轮的半径,根据 v=2rn 即可获知车速大小,选项 A正确;题图乙中霍尔元件的电流 I是由电子定向移动形成的,选项 C错误;根据霍尔原理可知 q=Bqv,U=Bdv,即霍尔电势差只与磁场强度、霍尔元件的厚度以及电子定向移动的速率有关,Ud与车速无关,选项 B错误;如果长时间不更换传感器的电源,则会导致电子定向移动的速率减小,故霍尔电势差将减小,选项 D正确。4.BC 因为离子通过区域时不偏转,说明受到的

10、电场力与洛伦兹力大小相等,即 Eq=B1qv,故离子的速度相等,若离子带正电,则电场力向下,洛伦兹力向上,若离子带负电,则电场力向上,洛伦兹力向下,均能满足平衡条件,选项 A错误,B 正确;又因为进入区域后,其偏转半径相同,由 R= 可知,它们的比荷相同,选mvB2q项 C正确;虽然可确定初速度相等,但无法判断离子质量是否相等,所以无法判断初动量是否相等,选项D错误。二、非选择题5. 答案 (1) v0,与水平方向夹角为 30233(2) ,方向垂直于纸面向里 83mv0eL L296解析 (1)电子在第一象限做类平抛运动,有:=v0t, = t3L4 3L8 vy2解得 vy= v033经过

11、 Q点的速度大小为 vQ= = v0v2x+v2y2337与水平方向夹角为 则 tan = = ,故 =30vyvx 33(2)电子进入第四象限先做匀速直线运动,进入磁场后做匀速圆周运动,在磁场中速度偏转角为120。由几何关系得 r+ =rsin30L4解得 r=L12由向心力公式和牛顿第二定律有 eBv=mv2r解得 B=83mv0eL由左手定则可知磁场方向垂直于纸面向里矩形磁场右边界距 y轴的距离d=r+r cos 60= r=32 L8下边界距 x轴的距离 r=L12最小面积为 S=dr=L2966. 答案 (1)负电荷 (2)2L (3)2qUm L3 2mqU解析 (1)小球在电场、

12、磁场和重力场的复合场中,做匀速圆周运动,且从 B点射出,根据左手定则可知小球带负电荷。小球进入复合场之前,由动能定理得 qU= mv212解得 v=2qUm(2)设小球做圆周运动的轨道半径为 r,由几何关系得r2=(r-L)2+( L)23解得 r=2L(3)由(2)知小球在复合场中做圆周运动对应的圆心角:sin =3Lr解得 =3小球运动周期 T= ,运动时间 t= T2rv 28联立解得 t= L3 2mqU7. 答案 (1) (2) v0 指向第象限与 x轴正方向成 45角 (3)mv202qh 2 2mv0qL解析 (1)设粒子在电场中运动的时间为 t,则有x=v0t=2h,y= at

13、2=h,qE=ma12联立以上各式可得 E=mv202qh(2)粒子到达 a点时沿负 y方向的分速度为 vy=at=v0所以 v= = v0v20+v2y 2方向指向第象限与 x轴正方向成 45角(3)粒子在磁场中运动时,有 qvB=mv2r当粒子从 b点射出时,磁场的磁感应强度为最小值,此时有 r= L22所以 B=2mv0qL8. 答案 (1) (2)3d (3)d +mv0eR 23d3v0 d3v0解析 (1)所有电子射入圆形区域后均做匀速圆周运动,轨道半径大小相等,设为 r从位置(-R,R)处射入的电子经过 O点进入 x轴下方,由几何关系易得 r=R由洛伦兹力提供向心力得 ev0B1

14、=mv20r解得 B1=mv0eR(2)设电子经电场加速后到达 ab时速度大小为 v,电子在 ab与 MN间磁场做匀速圆周运动的轨道半径为 r1,沿 x轴负方向射入电场的电子离开电场进入磁场时速度方向与水平方向成 角,则:eEd= mv2- m ,r1= ,cos =12 12v02 mveB2 v0v解得 v=2v0,r1=2d,=60如果电子在 O点以速度 v0沿 x轴负方向射入电场,经电场偏转和磁场偏转后,不能打在 MN上,则所有电子都不能打在 MN上。设恰好不能打在 MN上的电子在磁场中的圆轨道圆心为 O2,如图甲所示9则 MN与 ab间的最小距离 h1=r1+r1 cos 解得 h1

15、=3d(3)如果电子在 O点沿 x轴正方向射入电场,经电场偏转和磁场偏转后,能打在 MN上,则所有电子都能打在 MN上。设恰好能打在 MN上的电子在磁场中的圆轨道圆心为 O3,如图乙所示乙则 MN与 ab间的最大距离 h2=r1-r1 cos 由电子在电场中运动与(2)中的对称性可知r1=2d,=60解得 h2=d当 MN与 ab间的距离最大为 h2=d时,所有从 O点到 MN的电子中,沿 x轴正方向射入电场的电子,运动时间最长。设该电子在匀强电场中运动的加速度为 a,运动时间为 t1,在磁场 B2中运动周期为 T,时间为 t2则 a= ,d= a ,T= ,t2= TeEm 12t21 2meB2 2运动最长时间 tm=t1+t2解得 t1= ,T= ,t2= ,tm= +23d3v0 2dv0 d3v0 23d3v0 d3v0