2019年上海市闵行区七宝第三中学中考物理二模试卷（含答案解析）

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1、2019 年上海市闵行区七宝第三中学中考物理二模试卷一选择题（共 10 小题，满分 30 分，每小题 3 分）1下列说法正确的是（ ）A马德堡半球实验测出了大气压的数值B拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小C高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理D洗手盆的排水管用 U 形“反水弯”防臭是利用了连通器原理2下列单位中，属于电能单位的是（ ）A安培 B伏特 C瓦特 D千瓦时3拖拉机的轮子上装有履带，这样做的目的是（ ）A为减小拖拉机对地面的压力B为减小拖拉机对地面的压强C为减小拖拉机与地面间的摩擦D为了防止车轮损坏4在图的电路中，能正确测出灯 L1 两端电压的是（ ）A BC D

2、5将小灯 L1、L 2 接入电路后，灯 L1、L 2 的功率分别为 P1、P 2已知 P1P 2，下列判断中正确的是（ ）A若两灯串联，则 L1 的电流较小B若两灯串联，则 L1 的电阻较小C若两灯并联，则 L1 的电流较大D若两灯并联，则 L1 的电阻较小6如图，AC、DF 分别是直径、长度均相同的康铜合金丝和镍铬合金丝，B、E 是各自的中点。分别将 AB、EF 接入电路中，这是为了研究导体电阻与哪个因素的关系（ ）A电压 B电流 C长度 D材料7某同学比较“测物质密度”和“探究物质质量与体积关系”两个实验后，认为 所测的物理量相同 测量的工具相同 需多次测量的目的不同。他的判断正确的是（

3、）A B 和 C 和 D、和8有一重 2N 的圆柱形玻璃杯（杯壁厚度不计），底面积为 100cm2，装有一定质量的煤油，杯底到油面的高度为 20cm，放在水平桌面上（取 g10N/kg， 煤油0.810 3kg/m3），则下列结果不正确的是（ ）A煤油对杯底的压强是 1.6103PaB杯底对桌面的压强是 1.8l03PaC煤油对杯底的压力是 16ND杯子受到桌面的支持力是 16N9如图电路中，电源电压为 4 伏。现有如下两种操作（ ）将滑动变阻器滑片向右移；用 6 伏的电源替换原来的电源。其中可以使电压表 V1 示数与 V2 示数的比值变大的操作A都不行 B都可行 C只有可行 D只有可行10两

4、个相同的柱形容器中分别盛有甲、乙两种液体，将两个相同的 U 形管压强计的金属盒分别放入液体中，U 形管内液面的高度差 H 0 相同，如图，此时两容器内液面相平。若将两金属盒同时竖直向下移动一段相同的距离后，则此时两 U 形管内液面的高度差分别为H 1、H 2，两液体的密度分别为 甲 、 乙 则下列判断中正确的是（ ）A 甲 乙 ，H 1H 2 B 甲 乙 ，H 1H 2C 甲 乙 ，H 1H 2 D 甲 乙 ，H 1H 2二填空题（共 8 小题，满分 24 分，每小题 3 分）11我国家庭电路中，空调、冰箱等用电器正常工作时的电压均为 伏。用电器和开关之间是 连接的（选填 “串联”或“并联”）

5、，同时使用的用电器越多，电路中的总电阻越 （选填“大”或“小”）。12最早测定大气压强数值的是意大利科学家 ，通过实验得到一个标准大气压可以支持 米高度的水银柱；在高山上用吸管吸饮料，会相对 （选填“容易些”、“困难些”或“一样”）；压力锅容易煮熟饭，是因为压力锅受热后，锅内的气压增大，液体的沸点 （选填“升高”或“降低”）。13如图是一个玩具汽车上的电路，电动机额定电压是 6V，额定功率是 6W小明对其进行测量和研究发现：电动机的线圈电阻为 1，当闭合开关后，电压表的示数为 6V，则：电流表示数为 A，如果开 5 分钟玩具汽车，消耗了多少电能为 J，产生多少热能为 J，电动机的输出功率（即机

6、械功率）是 W。14港珠澳大桥是世界最长的跨海大桥，隧道由 33 节沉管组成。某节管的排水量约为 8 万吨，将它缓缓放入海水中，待其浸没后受到的浮力大小约为 牛，方向为 ，排开海水的体积约为 m3（海水的密度取 1103 千克 /米 3）15铁的密度为 7.8103 千克/米 3，它的物理意义是每立方米铁的 为 7800 千克。现有实心立方体铁块，放在水平桌面上，如图，露出部分的宽度为 d，对桌面的压强为p。若沿竖直方向切掉厚度l，当l d 时，剩余部分对桌面的压强 p；当ld时，剩余部分对桌面的压强 p（后两空均选填“”、“”或“”）。16如图所示，一密封的圆台形容器，内装一定质量的水放在水

7、平桌面上，若把它倒置，则水对容器底面的压强 ，水对容器底部的压力 ，水平桌面受到的压力 ，桌面受到的压强 。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）17如表格中电路图所示，闭合开关 S 后，发现两灯均不亮，其中一个灯损坏。现提供导线、电压表，请选用上述器材进行检测。实验现象 实验结论请你出检测电路（画在下面的电路图上）18某物理学习小组学习压力之后，对于纸桥能承受的最大压力很感兴趣。于是，他们选用相同的纸张做成不同的纸桥进行实验，如图。在纸桥中央放上硬币，直到纸桥塌陷，记录此时硬币的个数。然后，改变桥墩间距，记录纸桥塌陷时硬币个数，数据如表格。序号 截面形状 桥墩间距（厘米） 硬币个数（个）1

8、15 362 15 163 4 424 4 22（1）分析序号 1、2 或 3、4，可知： 。（2）分析序号 1、3 或 2、4，可知： 。三解答题（共 3 小题，满分 6 分，每小题 2 分）19如图所示，重为 6 牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法在图中画出它对水平地面的压力 F。20在图中的里填上适当的电表符号，当开关 S 闭合时，电路能正常工作。21在图的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求当滑片 P 向左移动时，灯 L 亮度不变且电流表示数变小。四解答题（共 4 小题，满分 24 分）22体积为 2103 米 3 的小球，浸没在水中，求：小球受到的浮力 F

9、浮 。23如图所示，已知定值电阻 R010 ，滑动变阻器 R 的最大阻值为 15，灯泡 L 上标有“2.5V 0.75W”的字样。只闭合开关 S、S 1，并把 R 的滑片移到最右端，电流表的示数为 0.1A。（1）电源电压为多少？（2）当三个开关都闭合，R 的滑片移到最左端此时电流表的示数为多少？24在如图甲所示的电路中，电源是电压大小可以调节的直流电源，灯泡L1“6V，3.6W ”，R 05，图乙是灯泡 L2 的 IU 图象。试完成下列问题：（1）当开关 S 接 a 时，调节电源电压，使灯泡 L1 正常发光，此时 R0 的功率是多大？（2）当开关 S 接 b 时，调节电源电压，使灯泡 L1

10、正常发光，此时电源电压是多大？25如图所示，底面积为 102 米 2、高为 0.4 米长方体甲（ 甲 210 3 千克/米 3）和底面积为 2102 米 2 的薄壁柱形容器乙放在水平地面上。乙容器足够高，内盛有 0.1 米深的水。（1）求甲的质量 m 甲 。（2）求水对乙容器底部的压强 p 水 。（3）现沿水平方向将长方体甲截取一定的厚度，并将截取部分竖直放入乙容器中，使得水对容器底部的压强最大，且长方体甲对地面的压强减少量最小，请求出甲对地面的压强减少量。五实验探究题（共 4 小题，满分 16 分，每小题 4 分）26如图所示是“验证 原理”实验的示意图。通过（ A）与（C）两图可以得知物体

11、所受 的大小；其中 V2V 1 表示 的大小。该实验若用漂浮在液面的物块， （选填“能”或“不能”）验证上述原理。27小华利用提供的器材按图甲电路进行“用电压表和电流表测电阻”的实验。（1）并用笔画线代替导线完成图甲中实物电路的连接。（要求滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小）（2）小华连接好电路后，闭合开关，发现电压表的指针偏转角度很大，接近量程，而电流表的指针偏转角度很小，不到量程的五分之一。小华检查电路后发现自己连接电路时出现了两个问题：一是把滑动变阻器的滑片放在了 （选填“C”或“D”）位置，二是 （选填“电压表”或“电流表”）的量程选择不当。（3）小华发现旁边的小勇自己连接好电路后通

12、过实验得到多组数据，并作出如图乙所示的 UI 图象，则小华分析后发现小勇把电压表并联在了 （选填“电阻 R”或“滑动变阻器”）的两端。根据 UI 图象，可求得待测电阻 R 。（4）小刚把上述实验中的定值电阻换成电阻箱 R0（如图丙），又探究了通过导体的电流跟电阻的关系。正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片 P 时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为 。AR 短路 B滑片 P 接触不良CR 0 短路 DR 0 断路排除故障后实验时，改变 R0 的阻值，测出对应的电流 I当 R0 的阻值变大时，为完成探究，应将滑片 P 向 （选填“左”或“右”）端移动。（5）小华和小刚在实验中均进行了多

13、次测量，他们这样做的目的是 （选填“相同”或“不同”）。28甲、乙两位同学利用相同的两套实验器材，按不同的电路研究“并联电路的电压特点”。（1）甲同学实验电路如图（a），闭合电键后测出实验数据记录在表一中。表一序号 V1 示数（伏） V2 示数（伏） V 示数（伏）1 1.0 1.0 1.02 2.5 2.5 2.53 4.0 4.0 4.0根据甲同学的实验数据，可归纳得出结论：在并联电路中，总电压等于 。（2）乙同学实验电路如图（b），他先记录了电压表 V 的示数作为总电压，然后将电键闭合后测出 R1、R 2 两端的电压。实验数据记录在表二。乙同学发现由实验数据归纳得出的结论与课本不一致，于

14、是他将数据做了修改。你认为他的做法是否合适，请判断并说明理由。 。（3）对比了两位同学的实验过程，他们经讨论后认为：当电键处于 状态下，电压表 V 测出的才是并联电路的 ，“研究串联电路电压特点”的实验也应如此。29小明在研究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作：（1）实验前，应调整 U 型管压强计，使左右两边玻璃管中的液面 。而小明用手按压橡皮膜，发现 U 形管两边液面高基本不变，造成这种现象的原因可能是 。（2）解决问题后，小明继续探究实验，如图所示，甲、乙两图是探究液体压强与 的关系。（3）小明要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，应选择： 两图进行对比，结论是：液体压强与盛液体的

15、容器形状 。（4）实验中液体内部压强的大小通过 反映出来。本实验主要用到的研究方法 法。2019 年上海市闵行区七宝第三中学中考物理二模试卷参考答案与试题解析一选择题（共 10 小题，满分 30 分，每小题 3 分）1【分析】（1）最早测出大气压的实验是托里拆利实验；（2）液体压强随深度的增加而增加；（3）液体沸点随气压的升高而升高；（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通。【解答】解：A、最早测出大气压的实验是托里拆利实验，马德堡半球实验证明大气压的存在，故 A 错误；B、拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增大，故 B 错误；C、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气

16、压的升高而升高的原理，故 C 错误；D、洗手盆的排水管用 U 形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故 D 正确。故选：D。【点评】本题考查气体压强、液体压强的知识的应用，解答时需要准确区分各物理知识点及其应用，这些知识点中考出现概率很高。2【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。【解答】解：在物理学中，A、安培是电流的基本单位。故 A 不符合题意；B、伏特是电压的基本单位。故 B 不符合题意；C、瓦特是功率的基本单位。故 C 不符合题意；D、千瓦时是电能的常用单位。故 D 符合题意。故选：D。【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。

17、3【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。【解答】解：拖拉机的轮子上装有履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强。故 ACD 错误，B 正确。故选：B。【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。4【分析】电压表与待测电阻并联，且电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，据此分析。【解答】解：A、电流从电压表负接线柱流入，从正接线柱流出了，不能正确测出灯

18、 L1两端电压的，A 错误；B、电压表与灯 L1 串联了，不能正确测出灯 L1 两端电压的，B 错误；C、电压表与灯 L1 并联，且电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出了，能正确测出灯 L1 两端电压的，C 正确；D、电压表测电源电压，D 错误。故选：C。【点评】本题考查电压表的正确使用，为基础题。5【分析】串联电路中电流处处相等；并联电路各支路两端的电压相等，根据PUI、P 和 PI 2R 判断分析。【解答】解：A、若两灯串联，因串联电路中电流处处相等，所以通过两灯的电流相等，故 A 错误；B、若两灯串联，电流处处相等，因 P1P 2，则根据 PI 2R 知，L 1 的电阻较小，故 B正

19、确；C、若两灯并联，各支路两端的电压相等，因 P1P 2，则根据 PUI 可知，L 1 的电流较小，故 C 错误；D、若两灯并联，各支路两端的电压相等，因 P1P 2，则根据 P 可知，L 1 的电阻较大，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查串并联电路的规律、功率计算公式的应用，选择合适的应用公式是正确解决本题的关键。6【分析】影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积，在实验中采用控制变量法进行判断电阻与哪个因素有关。【解答】解：由于 AB 和 EF 的长度、横截面积都相同，而材料不同，所以此时可以探究导体的电阻与材料是否有关；故 D 正确。故选：D。【点评】本题是一道实验题，考查

20、了电阻大小的影响因素，解题时注意控制变量法的应用。7【分析】根据 确定“测定物质的密度”的实验中需测量的物理量；“探究物质质量与体积的关系”实验，根据实验目的确定所测物理量；用天平测出物体的质量，并用量筒根据排水法测出物体的体积；多次实验的目的一是得出普遍性的规律，二是为了减小误差。【解答】解：在“ 测物质的密度 ”和“探究物质质量与体积的关系”两个实验中需测量的物理量都是：质量与体积，故正确；在这两个实验中，都需用天平测出物体的质量，并用量筒根据排水法测出物体的体积，测量的工具相同，故正确；探究物质质量与体积的关系是为了探究其规律性，应进行多次实验，所以，需要用不同体积的物体进行多次测量；在

21、“测定物质的密度”的实验中，为了减小实验误差，应进行多次实验，故两个实验中都需要进行多次测量，但多次测量的目的不同；故正确；故选：D。【点评】本题考查”测物质密度“和“探究物质质量与体积关系”两个实验的异同之处，体现了对过程和方法的考查。8【分析】（1）知道圆柱形玻璃杯内煤油的深度，根据 pgh 求出煤油对杯底的压强，再根据 p 求出煤油对杯底的压力；（2）先求出煤油的体积，再根据密度公式求出煤油的质量，根据 Gmg 求出煤油的重力；杯子处于静止状态，受到桌面的支持力等于煤油和杯子的重力之和，杯子对桌面的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等，根据 p 求出杯底对桌面的压强【解答】解

22、：（1）煤油对杯底的压强：pgh 0.8103kg/m310N/kg20102 m1.610 3Pa，故 A 正确；由 p 可得，煤油对杯底的压力：FpS1.610 3Pa100104 m216N，故 C 正确；（2）玻璃杯为圆柱形，则煤油体积：VSh100cm 220cm2000cm 30.002m 3，由 可得，煤油质量：m 油 V0.810 3kg/m30.002m31.6kg，煤油重力：G 油 m 油 g1.6kg10N/kg16N ，因杯子处于静止状态，所以，杯子受到桌面的支持力：F 支 G 杯 +G 油 2N+16N 18N，故 D 不正确；因杯子对桌面的压力和受到的支持力是一道相

23、互作用力，所以，桌面受到的压力：F 压 F 支持 18N，杯底对桌面的压强：p 1.810 3Pa，故 B 正确。故选：D。【点评】本题考查的是液体压强和固体压强的计算方法，同时出现固、液体压力压强，要注意先后顺序：液体，先计算压强（pgh），后计算压力（FpS）；固体，先计算压力（在水平面上 FG），后计算压强（p ）9【分析】由电路图可知，滑动变阻器 R1 和定值电阻 R2 串联，电压表 V1 滑动变阻器两端的电压，电压表 V2 测定值电阻两端的电压；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化 R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点得出电压表 V1 示数的

24、变化，在判断电压表V1 示数与 V2 示数的比值的变化；根据串联电路电压与电阻成正比判断分析。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器 R1 和定值电阻 R2 串联，将滑动变阻器的滑片向右移动一段距离，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I 可知，电路中的电流变大，由 UIR 可知，定值电阻 R2 两端的电压均变大，则电压表 V2 示数变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表 V1 的示数变小，电压表 V1 示数与 V2 示数的比值变小，故不行；因为串联电路电流处处相等，即 ，所以 ，即电压与电阻成正比，当用 6 伏的电源替换原来的电源，因为两电

25、阻不变，电阻正比不变，两电表示数之比也不变，故 不行。故选：A。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。10【分析】（1）U 形管压强计内液面的高度差表示的就是金属盒受到的液体压强的大小，这个高度差越大，表示液体的压强越大；（2）液体的压强与液体的深度和密度有关，计算公式 pgh，根据公式结合 U 形管内液面的高度差来判断液体密度大小关系；（3）将两金属盒同时竖直向下移动一段相同的距离后，根据判断出的液体密度关判断出增加的液体压强大小关系，从而确定此时 U 形管内液面的高度差的大小关系。【解答】解：（1）U 形管内液

26、面的高度差 H 0 相同，说明此时液体压强相同；两容器内液面相平，甲液体中金属盒的深度大，根据液体压强计算公式 pgh 可知：甲 乙 ；（2）将两金属盒同时竖直向下移动一段相同的距离后，由于甲液体的密度小，因此甲金属盒受到的液体压强增加的比乙小；由于原来的液体压强相等，因此最后甲液体中的金属盒受到的压强比乙小，所以甲液体中压强计 U 形管内液面的高度差H 1H 2。故选：C。【点评】本题重点考查了液体压强计算公式的应用，知道 U 形管内液面的高度差表示液体压强的大小是解题的关键，抓住影响液体压强大小的因素是解题的关键，有一定的难度。二填空题（共 8 小题，满分 24 分，每小题 3 分）11【

27、分析】（1）我国家庭电路的电压是 220V，所以在家庭电路中工作的用电器，正常工作电压基本都是 220V；（2）家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；（3）用电器并联相当于增大导体横截面积。【解答】解：（1）我国家庭电路电压为 220V；（2）为了有效的控制用电器，用电器和开关之间是串联连接的；（3）家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于增大横截面积，所以电阻就越小。故答案为：220；串联；小。【点评】（1）掌握常见的电压以及家庭电路中各用电器之间，插座和用电器之间，开关和开关控制的用电器之间的连接方法。（2）掌握串联电路和并联电路的电流、电压、电阻的特点。12

28、【分析】（1）托里拆利实验，测出了大气压的值；（2）大气具有压强，饮料在大气压力作用下被吸入口中；（3）气压与沸点的关系，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。【解答】解：（1）托里拆利实验测出了大气压的值，并且得到一个标准大气压可以支持 760mm0.76m 高度的水银柱；（2）人用力吸饮料时，人口腔内部的压强小于外部大气压，饮料在大气压的作用下被吸入口中，在高山上，气压较低，所以在高山上用吸管饮料，会困难些；（3）压力锅容易煮熟饭，是因为压力锅受热后，锅内的气压增大，液体的沸点升高。故答案为：托里拆利； 0.76；困难些；升高。【点评】本题考查物理学史，大气压强的存在及沸点与气压的关系，

29、应熟练掌握相关基础知识。13【分析】（1）据电动机的额定电压和额定功率计算电流即可；（2）据焦耳定律 QI 2Rt 可计算出热量；据 WUIt 可以计算出电能；（3）用 WQ 就是电动机的输出能量，据 P 可以计算出输出功率。【解答】解：电动机额定电压是 6V，额定功率是 6W，由 PUI 可得，通过电动机的电流：I 1A，即电流表示数为 1A；开 5 分钟玩具汽车，消耗的电能为：WUIt6V 1A300s1800J；开 5 分钟玩具汽车，产生的热量为：Q I 2Rt（1A ） 21300s300J；所以输出的机械能为：WWQ 1800J300J1500J；故此时的输出功率（即机械功率）为：P

30、 5W；故答案为：1；1800；300；5。【点评】分析清楚电路结构、熟练应用串联电路的特点、欧姆定律及电功率公式是正确解题的关键。14【分析】（1）知道一节沉管的排水量，利用阿基米德原理求浸没后受到的浮力；浮力的方向竖直向上；（2）再利用 F 浮 海水 V 排 g 求排开海水的体积。【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，一节沉管浸没后受到的浮力：F 浮 G 排 m 排 g810 41000kg9.8N/kg7.8410 8N，浮力的方向竖直向上；（2）由 F 浮 海水 V 排 g 得排开海水的体积：V 排 810 4m3。故答案为：7.8410 8；竖直向上；810 4。【点评】本题考查了阿

31、基米德原理的应用，因数字较大，要细心，易错题！15【分析】（1）单位体积的某种物质的质量，叫做这种物质的密度，所以密度在数值上等于物体质量与其体积之比。密度是物质本身的一种特性，决定于物质的种类、状态和温度，与质量、体积无关；（2）根据压强公式 进行判定。【解答】解：（1）铁的密度是 7.8103 千克/米 3，表示的物理意义是每立方米铁的质量是 7.8103千克；（2） 若沿竖直方向切掉厚度l，当l d 时，与原来相比，铁块的重力减小，对水平面的压力 F 减小，但受力面积 S 不变，由 p 可知，剩余部分对桌面的压强小于p；开始时与桌面的接触面积为 S2，开始时的总面积为 S，且 SS 2，

32、则 1，原来对水平面的压强 p gh，若沿竖直方向切掉厚度l，当 l d 时，此时与桌面的接触面积为 S1，则剩余部分对桌面的压强 p1 gh，比较可知，剩余部分对桌面的压强 p1 小于 p。故答案为：质量；。【点评】此题考查了我们对密度、以及压强公式的灵活运用。16【分析】（1）先分析水对容器底的压强，由液体压强公式 pgh，只需分析当把容器倒置过来后，h 有何变化，就可以得出压强如何变化。分析水对容器底的压力，我们就需要用公式 FpS 进行分析。而直接用这个公式还不能分析出水对容器底的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（h 变大了），而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面

33、积的乘积是变大了还是变小了，我们就无法判断出来。所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器底的压力联系起来，从而进行比较。第一次，水对容器底的压力大于水的重力。理由：水对容器底的压力是以 S 大 为底面积，h 为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压力大于水的重力；第二次，水对容器底的压力小于水的重力。理由：水对容器底的压力是以 S 小 为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了。（2）在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置

34、后压力不变、受力面积变小，根据压强公式判断桌面受到的压强变化。【解答】解：（1）设如图放置时的底面积为 S 大 ，倒置过来后的底面积为 S 小 ，第一次水对容器底的压力：FpS ghS 大 ，即水对容器底的压力是以 S 大 为底面积，h 为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力。如图：第二次水对容器底的压力：FpS 小 ghS 小 ，即水对容器底的压力是以 S 小 为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。如图：对比前后两次情况，水对容器底部的压力将会减小，且倒置后，水面升高，由 pgh

35、可知，h 变大，容器底部所受水的压强增大；（2）倒置前后容器对桌面的压力等于液体和容器的总重力，因总重力不变，故对桌面的压力不变，而倒置后接触面积减小，根据 p 可知，对水平桌面的压强将增大。故答案为：变大；变小；不变；变大。【点评】本题考查了学生对压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重。17【分析】由电路图知，两灯泡串联。闭合开关，灯泡不亮，原因有二：断路或短路，因为两灯都不亮，所以不可能是一灯短路，所以只能是一灯断路。【解答】答：将电压表与灯泡 L1 并联如下图：实验电路图 现象 结论电压表有示数；电压表无示数灯泡 L1 断路；灯泡 L2 断路闭合开

36、关，如果电压表有示数，说明灯泡 L1 断路；如果电压表无示数，说明灯泡 L2 断路。【点评】使用电压表检验电路故障时，将电压表与某一用电器并联，电压表如果显示电源电压，有两个可能：串联的其它用电器短路或并联的用电器断路；电压表如果没有示数，有两个可能：串联的其它用电器断路或并联的用电器短路。18【分析】纸桥能承受的最大压力与截面形状和桥墩间距有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外的因素不变，根据表中相关实验，找出相同量和不同量得出纸桥能承受的最大压力与变化因素的关系。【解答】解：（1）分析序号 1、2 或 3、4，可知：用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的桥墩间距相等时，圆形截面比三角形截面

37、上硬币放得多，故得出的结论是：用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的桥墩间距相等时，截面形状不同，能承受的最大压力不同。（2）分析序号 1、3 或 2、4，可知：用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的截面形状相同时，桥墩间距越小，硬币放得越多，即用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的截面形状相同时，桥墩间距越小，能承受的最大压力越大。故答案为：（1）用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的桥墩间距相等时，截面形状不同，能承受的最大压力不同；（2）用相同的纸张做成的纸桥，当纸桥的截面形状相同时，桥墩间距越小，能承受的最大压力越大。【点评】本题纸桥能承受的最大压力与什么因素有关，考查控制变量法及数据分析能力。三解答题（共

38、3 小题，满分 6 分，每小题 2 分）19【分析】已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确三要素，再确定标度，最后画出线段。【解答】解：压力的大小等于重力，为 6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。如图所示 【点评】本题学生容易把力作用点画在物体重心上；压力的作用点在受压物体的表面，重力的作用点在物体的几何中心上，不能混淆。20【分析】电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；首先判断图中各圆圈的位置，以及和用电器的连接方式，再结合仪表的使用方法进行分析。【解答】解：由电路图可知，上面和右边电表应为电流表，如果上面是电压表，则

39、 L1短路，灯泡不能正常发光，左边电表应为电压表；。【点评】本题考查了电流表和电压表的使用方法。解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用。21【分析】根据向左移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，确定灯与变阻器的连接；根据电流表的示数变小确定变阻器的连接并与电流表小量程串联。【解答】解：当滑片 P 向左移动时，灯 L 亮度不变且电流表示数变小，说明变阻器与电流表串联后再与灯并联，变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是确定电路的连接关系和变阻器的连接。四解答题（共 4 小题，满分 24 分）22【分析】知道小球的体积（浸没在水中排开水

40、的体积），利用阿基米德原理求小球受到的浮力。【解答】解：小球浸没于水中，v 排 v210 3 m3，F 浮 水 gv 排 110 3kg/m39.8N/kg2103 m319.6N。答：小球受到水的浮力为 19.6N。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，利用好隐含条件物体浸没水中时 v 排 v 是本题的关键。23【分析】（1）闭合 S 和 S1，定值电阻 R0 与滑动变阻器串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）若三个开关都闭合，R 的滑片移到最左端，灯泡与 R0 并联，根据 I 求出灯泡和 R0 的电流，根据并联电路电流的关系求出电流表的示数。【解答】解：（1）只闭

41、合开关 S、S 1，R 0 与滑动变阻器串联， R 的滑片移到最右端连入电路的电阻为 20，则总电阻：RR 0+R 滑 10+15 25，由 I 可得，电源的电压：UIR0.1A25 2.5V；（2）若三个开关都闭合，R 的滑片移到最左端，灯泡与 R0 并联，电流表串联干路电流，灯泡两端的电压 ULU2.5V，与额定电压 2.5V 相等，则灯泡正常发光，通过灯泡的电流：I L 0.3A ；通过定值电阻 R0 的电流：I 0 0.25A ，干路电流为：II L+I00.3A+0.25A0.55A，电流表的示数为 0.55A。答：（1）电源电压为 3V；（2）若三个开关都闭合，R 的滑片移到最左端

42、此时电流表的示数为 0.55A。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律公式的灵活运用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。24【分析】（1）当开关 S 接 a 时，灯泡 L1 与电阻 R0 串联，由于灯泡 L1 正常发光，根据灯泡的额定功率和电压，利用 PUI 求出电路中的电流，利用公式 PI 2R 计算出电阻 R0 的功率。（2）开关 S 接 b，灯 L1 与灯 L2 串联，灯泡 L1 正常发光时，根据 L1 正常发光时的电流，利用串联电路的电流处处相等的特点可知通过灯泡 L2 的电流，根据图象读出此时灯泡L2 两端的电压，最后即可根据串联电路的电压特点求出电源电压。【解答】解：

43、（1）开关 S 接 a，R 0 与灯 L1 串联，灯泡 L1 正常发光时，L 1 消耗的功率为 P13.6W，而 U16V，则根据串联电路的电流处处相等的特点和 PUI 可知：通过 R0 电流 I0I 1 0.6A ；R0 的功率：P 0I 02R0（0.6A） 251.8 W；（2）开关 S 接 b，灯 L1 与灯 L2 串联，灯泡 L1 正常发光时，则灯泡 L1 两端电压为：U 1 6V；根据串联电路的电流处处相等的特点可知：通过 L2 电流为：I 2I 10.6A，由图乙可知，当 I20.6A 时，灯 L2 两端电压为 U23V，故此时电源电压为：UU 1+U26V+3V9V。答：（1）

44、当开关 S 接 a 时，调节电源电压，使灯泡 L1 正常发光，此时 R0 的功率是 1.8 W；（2）当开关 S 接 b 时，调节电源电压，使灯泡 L1 正常发光，此时电源电压是 9V。【点评】本题考查了开关断开和闭合对电路的影响，以及串联电路电流和电压的特点，对欧姆定律及其公式变形和电功率及其公式变形的理解和应用，解答此题的关键是我们要能够准确的分析电路的连接情况，并且能够从图象提取有用信息。25【分析】（1）求出甲的体积，知道甲的密度，利用 mV 求甲的质量；（2）知道乙容器水深，利用 pgh 求水对乙容器底部的压强；（3）当切割部分恰好浸没在水中时，水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强

45、减少量最小。设此时水面最终深度为 h，则 S 乙 hV 水 +V 甲 ，据此求此时水面最终深度；进一步求出截取部分的体积、高度，再利用 pgh 求甲对地面的压强减少量。【解答】解：（1）由 得甲的质量：m 甲 甲 V 甲 210 3kg/m31102 m20.4m8kg；（2）水对乙容器底部的压强：p 水 gh 110 3kg/m39.8N/kg0.1m980Pa；（3）当切割部分恰好浸没在水中时，水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强减少量最小。设水面最终深度为 h，则：S 乙 hV 水 +V 甲 ，S 乙 hV 水 +S 甲 h，2102 m2h210 2 m20.1m+1102 m2h，

46、解得：h0.2m，V 甲 210 2 m2（0.2m 0.1m ）210 3 m3，h 甲 0.2m ，甲对地面的压强减少量：p 甲 gh210 3kg/m39.8N/kg0.2m3920Pa。答：（1）甲的质量为 8kg。（2）水对乙容器底部的压强为 980Pa。（3）甲对地面的压强减少量为 3920Pa。【点评】本题考查了密度公式、压强公式的应用，难点在第三问，要知道：当切割部分恰好浸没在水中时，水对容器底部的压强最大，甲对地面的压强减少量最小。五实验探究题（共 4 小题，满分 16 分，每小题 4 分）26【分析】（1）浸在液体中的物体都受到竖直向上的浮力，大小等于它排开液体受到的重力，

47、要探究阿基米德原理就要测量出浮力和物体排开液体的重力；（2）要测出浮力，就要测出物体的重力和物体浸在液体中弹簧测力计的示数，因为两者之差就是浮力；（3）根据漂浮在液面上的物体受到浮力与重力相等进行分析。【解答】解：阿基米德原理的内容是：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，大小等于它排开液体的重力；由图可知，可以验证阿基米德原理”实验；先测出物体的重力 F1，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，根据 A 和 C 两个步骤，利用 F1F 2 就可以测出浮力；由（B）与（C）两图可以得到排开液体体积 VV 2V 1，再利用 Gmg Vg 可求得排开液体重力的大小，然后比较浮力和排开液体重力的大小，从而验证 阿基米德原理。该实验若用漂浮在液面的物块，此时 F 浮 G，弹簧测力计的示数为 0，所以能验证上述原理。故答案为：阿基米德；浮力