2019年陕西省西安市未央区联考中考物理二模试卷（含答案）

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1、2019 年陕西省西安市未央区联考中考物理二模试卷一、选择题1关于下列四幅图说法正确的是（ ）A甲图中，演凑者通过手指在弦上按压位置的变化来改变发声的响度B乙图中，敲锣时用力越大，所发声音的音调越高C丙图中，随着向外不断抽气，手机铃声越来越大D丁图中，城市某些路段两旁的透明板墙可以减小噪声污染2如图为冬天时，女孩通过哈气取暖，男孩通过搓手取暖，这两名儿童的取暖方式分别是（ ）A两人都是通过做功取暖B两人都是通过热传递取暖C女孩通过做功取暖，男孩通过热传递取暖D女孩通过热传递取暖，男孩通过做功取暖3下列现象中，可用光的直线传播原理解释的是（ ）A 林间光柱 B 筷子“折断”C 放大文字 D 山的

2、倒影4关于能源和材料，下列说法中正确的是（ ）A太阳能、风能、天然气都是可再生资源B手机利用电磁波传递信息C超导体材料主要是应用在电饭锅等电器上D铜是磁性材料，可以被磁化5在如图所示的各种现象中，主要说明分子间存在引力的是（ ）A 滴在热水中的墨水比滴在冷水中扩散快B 端面磨平的铅块压紧后能连在一起后能够吊住大钩码C 铅板和金板长时间压紧在一起，铅和金会互相渗透D 抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合均匀6对铁和玻璃分别加热熔化时，则（ ）A铁和玻璃都会熔化，但铁有熔点，而玻璃没有熔点B玻璃没有熔点，所以不会熔化C铁和玻璃都会熔化，且温度都不断升高D以上说法均不对7如图所示电路图，电源电压 6V

3、 保持恒定不变，滑动变阻器 R1 的最大阻值是 10，闭合开关 S 后，移动滑动变阻器的滑片 P，电压表示数的变化范围应是（ ）A06V B02V C24V D26V8如图所示，用大小为 5N 的力 F 拉动木板 B，使 B 在水平桌面上向左做匀速直线运动，物体 A 相对于桌面保持静止，物体 A 通过水平轻绳经定滑轮与弹簧测力计相连接，此时弹簧测力计的示数为 2N，下列判断正确的是（ ）A物体 A 受到水平向右的滑动摩擦力B物体 A 受到的滑动摩擦力大小为 2NC若用大小为 6N 的力 F 拉动木板 B，木板 B 的运动状态不变D若用大小为 6N 的力 F 拉动木板 B，物体 A 受到的滑动摩

4、擦力将增大二、填空与作圈题（共 6 小题，每空 1 分，每图 2 分，计 19 分）9在 2012 年尤伯杯世界羽毛球女团锦标赛中，中国队以 3：0 横扫韩国队，重夺尤伯杯冠军。球迷通过电视看比赛直播，电视是通过 来传递信息的；电视机的遥控器是利用 来实现电视机的遥控（选填 “紫外线”或“红外线）；接球时将球反向击回，说明力可以改变物体的 。10（6 分）（1）1820 年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的 效应。（2）通电导线在磁场中要受到力的作用，力的方向跟 的方向、 的方向都有关系，利用此现象制成了 。（3）英国物理学家法拉第经过 10 年的探索，在 1831 年发现了 现象，利用此现象制成

5、了 。11（2 分）2016 年 10 月 17 日 7 时，我国神舟十一号载人飞船在酒泉卫星发射中心用长征二号 F 运载火箭成功发射升空，顺利将景海鹏、陈冬 2 名航天员送入太空。经过两天独立飞行的神舟十一号载人飞船与天宫二号成功对接，如图所示，在对接过程中，选择天宫二号为参照物，飞船是 的（选填“运动”或“静止”）；当太阳光照射“天宫二号”组合体的太阳能帆板时，帆板把光能转化为电能，为飞船上的电器设备提供能源，太阳能属于 （选填“可再生能源”或“不可再生能源”）。1210 秒内通过某导体横截面的电荷量为 6 库，电流做功为 36 焦，则导体两端的电压为 伏，通过导体电流为 安。当该导体两端

6、电压为 3 伏时，电阻为 欧。13放在水平桌面上的量筒中盛有 120cm3 的水，当把挂在弹簧测力计下的小金属块完全浸入量筒里的水中后，量筒的水面上升到 160cm3 刻度处，弹簧测力计的示数为 3.4N，则金属块的体积为 cm3，所受浮力为 N，金属块的质量为 kg。14（2 分）把羊角锤看做杠杆，如图用羊角锤拔钉子，O 为支点，画出在 A 点施加的最小力 F 的示意图及其力臂 L。三、实验与探究题（共 3 小题，每空 1 分，计 19 分）15（8 分）小亮计划做“探究通过导体的电流 I 跟电阻 R 的关系”的实验。他根据实验电路图，在实验桌上连接了如图 1 所示的实验电路，实验桌上还有多

7、个阻值已知的不同的定值电阻。小亮要利用这些器材进行实验探究。（1）请你画出正确的实验电路图。（2）若滑动变阻器的滑片 P 向右移动，接入电路的电阻值变小，则应将滑动变阻器的接线柱 连入电路（选填“A ”或“B”）。（3）小亮的探究实验主要步骤如下：闭合开关 S，调节滑片位置，使电压表有合适的示数 U，读出此时电流表的示数 I，并把 R、U、I 记录在数据表格中。调节滑动变阻器的滑片，改变 R 两端的电压，并把 U、I 记录在数据表格中。仿照步骤 ，再做四次实验，并把实验数据记录在表格中。请你根据以上叙述回答下列问题：（4）小亮计划探究的问题中的自变量是 ；（5）根据以上实验步骤可知，小亮实际探

8、究的是通过导体的电流 I 与 的关系；（6）针对小亮计划探究的问题，在实验步骤中，正确的操作方法应是：断开开关S，改变 ，再闭合开关 S，调节滑动变阻器的滑片位置，使 ，并把 R、I 记录在数据表格中。（7）在某次实验中，两电表的示数如图 2 甲、乙所示。此时电流表的示数为 A，电阻为 。16（6 分）小丁同学从天平山上取下一小块石块，通过实验来测定石块密度。下面是小定同学测量不规则小石块密度的实验过程：A用细线将石块拴好轻轻放入量筒内水中，测出水和石块的总体积 V1；B计算石块的密度；C在量筒中倒入适量的水，测出水的体积 V2；D用天平称出石块的质量 m；请你按正确的操作过程帮他重新排列实验

9、序号 。用调节好的天平测小石块的质量时，发现指针在分度标尺上的位置如图甲所示，此时应 或 。调整好天平后，平衡时所用的砝码和游码的位置如图乙所示，那么小石块的质量为 g用量筒测出小石块的体积如图丙所示，它的体积为 cm3，小石块的密度为 kg/m3。17（6 分）在探究力的作用效果与什么因素有关的课题中，小明和同学们进行了如下实验：如图甲所示，将一钢尺的下端固定不动，用力 F1 去推动钢尺上 a 点处，观察钢尺的变化。如图乙所示，保持钢尺的下端固定不动，用力 F1 去推动钢尺上的 b 点处，观察钢尺的变化。如图丙所示，保持钢尺的下端固定不动，改变力的方向，用力 F1 去推动钢尺上的 a点处，观

10、察钢尺的变化。如图丁所示，保持钢尺的下端固定不动，用更大的力 F2，去推动钢尺上 a 点处，观察钢尺的变化。（1）实验中，用力推钢尺，钢尺发生弯曲，说明 。（2）由甲、乙两次实验可知，力的作用效果与力的 有关。（3）由甲、丙两次实验可知，力的作用效果与力的 有关。（4）由 和 两次实验可知，力的作用效果与力的大小有关。（5）此次探究活动中用到的方法是 A、控制变量法 B、物理模型法 C、转换法。四、综合题（共 2 小题，每小题 8 分，计 16 分）18（8 分）如图所示，用滑轮组匀速提起 1200N 的重物，拉力做功的功率为 1000W，绳子自由端上升的速度为 2m/s。（1）作用在绳子自由

11、端的拉力为多大？（2）滑轮组的机械效率为多大？19（8 分）如图甲所示，电源电压为 6V 保持不变，灯泡 L 标有“6V 6W”字样，滑动变阻器 R 的最大阻值为 10，灯泡的电流跟其两端电压关系如图乙所示。求：（1）灯泡 L 正常发光时电阻是多少 ；（2）当 S1、S 2 闭合，滑片 P 位于变阻器的最左端，这时电流表的示数为多少 A；（3）当 S1 闭合 S2 断开，当电流表示数为 0.8A 时，变阻器在 10min 内消耗的电能是多少 J；（4）当 S1 闭合 S2 断开，电路中的最小电功率是多少 W。2019 年陕西省西安市未央区联考中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题1关于下

12、列四幅图说法正确的是（ ）A甲图中，演凑者通过手指在弦上按压位置的变化来改变发声的响度B乙图中，敲锣时用力越大，所发声音的音调越高C丙图中，随着向外不断抽气，手机铃声越来越大D丁图中，城市某些路段两旁的透明板墙可以减小噪声污染【分析】（1）声音由物体的振动产生；声音的传播靠介质，真空不能传声；（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（3）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置声源处、传播过程中、人耳处；【解答】解：A、甲图中，演凑者通过手指在弦上按压位置的

13、变化来改变弦的长度，使弦的振动快慢发生变化，从而改变发声的音调；故 A 错误；B、乙图中，敲锣时用力越大，锣面的振动幅度越大，所发声音的响度就越大；故 B 错误；C、丙图中，随着向外不断抽气，传播声音介质（空气）越来越少，手机铃声就越来越小；故 C 错误；D、丁图中，城市某些路段两旁的透明板墙，是在声音的传播过程中减弱噪声，即可以减小噪声污染；故 D 正确；故选：D。【点评】此题考查了声现象的多个知识点：声音的特征、声音的传播、噪声的减弱；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同；真空铃实验说明声音的传播需要介质；减弱噪声有三条途径。2如图为冬天时，女孩通过哈气取暖，男

14、孩通过搓手取暖，这两名儿童的取暖方式分别是（ ）A两人都是通过做功取暖B两人都是通过热传递取暖C女孩通过做功取暖，男孩通过热传递取暖D女孩通过热传递取暖，男孩通过做功取暖【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。【解答】解：女孩通过哈气的方式使手温度升高，在该过程中，嘴里呼出的高温水蒸气将热直接传递给手，故该过程是通过热传递改变物体内能的；男孩通过搓手来取暖，搓手时两手克服摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，故该过程是通过做功的方式使手的内能增加。故选：D。【点评】知道改变内能的两种方式，并能利用这两种方式解释现实问题是解决该题的关键。

15、3下列现象中，可用光的直线传播原理解释的是（ ）A 林间光柱 B 筷子“折断”C 放大文字 D 山的倒影【分析】光在自然界中存在三种光现象：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：A、林间光柱是由光的直线传播形成的，故符合题意；B、筷子“折断”是由光的折射造成的，故不符合题意；C、放大镜放大文字是由光的折射造成的，故不

16、符合题意；D、山的倒影，属于平面镜成像，是利用光的反射的原理，故不符合题意。故选：A。【点评】本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。4关于能源和材料，下列说法中正确的是（ ）A太阳能、风能、天然气都是可再生资源B手机利用电磁波传递信息C超导体材料主要是应用在电饭锅等电器上D铜是磁性材料，可以被磁化【分析】（1）能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源；（2）手机是利用电磁波来传递信息的；（3）超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能，利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作；（4）磁化是指

17、原来没有磁性的物体有了磁性的过程，能够被磁化的物质，除了铁以外还有钴、镍和许多种合金，统称为磁性材料。【解答】解：A、太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，该选项说法不正确；B、手机是利用电磁波来传递信息的，该选项说法正确；C、由于超导体电阻为零，因此用它制作电器，不会发热，因此不能用在电饭锅上，该选项说法不正确；D、铜不是磁性材料，不能被磁化，该选项说法不正确。故选：B。【点评】本题考查了能源的分类、电磁波的应用、超导体、磁性材料的相关知识，具有一定的综合性，是中考选择性题目的考查热点。5在如图所示的各种现象中，主要说明分子间存在引力的是（ ）A 滴在热水中的墨水比滴在冷水中扩散快

18、B 端面磨平的铅块压紧后能连在一起后能够吊住大钩码C 铅板和金板长时间压紧在一起，铅和金会互相渗透D 抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合均匀【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力和斥力。（2）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动。分子运动的快慢和物体的温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，扩散的越快。【解答】解：A、滴在热水中的墨水使热水很快变色，说明分子运动的快慢和物体的温度有关，温度越高，扩散现象越快。故 A 错误；B、端面磨平的铅棒压紧后能够吊住大钩码，说明分子间存在着相互作用的引力，故 B正确；C、铅板和金板长时间压紧在一起，铅和金会互相渗透

19、，属于扩散现象，说明固体分子在不停的做无规则运动。故 C 错误；D、抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，说明气体分子在不停的做无规则运动。故 D 错误。故选：B。【点评】此题考查的知识点有两个：一是分子之间存在着相互作用的引力和斥力；二是扩散现象说明分子在做永不停息地无规则运动，分子运动快慢和物体的温度高低有关。6对铁和玻璃分别加热熔化时，则（ ）A铁和玻璃都会熔化，但铁有熔点，而玻璃没有熔点B玻璃没有熔点，所以不会熔化C铁和玻璃都会熔化，且温度都不断升高D以上说法均不对【分析】本题主要考查了两个方面的知识：（1）对晶体和非晶态特性的了解：晶体有固定的熔点，晶体在熔化过程中吸收热

20、量，温度保持不变；非晶体没有熔点，非晶体在熔化过程中不断吸收热量，温度逐渐升高。（2）对常见晶体物质的了解。【解答】解：铁是晶体，所以会有固定的熔点；而玻璃是非晶体，所以在熔化过程没有固定的熔点；故选：A。【点评】能否记住晶体与非晶体的不同特性是本题的解题关键。7如图所示电路图，电源电压 6V 保持恒定不变，滑动变阻器 R1 的最大阻值是 10，闭合开关 S 后，移动滑动变阻器的滑片 P，电压表示数的变化范围应是（ ）A06V B02V C24V D26V【分析】由电路图可知，V 并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器短路时，电压表示数最小；当滑动变阻器全部接入电路时，电压表的示数最大，根据串联电

21、路的规律可求得电压表的范围。【解答】解：当 P 在最右端时：V 的示数为 OV，当 P 在最左端时：电路中的电流：I 0.2A，I滑动变阻器两端的电压：U 1IR 20.2A 102V ；所以电压表 V 示数的变化范围为： 0V2V。故选：B。【点评】该题考查了利用串联电路特点和欧姆定律确定滑动变阻器阻值变化范围以及欧姆定律的灵活应用。8如图所示，用大小为 5N 的力 F 拉动木板 B，使 B 在水平桌面上向左做匀速直线运动，物体 A 相对于桌面保持静止，物体 A 通过水平轻绳经定滑轮与弹簧测力计相连接，此时弹簧测力计的示数为 2N，下列判断正确的是（ ）A物体 A 受到水平向右的滑动摩擦力B

22、物体 A 受到的滑动摩擦力大小为 2NC若用大小为 6N 的力 F 拉动木板 B，木板 B 的运动状态不变D若用大小为 6N 的力 F 拉动木板 B，物体 A 受到的滑动摩擦力将增大【分析】（1）当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力是滑动摩擦力；滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；（2）平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；（3）对木板 A 进行受力分析即可。【解答】解：A、物块 A 与 B 相互接触，有相对运动，故木块 B 受到 A 的向右摩擦力的作用，同时物体 A 受到 B 的向左摩擦力，故 A 错误；B、物块在水平方向上的受力处于静止状态，即处

23、于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力 fF 弹 2N，故 B 正确；C、用大小为 5N 的力 F 拉动木板 B，使 B 在水平桌面上向左做匀速直线运动，A 对 B的摩擦力为 f2N，地面对 B 的摩擦力为：f Ff 5N2N3N ，若用大小为 6N的力 F 拉动木板 B 时，Ff+f ，故木板 B 不再平衡，做加速运动，故 C 错误；D、A 受到的摩擦力是滑动摩擦力只与压力大小接触面粗糙程度有关，压力大小接触面粗糙程度不变，故物体 A 受到的滑动摩擦力不变，故 D 错误。故选：B。【点评】此题主要考查了二力平衡条件的应用，难度不大，认真分析即可。二、填空与作圈题（共 6 小题，每空 1 分，每

24、图 2 分，计 19 分）9在 2012 年尤伯杯世界羽毛球女团锦标赛中，中国队以 3：0 横扫韩国队，重夺尤伯杯冠军。球迷通过电视看比赛直播，电视是通过 电磁波 来传递信息的；电视机的遥控器是利用 红外线 来实现电视机的遥控（选填 “紫外线”或“红外线）；接球时将球反向击回，说明力可以改变物体的 运动状态 。【分析】（1）电视是通过电磁波来传递信息的，电视机的遥控器是利用红外线来实现电视机的遥控的；（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。【解答】解：电视是通过电磁波来传递信息的，电视机的遥控器是利用红外线来实现电视机的遥控的；羽毛球比赛时，接球将球反向击回，是改变

25、了球的运动状态。故答案为：电磁波；红外线；运动状态。【点评】本考查了电磁波、红外线的应用及力的作用效果，属于识记性内容，比较简单。10（6 分）（1）1820 年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的 磁 效应。（2）通电导线在磁场中要受到力的作用，力的方向跟 电流 的方向、 磁感线 的方向都有关系，利用此现象制成了 电动机 。（3）英国物理学家法拉第经过 10 年的探索，在 1831 年发现了 电磁感应 现象，利用此现象制成了 发电机 。【分析】（1）丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围有磁场。（2）通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向由电流的方向和磁场的方向有关，电动机是利用通电导线在磁场中受力的

26、作用的原理制成的。（3）在奥斯特发现了电流的磁效应后，很多科学家致力于寻找磁场与电流的关系，英国物理学家法拉第经十年的不懈努力，终于发现了闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，即电磁感应现象。【解答】解：（1）1820 年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电流的磁效应。（2）给磁场中的金属棒通电时，其会受力而运动，故能说明通电导线在磁场中受力的作用，即说明磁场对电流有力的作用，力的方向与电流的方向和磁感线的方向都有关系；电动机就是根据这个原理制成的。（3）英国物理学家法拉第经过十年不

27、懈地努力于 1831 年发现了电磁感应现象，利用电磁感应现象，人们发明了发电机。故答案为：（1）磁；（2）电流；磁感线；电动机；（3）电磁感应；发电机。【点评】本题考查了电磁的发现，考查的是物理学史知识及科学知识的应用，学习物理学史不仅能丰富我们的知识，还能激发我们学习物理的兴趣，平时要注意物理学历史知识的学习与积累。11（2 分）2016 年 10 月 17 日 7 时，我国神舟十一号载人飞船在酒泉卫星发射中心用长征二号 F 运载火箭成功发射升空，顺利将景海鹏、陈冬 2 名航天员送入太空。经过两天独立飞行的神舟十一号载人飞船与天宫二号成功对接，如图所示，在对接过程中，选择天宫二号为参照物，飞

28、船是 运动 的（选填“运动”或“静止”）；当太阳光照射“天宫二号”组合体的太阳能帆板时，帆板把光能转化为电能，为飞船上的电器设备提供能源，太阳能属于 可再生能源 （选填“可再生能源”或“不可再生能源”）。【分析】（1）判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的。（2）使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源。【解答】解：（1）在对接过程中，以天宫二号为参照物，飞船相对于天宫二号的位置发生变化，所以飞船是运动的；（2）太阳能在短时间内可以

29、再次产生，是可再生能源。故答案为：运动；可再生能源。【点评】本题借助“神舟十一号”升空考查运动和静止的相对性、能源的分类，注重了物理和生活的联系。1210 秒内通过某导体横截面的电荷量为 6 库，电流做功为 36 焦，则导体两端的电压为 6 伏，通过导体电流为 0.6 安。当该导体两端电压为 3 伏时，电阻为 10 欧。【分析】（1）根据 WUIt UQ 求出导体两端的电压，根据 I 求出通过导体的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。【解答】解：由 WUIt UQ 可得，导体两端的电压：U 6

30、V，通过导体的电流：I 0.6A，由 I 可得，导体的电阻：R 10 ，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端电压为 3 伏时，电阻仍为 10不变。故答案为：6；0.6；10。【点评】本题考查了电功公式和电流的定义式、欧姆定律的应用，要注意导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。13放在水平桌面上的量筒中盛有 120cm3 的水，当把挂在弹簧测力计下的小金属块完全浸入量筒里的水中后，量筒的水面上升到 160cm3 刻度处，弹簧测力计的示数为 3.4N，则金属块的体积为 40 cm3，所受浮力为 0.4 N，金属块的质量为 0.38 kg。【分析】（1）两次

31、量筒中水的体积差即为金属块的体积，即排开水的体积（2）利用阿基米德原理 F 浮 水 gV 排 求金属块受到的浮力。（3）根据称重法求出小金属块受到的重力，根据 Gmg 求出金属块的质量。【解答】解：（1）因为金属块全浸入水中，则金属块的体积等于它排开水的体积，VV 排 V 2V 1160cm 3120cm 340cm 3410 5 m3；（2）金属块受到的浮力：F 浮 水 gV 排 110 3kg/m310N/kg4105 m30.4N；（3）因为 F 浮 +F 拉 G，所以金属块受到的重力：GF 浮 +F 拉 0.4N+3.4N 3.8N；由 Gmg 可得，金属块的质量：m 0.38kg。故

32、答案为：40；0.4；0.38。【点评】本题考查了阿基米德原理、重力公式的应用，计算过程要注意单位的换算，是一道较为简单的计算题。14（2 分）把羊角锤看做杠杆，如图用羊角锤拔钉子，O 为支点，画出在 A 点施加的最小力 F 的示意图及其力臂 L。【分析】由杠杆的平衡条件 F1L1F 2L2 可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点 A 即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。【解答】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可。如图所示：【点评】此题主要考查了杠杆中最小的力的问题，将所学的物理知识与生活实际联系

33、在起来。三、实验与探究题（共 3 小题，每空 1 分，计 19 分）15（8 分）小亮计划做“探究通过导体的电流 I 跟电阻 R 的关系”的实验。他根据实验电路图，在实验桌上连接了如图 1 所示的实验电路，实验桌上还有多个阻值已知的不同的定值电阻。小亮要利用这些器材进行实验探究。（1）请你画出正确的实验电路图。（2）若滑动变阻器的滑片 P 向右移动，接入电路的电阻值变小，则应将滑动变阻器的接线柱 B 连入电路（选填“ A”或“B”）。（3）小亮的探究实验主要步骤如下：闭合开关 S，调节滑片位置，使电压表有合适的示数 U，读出此时电流表的示数 I，并把 R、U、I 记录在数据表格中。调节滑动变阻

34、器的滑片，改变 R 两端的电压，并把 U、I 记录在数据表格中。仿照步骤 ，再做四次实验，并把实验数据记录在表格中。请你根据以上叙述回答下列问题：（4）小亮计划探究的问题中的自变量是 电阻 R ；（5）根据以上实验步骤可知，小亮实际探究的是通过导体的电流 I 与 电压 U 的关系；（6）针对小亮计划探究的问题，在实验步骤中，正确的操作方法应是：断开开关S，改变 电阻 R ，再闭合开关 S，调节滑动变阻器的滑片位置，使 电压表的示数不变 ，并把 R、I 记录在数据表格中。（7）在某次实验中，两电表的示数如图 2 甲、乙所示。此时电流表的示数为 0.48 A，电阻为 5 。【分析】（1）正确画出电

35、路图，电流表、滑动变阻器与电阻串联，电压表与电阻并联；（2）接入电路的电阻值变小，则应使接入电路中电阻线的长度变短；（4）探究电流与电阻的关系，自变量是电阻，因变量是电流；（5）分析步骤中变化的量，得出探究的因素；（6）要探究电流与电阻的关系，应控制电阻两端的电压不变；（7）读出电流表和电压表的示数，由 I 计算出电阻值。【解答】解：（1）电路图如图所示：（2）若滑动变阻器的滑片 P 向右移动，接入电路的电阻值变小，则应使接入电路中的电阻线变短，可知需将滑动变阻器的接线柱 B 接入电路中；（4）探究通过导体的电流 I 跟电阻 R 的关系，则需保持电压不变，改变电阻值，所以自变量为电阻 R；（5

36、）以上步骤中，改变电阻 R 两端的电压，所以实际探究电流与电压的关系；（6）要探究电流与电阻的关系，需改变电阻，保持电压不变，所以断开开关后，改变电阻，然后闭合开关，调节滑片，使电压表的示数不变；（7）由图 2 甲所示，电压表的量程为 03V ，示数为 2.4V；由图乙知，电流表的量程为 00.6A，示数为 0.48A；则 R 5 。故答案为：（1）见上图；（2）B；（4）电阻 R；（5）电压 U；（6）电阻 R；电压表的示数不变；（7）0.48；5。【点评】本题是探究影响电流大小的因素实验，考查了电路图的画法、电流表、电压表的读数及电阻的计算，特别要注意控制变量法的应用。16（6 分）小丁同

37、学从天平山上取下一小块石块，通过实验来测定石块密度。下面是小定同学测量不规则小石块密度的实验过程：A用细线将石块拴好轻轻放入量筒内水中，测出水和石块的总体积 V1；B计算石块的密度；C在量筒中倒入适量的水，测出水的体积 V2；D用天平称出石块的质量 m；请你按正确的操作过程帮他重新排列实验序号 DCAB 。用调节好的天平测小石块的质量时，发现指针在分度标尺上的位置如图甲所示，此时应 减小砝码 或 移动游码 。调整好天平后，平衡时所用的砝码和游码的位置如图乙所示，那么小石块的质量为 52 g用量筒测出小石块的体积如图丙所示，它的体积为 20 cm3，小石块的密度为 2.6103 kg/m3。【分

38、析】（1）测量固体的密度（固体不溶于水）：首先测量固体的质量；然后在量筒中倒入适量的水测量水的体积；把固体浸没在水中，测量水和固体的体积，进而求出固体的体积；再根据密度公式计算。（2） 根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准。如图本标尺的分度值是 0.2g。读取石块的体积时，视线与液面（凹液面的底部）相平。先测量量筒水的体积V120cm 3，小石块的体 V240cm 3，v 石 V 2V 1。根据密度公式 ，计算出石块的密度。【解答】衡；（1）如果先测量石块的体积，再测石块的质量，石块上面会沾有水，使

39、石块的质量偏大，影响测量结果，经分析得，正确的顺序为：D用天平称出小石块的质量 m。C往量筒中倒入适量的水，测出水的体积 V1。A用细线将石块拴好，轻轻放入量筒内的水中，测出水和石块的总体积 V2。B计算石块的密度。（2）用调节好的天平测小石块的质量时，发现指针在分度标尺上的位置如图甲所示，此时应 减小砝码或 移动游码。根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，即m50g+2g52g ；根据量筒的读数方法，视线与液面凹面底部平行，量筒水的体积 V120cm 3，小石块的体 V240cm 3，v 石 V 2V 140cm 320cm 320cm 3；根据密度公式 ，石 2.6

40、gcm 32.610 3kg/m3。故答案为：DCAB ；减小砝码；移动游码；52；20 ；2.610 3。【点评】测固体的密度首先会使用天平，用天平测出固体的质量 m，根据排水法用量筒测出固体的体积 V，再用公式 计算出固体的密度。17（6 分）在探究力的作用效果与什么因素有关的课题中，小明和同学们进行了如下实验：如图甲所示，将一钢尺的下端固定不动，用力 F1 去推动钢尺上 a 点处，观察钢尺的变化。如图乙所示，保持钢尺的下端固定不动，用力 F1 去推动钢尺上的 b 点处，观察钢尺的变化。如图丙所示，保持钢尺的下端固定不动，改变力的方向，用力 F1 去推动钢尺上的 a点处，观察钢尺的变化。如

41、图丁所示，保持钢尺的下端固定不动，用更大的力 F2，去推动钢尺上 a 点处，观察钢尺的变化。（1）实验中，用力推钢尺，钢尺发生弯曲，说明 力可以改变物体的形状 。（2）由甲、乙两次实验可知，力的作用效果与力的 作用点 有关。（3）由甲、丙两次实验可知，力的作用效果与力的 方向 有关。（4）由 甲 和 丁 两次实验可知，力的作用效果与力的大小有关。（5）此次探究活动中用到的方法是 A A、控制变量法 B、物理模型法 C、转换法。【分析】（1）力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；（2）分析甲、乙中的相同点和不同点得出结论；（3）分析甲、丙中的相同点和不同点得出结论；（4）要研究力的作

42、用效果与力的大小有关，必须控制力的方向和作用点相同；（5）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题；每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。【解答】解：（1）由图知，推力的作用效果是使钢尺发生形变，说明力可以改变物体的形状；（2）甲、乙两图，力的大小和方向相同，作用点不同，钢尺的形变不同，可得力的作用效果与力的作用点有关；（3）甲、丙两图，力的大小和作用点相同，方向不同，钢尺的形变不同，可得力的作用效果与力的方向有关；（4）甲、丁两

43、图。力的作用点、方向相同，力的大小不同，钢尺的形变不同，可得力的作用效果与力的大小有关。（5）在探究力作用效果与什么因素有关时，用到了控制变量法；故答案为：（1）力可以改变物体的形状；（2）作用点；（3）方向；（4）甲；丁；（5）A。【点评】本题主要考查学生对力的三要素的理解和掌握，要注意运用控制变量法，注意题目中相同的量和不同的量；对于控制变量法在物理上的应用也要有清晰的认识。四、综合题（共 2 小题，每小题 8 分，计 16 分）18（8 分）如图所示，用滑轮组匀速提起 1200N 的重物，拉力做功的功率为 1000W，绳子自由端上升的速度为 2m/s。（1）作用在绳子自由端的拉力为多大？

44、（2）滑轮组的机械效率为多大？【分析】（1）已知拉力的功率和绳子自由端移动的速度，利用公式 F 得到拉力的大小；（2）由图知承担物重的绳子有 3 段，已知拉力、物重，利用机械效率变形公式得到滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）拉力的功率：P Fv，拉力：F 500N；（2）由图知，n3，滑轮组的机械效率： 100% 100% 100% 100% 100%80%；答：（1）作用在绳子自由端的拉力为 500N；（2）滑轮组的机械效率为 80%。【点评】解答本题时要注意以下几点：拉力做的功是总功，对动滑轮做的功是额外功，承担物重的绳子是直接从动滑轮上引出的绳子；利用好：不计绳重和摩擦，F （G 物+

45、G 轮 ）。19（8 分）如图甲所示，电源电压为 6V 保持不变，灯泡 L 标有“6V 6W”字样，滑动变阻器 R 的最大阻值为 10，灯泡的电流跟其两端电压关系如图乙所示。求：（1）灯泡 L 正常发光时电阻是多少 ；（2）当 S1、S 2 闭合，滑片 P 位于变阻器的最左端，这时电流表的示数为多少 A；（3）当 S1 闭合 S2 断开，当电流表示数为 0.8A 时，变阻器在 10min 内消耗的电能是多少 J；（4）当 S1 闭合 S2 断开，电路中的最小电功率是多少 W。【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据 P 求出灯泡 L 正常发光时电阻；（2）当 S1、S 2 闭合，

46、滑片 P 位于变阻器的最左端时，灯泡 L 与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路中的电流，根据欧姆定律求出通过 L 与 R 的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；（3）当 S1 闭合 S2 断开，当电流表示数为 0.8A 时，变阻器 R 与灯泡 L 串联，电流表测电路中的电流，根据图象读出电流表示数为 0.8A 时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据 WUIt 求出变阻器在 10min 内消耗的电能；（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的电功率最小，根据串联电路的特点得出等式，然后从图象中读出符合的电流和电压值，根据PUI 求

47、出电路中的最小电功率。【解答】解：（1）由 P 可得，灯泡 L 正常发光时电阻：RL 6；（2）当 S1、S 2 闭合，滑片 P 位于变阻器的最左端，灯泡 L 与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路中的电流，通过 L 与 R 的电流分别为：IL 1A，I R 0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：II L+IR1A+0.6A1.6A；（3）当 S1 闭合 S2 断开，当电流表示数为 0.8A 时，变阻器 R 与灯泡 L 串联，电流表测电路中的电流，由图象可知，当电流表的示数为 0.8A 时，灯泡两端的电压 UL3V ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所

48、以，变阻器两端电压：UR UU L6V3V3V ，变阻器在 10min 内消耗的电能：WRU RIt3V0.8A1060s1440J ；（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的电功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且各处的电流相等，所以，UU L+IR，即 6VU L+I 10 ，由图象可知，U L1V，I0.5A 时符合，则电路的最小功率：PUI6V0.5A3W 。答：（1）灯泡 L 正常发光时电阻是 6；（2）当 S1、S 2 闭合，滑片 P 位于变阻器的最左端，这时电流表的示数为 1.6A；（3）当 S1 闭合 S2 断开，当电流表示数为 0.8A 时，变阻器在 10min 内消耗的电能是1440J；（4）当 S1 闭合 S2 断开，电路中的最小电功率是 3W。【点评】本题考查了串并联电路的